2018-2019学年江苏省苏州市吴江区九年级（上）期中物理试卷

2018-2019学年江苏省苏州市吴江区九年级（上）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五总分得分注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。一、单选题1、下列工具中，使用时属于费力杠杆的是()A.羊角锤B.筷子C.瓶盖起子D.天平 2、下表是一些物质的比热容[J/(kg⋅℃)]A.不同的物质，比热容不可能相同B.在阳光照射下，干泥土比湿泥土升温慢C.质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，铝块吸收的热量多D.因为水的比热容较大，所以沿海地区比内陆地区昼夜温差大 3、《墨经》最早记述了秤的杠杆原理，如图中“标”“本”表示力臂，“权”“重”表示力，以下说法符合杠杆平衡原理的是()A.“权”小于“重”时，“标”一定小于“本”B.“权”小于“重”时，A端一定上扬C.增大“重”时，应更换更小的“权”D.增大“重”时，应把“权”向A端移 4、关于温度、内能、热量的说法正确的是()A.物体温度升高一定是吸收了热量 B.物体温度越高，所含的热量越多C.物体吸收热量温度不一定升高 D.热胀冷缩中的“热”“冷”是指内能 5、今年2月，我国台湾省发生地震，一个结构坚固的水塔因地基松软而倾斜。为阻止水塔继续倾斜，救援队借助山石用钢缆拉住水塔。下列方案中，钢缆对水塔拉力最小的是()A. B.C. D. 6、妈妈与小明进行爬山比赛，他们选择的起点、路径和终点都相同，全程设为匀速运动，妈妈的体重是小明的2倍，妈妈所用的时间是小明的3倍，若妈妈克服自身重力做功为W1、功率为P1，小明克服自身重力做功为W2、功率为P2A.W1：W2=2：1；P1：P2=6：1 B.W1：W2C.W1：W2=2：1；P1：P2=3：2 D.W1：W2=27、一杯酒精倒出一半，剩余酒精的质量、密度、比热容和热值的变化情况是()A.质量、密度、比热容和热值不变B.质量变为原来的一半，密度、比热容和热值不变C.质量和密度变为原来的一半，比热容和热值不变D.质量和热值变为原来的一半，密度和比热容不变 8、如图所示是两个工人分别用相同的滑轮按甲、乙两种方式把质量相同的两袋沙子从地面提到二楼，两种方式所做的总功W总甲、W总乙，机械效率为η甲、η乙.A.甲较省力，W总甲<W总乙C.W总甲=W总乙， D.9、如图所示，2018年4月2日8时15分左右，天宫一号目标飞行器进入大气层，绝大部分器件在进入大气层过程中烧蚀销毁，剩余部分落入南太平洋中部区域。天宫一号飞行器在这个过程中，下列说法正确的是()A.动能和重力势能都增加 B.机械能保持不变C.内能是通过做功的方式改变的 D.减少的重力势能全部转化成内能 10、如图所示，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上。其正上方A位置有一只小球。小球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在D位置小球速度减小到零。关于小球下降阶段下列说法中正确的是()A.在B位置小球动能最大B.在C位置弹簧弹性势能最大C.从A→D位置小球重力势能的减少等于弹簧弹性势能的增加D.从A→C位置小球重力势能的减少量等于小球动能的增加量 11、在排球比赛中，小明把排球竖直向上抛出，排球在运动中动能E随时间t变化的图象最接近的是()A. B.C. D. 12、如图所示，利用动滑轮提升一个重为

G

的物块，不计绳重和摩擦，其机械效率为

60%.要使此动滑轮的机械效率达到

90%，则需要提升重力为

G

的物块的个数为()A.3

个 B.4

个 C.5

个 D.6

个 二、填空题1、如图所示的两个滑轮中，属于动滑轮的是______，若滑轮的自重和摩擦不计，当分别用F1、F2匀速提起同一物体时，则F1、F2的大小关系是：F2、物理知识在生活中有广泛的应用，园艺师傅使用如图所示的剪刀修剪树枝时，常把树枝尽量往剪刀的轴口处靠近，这样做的目的是通过______方式达到省力的目的。3、小华用100N的水平推力，推着重500N的物体，在水平地面上10s内匀速直线运动了5m，小华做的功是______J，功率是______W。4、有一同学用如图所示的动滑轮，把500N的重物提升了2m，此时动滑轮的机械效率是80%，那么这位同学做的有用功是______J，总功是______J，作用在绳端的拉力是______N。5、如图所示，把重力为600N的物体匀速推到斜面顶端，斜面长为3m，高为0.9m，实际推力为300N，那么提升物体做的有用功是______J，推力做的总功是______J，斜面的机械效率是______，物体与斜面之间的摩擦力是______N。6、如图所示，图A、B、C、D是四冲程汽油机的工作示意图，图E、F是演示实验的______示意图。C图是______冲程，与它原理相同的是______图所示的演示实验。汽油机的工作示意图中机械能转化为内能的冲程是______图。(后两空选填字母)7、“辽宁舰”服役，圆了中国航母梦。如图为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度。(1)牵引索与蒸汽活塞连接的两个滑轮均为______(选填“定滑轮”或“动滑轮”)。(2)气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能______(选填“增大”或“减小”)，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力。8、如图所示，是一些比赛场馆为残疾人(特别是乘坐轮椅的)建立的专用通道，为残疾人上下台阶提供方便。它实际上也就是我们所学过的简单机械______，使用它的好处是可以______(选填“省力”、“省距离”或“省功”)。9、2018年5月21日凌晨，“鹊桥”号中继星在我国西昌卫星发射中心成功发射升空。“鹊桥”号中继星在随火箭加速上升过程中，重力势能______(选填“增大”、“减小”或“不变”，下同)，动能______，机械能总量______。10、如图所示，小明将长为0.6m，质量可忽略不计的木棒搁在肩上，棒的后端A挂一个40N的物体，肩上支点O离后端A为0.2m，他用手竖直向下施力于B端使木棒保持水平平衡，则手对B端的竖直向下的拉力为______N，木棒对肩的压力大小为______N。三、计算题1、如图所示，是A、B两种燃料完全燃烧释放的热量Q与其质量m的关系图，从图中可看出A燃料的热值______B燃料的热值(选填：“大于“、”小于”或“等于”).在标准大气压下，若一定质量的B燃料完全燃烧释放的热量为4.9×106J，其中有60%的热量被质量为10kg、初始温度为38℃的水吸收，C水______四、作图题1、如图所示，举着哑铃的前臂骨骼可看成杠杆，画出阻力F2的力臂L______2、如图所示，有一个杠杆AOB，可绕0点自由转动，A端吊着一个物体。请找一个动力作用点，并画出使杠杆在图示位置静止时最小力F的示意图及其力臂。______3、如图所示，某人在A处提起物体，请在图中画出既省力又能改变用力方向的绳子绕法。______4、用如图所示的滑轮组在把重为450N的重物竖直匀速提高2m，己知动滑轮重50N.不计绳重及摩擦，求：(1)人拉绳做的有用功。(2)人拉绳做的总功。(3)10s时间，人拉绳子做功的功率。______5、天然气灶使用方便、经济环保。如图所示，在一个标准大气压下，燃气灶燃烧了0.048m3的天然气将一壶质量为3kg、温度为20℃的水加热至沸腾。己知：水的比热容为4.2×103(1)水吸收的热量；(2)天然气完全燃烧放出的热量；(3)此次烧开这壶水的热效率。______6、一辆汽车从静止开始以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，在第10s末速度达到20m/s，然后汽车以此速度作匀速直线运动，前10s内汽车行驶的路程为120m。假定汽车在行驶过程中所受的阻力恒为4000N.则：(1)前10s内汽车克服阻力做的功为多少？(2)汽车发动机的功率为多少？(3)若发动机的效率为50%，则每分钟需要燃烧多少千克汽油才能使发动机达到第(2)问中的功率(己知汽油的热值为5×10______五、实验探究题1、小明在“研究杠杆平衡条件”的实验中所用的实验器材有，刻度均匀的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的0.5N重的钩码若干个。(1)如图A所示，实验前，杠杆左端下沉，则应将左端的平衡螺母向______(选填“左”或”右”)调节，直到杠杆在______位置平衡，目的是便于测量______，支点选在杠杆的中点是为了消除杠杆______对平衡的影响。(2)小明同学所在实验小组完成某次操作后，实验现象如图B所示，他们记录的数据为动力F1=1.5N，动力臂L1=0.1m，阻力F2(3)甲同学测出了一组数据后就得出了“动力×动力臂=阻力×阻力臂”的结论，乙同学认为他的做法不合理，理由是______。(4)丙同学通过对数据分析后得出的结论是：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离，与小组同学交流后，乙同学为了证明丙同学的结论是错误的，他做了如图C的实验，此实验______(选填“能”或”不能”)说明该结论是错误的，图C实验中，已知杠杆上每个小格长度为5cm，每个钩码重0.5N，当弹簧测力计在A点斜向上拉(与水平方向成30∘角)杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，动力×动力臂______(选填“等于”或“不等于”)阻力______2、某同学用如图所示的实验装置测量滑轮组的机械效率，相关数据记录在下表中。实验次数钩码重(N)钩码上升的高度(m)绳端的拉力(N)绳端移动的距离(m)机械效率140.101.80.30260.102.50.30360.152.5(1)实验中，使用滑轮组提升重物时，应竖直向上______拉动弹簧测力计。(2)第二次实验中，2s内钩码上升的高度为0.lm，则拉力F作用点移动的速度为______m/s。(3)第三次实验中，3s内钩码上升的高度为0.15m，拉力F做功的功率为______W，滑轮组的机械效率为______。(4)分析比较第一、二两次实验数据，有用功W1有______W2有，滑轮组的机械效率η2(两空均选填“”“=”或“<”)______3、如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温也相同。(1)比较不同燃料的热值，应选择______两图进行实验；燃料完全燃烧放出的热量的多少，是通过______来反映的。(2)比较不同物质吸热升温的特点：①应选择______两图进行实验；②不同物质吸热的多少是通过______来反映的(选填“温度计升高的示数”或“加热时间”)。③关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是______A、采用相同的加热方法B、烧杯中分别装入相同体积的不同液体C、使用相同的烧杯④如果质量和初始温度均相同的A、B两种液体，采用相同燃料供热，吸热后它们的温度随时间变化的图象如图丁所示，由图可以看出，______液体的温度升高得较快，______液体的比热容较大。______4、某同学在探究弹性势能大小与形变量的关系时，猜测弹性势能可能与形变量x成正比，也可能与形变量的平方x2①弹簧处于自由状态时，读出其上端距水平面的高度h0②将中间有孔的小铁块套在光滑杆上放于弹簧上端，竖直向下按压铁块，读出此时弹簧上端到水平面的高度h1③释放小铁块，当铁块上升到最大高度时，读出铁块下端到水平面的高度h2④改变弹簧的压缩长度，重复步骤②③，将测出的数据记录在表格中，并计算出弹簧的形变量x、形变量的平方x2和小铁块上升的距离实验次数h0h1h2x/mX2△h/m10.500.400.550.100.010.1520.500.300.900.200.040.6030.500.201.550.300.091.3540.500.152.000.350.121.85(1)实验中弹簧的形变量x=______(用所测物理量符号表示)；(2)本实验中，弹簧弹性势能大小是通过______来间接反映的；A.h

；；C.hD.h(3)该同学根据表中数据分别做出图甲△h-x和图乙△h-x______

2018-2019学年江苏省苏州市吴江区九年级（上）期中物理试卷参考答案一、单选题第1题参考答案:B解：A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆。故选：B。结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:C解：A、比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类有关，由表可知，冰的比热容和煤油的比热容是相同的，故A错误；B、干泥土的比热容要小于湿泥土的比热容，在同等质量、同样吸热的情况下，干泥土的温度上升的高，故B错误；C、已知c_{铜}<c_{铝}，质量相同的铝块和铜块升高相同的温度，根据Q=cm\trianglet可知，比热容大的物质，吸热的热量多，故C正确。D、砂石的比热容较小，吸收或放出相同的热量，温度变化大，所以内陆地区昼夜温差较大，故D错误；故选：C。(1)比热容：单位质量的某种物质温度升高(或降低)1℃，吸收(或放出)的热量叫做这种物质的比热容；(2)比热容是物质的一种特性，不同的物质比热容一般不同；比热容与物质的种类有关，同种物质状态改变，比热容就发生了改变；(3)物质吸收或放出的热量用公式Q=cm\trianglet计算，其中c表示物质的比热容，\trianglet表示物质温度的变化量。本题的解题关键是知道：比热容是物质的一种特性，它只与物质的种类有关，比热容表示物质吸放热的能力。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:D解：由题意和图示可知，权、重分别为杠杆的动力和阻力，标、本分别为动力臂和阻力臂，根据杠杆平衡条件知，权×标=重×本。A、“权”小于“重“时，由“权×标=重×本”知，“标”一定大于“本”，故A错误；B、“权”小于“重”时，“本”是一定的，但“标”是可以改变的，所以A端不一定上扬，故B错误；C、增大“重”时，“本”不变，由“权×标=重×本”知，可以增大“标”，或增大“权”，故C错误。D、增大“重”时，“权”和“本”不变，由“权×标=重×本”知，“标”会增大，所以应把“权”向A端移，故D正确；故选：D。杆秤实际是以提纽为支点的杠杆，利用杠杆平衡条件分析力或力臂的变化。此题考查杠杆平衡的条件及获取信息的能力，使学生感悟中国古代科技的成就。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:C解：A、物体温度升高可能是吸收了热量，也可能是外界对其做了功，故A错误；B、热量是一个过程量，不能用含用来修饰，故B错误；C、物体吸收热量温度不一定升高，如晶体熔化时，吸热但温度不变，故C正确；D、热胀冷缩中的“热”“冷”是指温度的高和低，而不是指内能，故D错误。故选：C。①改变物体内能的方式有做功和热传递两种，这两种方式是等效的。②热量是一个过程量，不能用含用、具有来修饰。③物体的温度升高，内能增大，但温度不一定升高，如晶体熔化等。④“热”可以是指热量、也可以是指温度、也可能是指内能，结合实际可做出判断。①要正确理解温度、热量与内能的关系，改变物体内能的两种方法是等效的，以及热传递的条件和热传递的特点。②知道物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体吸收了热量，不一定是用来升高温度。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:B解：图中的水塔可看作一根杠杆，与地面的接触点为支点，阻力为水塔的重力，钢缆的拉力为动力；由下图可知，O为支点，作用在B点的拉力为动力，以OB为力臂时动力臂最长，由杠杆平衡条件可知此时动力最小，拉力的方向应垂直于杠杆斜向上。故选：B。根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，在阻力×阻力臂一定的情况下，动力臂越大，动力将越小。本题考查杠杆平衡条件的应用，在力与力臂乘积一定的情况下，若支点与力的作用点成为力臂，此时的力臂最大，使用杠杆最省力。---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:D解：由题可知，妈妈与小明爬山的高度相同，妈妈的体重是小明的2倍，即G_{1}：G_{2}=2：1，妈妈所用的时间是小明的3倍，即t_{1}：t_{2}=3：1，(1)由W=Gh可得，妈妈和小明克服重力做功之比：\dfrac{W_{1}}{W_{1}}=\dfrac{G_{1}h}{G_{2}h}=\dfrac{G_{1}}{G_{2}}=\dfrac{2}{1}；(2)由P=\dfrac{W}{t}可得，妈妈和小明克服重力做功的功率之比：\dfrac{P_{1}}{P_{2}}=\dfrac{\dfrac{W_{1}}{t_{1}}}{\dfrac{W_{2}}{t_{2}}}=\dfrac{W_{1}}{W_{2}}×\dfrac{t_{2}}{t_{1}}=\dfrac{2}{1}×\dfrac{1}{3}=\dfrac{2}{3}。故ABC错误，D正确。故选：D。(1)爬山比赛过程中，两人爬山的高度相同，根据W=Gh求出做功之比；(2)根据P=\dfrac{W}{t}求出功率之比。此题主要考查的是学生对功和功率计算公式的理解和掌握，代入数值时不要颠倒是解决此题的关键，属于基础性题目，难度不大。---------------------------------------------------------------------第7题参考答案:B解：酒精的比热容、热值、密度三个物理量，都是表示酒精的某种特性；是从不同的角度来描述酒精的特性，只与物质的种类和状态有关，是一般不发生变化的量；一瓶酒精用去一半，则剩下的酒精的比热容、热值、密度不变；故ACD错误；质量是指物体所含物质的多少，一瓶酒精用去一半后，其质量将减半，故B正确；故选：B。质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变；密度、比热容、热值是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关，同种物质的密度、比热容、热值一般不变。此题主要考查学生对物质有关物理量概念的理解和掌握，明确各个物理量的真正含义后，可顺利解决此题。---------------------------------------------------------------------第8题参考答案:D解：(1)不计绳重和摩擦，由图可知，甲图为定滑轮，不能省力；乙图为动滑轮，能够省力，所以提起相同的重物，乙工人用力较小，即乙较省力；(2)因为分别用甲、乙两滑轮把质量相同的两袋沙子提到二楼，物体的重力相同，提升的高度相同，根据公式W=Gh可知两种情况的有用功相同，即W_{有用甲}=W_{有用乙}。不计绳重和摩擦，甲中所做的总功为对一袋沙子所做的功，没有做额外功，所以甲做的总功少，且有用功相同，所以甲的机械效率高；又因为乙是动滑轮，乙中所做的总功还要加上对动滑轮所做的功，利用乙滑轮做的额外功多，则总功越多，机械效率越低；即W_{总甲}<W_{总乙}，η_{甲}>η_{乙}；综上所述，D正确，ABC错误。故选：D。(1)根据定滑轮和动滑轮的工作特点分析解答；(2)由“分别用甲、乙两滑轮把相同的两袋沙子从地面提到二楼”可知两种情况的有用功；由图可知甲是定滑轮，乙是动滑轮，利用乙滑轮做的额外功多；再根据总功等于有用功加上额外功，可以比较出两种情况的总功大小。然后利用η=\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{总}}}即可比较出二者机械效率的大小。此题主要考查功的计算和机械效率的大小比较这一知识点，比较简单，主要是学生明确哪些是有用功，额外功，总功，然后才能正确比较出两种情况下机械效率的大小。---------------------------------------------------------------------第9题参考答案:C解：A、天宫一号飞行器在进入大气层过程中，速度虽然变大，但质量因烧蚀在不断减小，所以动能不能确定；同时高度降低，重力势能一定减小，故A错误；B、由于飞行器克服空气的摩擦阻力做功，一部分机械能转化为内能，所以其机械能减小，故B错误；C、天宫一号飞行器在进入大气层过程中，与空气发生摩擦，是通过做功的方式改变内能的，故C正确；D、在整个过程中，减少的重力势能会有一部分转化为动能，所以不能全部转化成内能，故D错误。故选：C。(1)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，机械能等于动能与势能的总和。结合其运动状态可做出判断。(2)改变物体内能的方法有做功和热传递；对物体做功可将机械能转化为内能。了解动能、重力势能、机械能的影响因素，会分析做功对机械能和内能转化的影响是解答本题的关键。---------------------------------------------------------------------第10题参考答案:C解：AB、小球从B至C过程，重力大于弹力，合力向下，小球加速，C到D，重力小于弹力，合力向上，小球减速，故在C点动能最大；在D点时，弹簧被压缩到最短，弹性形变最大，所以弹性势能最大；故AB错误；C、小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从A→D位置，动能变化量为零，所以小球重力势能的减小等于弹簧弹性势能的增加，故C正确。D、小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从A→C位置小球重力势能的减少等于动能增加量与弹性势能增加量之和，故D错误。故选：C。小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒，在平衡位置C动能最大。本题关键是要明确能量的转化情况，同时要知道在平衡位置动能最大。---------------------------------------------------------------------第11题参考答案:A解：小明把排球竖直向上抛出，排球向上运动，高度变大，速度减小，动能转化为重力势能，动能减小，到达最高时速度为0，动能为0，排球在重力的作用向下运动，高度减小，速度变大，重力势能转化为动能，动能变大，故动能先变小至0，然后再变大，故A符合题意。故选：A。(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能的变化。---------------------------------------------------------------------第12题参考答案:D解：不计绳重和摩擦，提升物体重力所做的功为有用功，提升物体重力和动滑轮重力所做的功为总功，则动滑轮的机械效率：η=\dfrac{W_{{有}}}{W_{{总}}}×100\%=\dfrac{Gh}{(G+G_{{动}})h}×100\%=\dfrac{G}{G+G_{{动}}}×100\%=60\%，解得：G_{动}=\dfrac{2}{3}G，设动滑轮的机械效率达到

90\%时提升物块的个数为n，则η′=\dfrac{G′}{G{{'}}+G_{{动}}}×100\%=\dfrac{nG}{nG+\dfrac{2}{3}G}×100\%=90\%，解得：n=6。故选：D。不计绳重和摩擦，提升物体重力所做的功为有用功，提升物体重力和动滑轮重力所做的功为总功，根据η=\dfrac{W_{{有}}}{W_{{总}}}×100\%得出动滑轮的机械效率，然后分别表示出动滑轮机械效率60\%和90\%的等式得出答案。本题考查了滑轮组机械效率公式的应用，明确有用功和总功是解题的关键。二、填空题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:乙

大于

;解：①图乙的滑轮随物体一起运动，属于动滑轮；②不计摩擦和动滑轮重：用F_{1}的力提升重物时，用的是定滑轮；根据定滑轮不省力，故F{\,\!}_{1}=G；用F_{2}的力提升重物时，用的是动滑轮；滑轮的自重和摩擦不计，根据动滑轮能够省一半的力，故F{\,\!}_{2}=\dfrac{1}{2}G；所以F_{1}>F_{2}。故答案为：乙；大于。定滑轮的轮轴是固定的，使用定滑轮不能省力，但可以改变力的方向；动滑轮的轮轴与物体一起运动，使用动滑轮可以省力。本题考查了滑轮分类、使用定滑轮和动滑轮省力特点的应用，属于基础题目。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:减小阻力臂解：剪树枝时，树枝尽量往剪刀轴O靠近，减小了阻力臂，而阻力和动力臂不变，由杠杆平衡的条件F_{1}L_{1}=F_{2}L_{2}可知，动力F_{1}会减小，因此更省力；故答案为：减小阻力臂。把树枝尽量往剪刀轴处靠近，减小了阻力臂，在阻力、动力臂一定的情况下，由杠杆的平衡条件可知，减小了动力，将更省力。本题考查了杠杆平衡条件的实际应用，灵活运用杠杆的平衡条件分析有关杠杆的实际做法，多积累，能恰当的使用好杠杆(省力或省距离)。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:500

50

;解：小华做的功：W=Fs=100N×5m=500J；小华做功的功率：P=\dfrac{W}{t}=\dfrac{500J}{10s}=50W。故答案为：500；50。(1)知道水平推力和物体在水平地面移动的距离，根据W=Fs求出小华做的功；(2)知道推力做的功和所用的时间，根据P=\dfrac{W}{t}求出小华做功的功率。本题考查了学生对功的公式和功率公式的掌握和应用，其中有一个干扰因素，那就是物体的重力为500N，在解答本题中，不用考虑物体的重力，因为物体并没有在重力的作用下做功，小华也没有克服物体的重力做功，所以理解做功的两个必要因素很关键。另外在算小华的功率时，也可以利用P=Fv来算，因为物体在小华的推力作用下做的是匀速直线运动。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:1000

1250

312.5

;解：(1)同学做的有用功：W_{有用}=Gh=500N×2m=1000J；因为η=\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{总}}}=80\%，所以拉力做的总功：W_{总}=\dfrac{W_{{有用}}}{80\%}=\dfrac{1000J}{80\%}=1250J；(2)由图可知使用的是动滑轮，n=2，绳端移动的距离：s=2h=2×2m=4m，由W_{总}=Fs可得，作用在绳端的拉力：F=\dfrac{W_{{总}}}{s}=\dfrac{1250J}{4m}=312.5N。故答案为：1000；1250；312.5。(1)根据公式W=Gh求出有用功；利用机械效率公式η=\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{总}}}×100\%求总功；(2)由图可知使用的是动滑轮，n=2，s=2h，根据公式W_{总}=Fs求出拉力的大小。本题考查了使用动滑轮时有用功、总功、拉力的计算，利用好机械效率公式、功的公式是关键。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:540

900

60%

120

;解：(1)由题知，斜面长s=3m，斜面高h=0.9m，物体重G=600N，推力F=300N；有用功：W_{有用}=Gh=600N×0.9m=540J，推力做的总功：Fs=300N×3m=900J，斜面的机械效率：η=\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{总}}}=\dfrac{540J}{900J}×100\%=60\%。(2)额外功：W_{额外}=W_{总}-W_{有用}=900J-540J=360J，由W_{额外}=fs可得摩擦力：f=\dfrac{W_{{额}}}{s}=\dfrac{360J}{3m}=120N；故答案为：540；900；60\%；120。(1)把物体匀速推到斜面顶端，提升重物做的功是有用功，推力做的功是总功，斜面的机械效率是有用功跟总功的比值。(2)额外功等于总功减去有用功，克服摩擦力所做的功是额外功，据此求摩擦力。本题考查了使用斜面时摩擦力和机械效率的计算，区分使用斜面时有用功、额外功和总功是解题的关键。---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:原理

做功

F

B

;解：(1)A图中，进气门开启，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程；B图中，两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，此冲程将机械能转化为内能；C图中，两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，此冲程将内能转化为机械能；D图中，排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程；(2)E图是用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧。是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程；F图是水蒸气膨胀对外做功，将塞子冲出，是内能转化为机械能。综上所述，图E、F是演示实验的原理示意图。C图是做功冲程，与它原理相同的是F图所示的演示实验。汽油机的工作示意图中机械能转化为内能的冲程是B图。故答案为：原理；做功；F；B。(1)判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活塞上行为压缩冲程和排气冲程；活塞下行为吸气冲程和做功冲程。(2)改变物体内能的方式有热传递和做功两种。做功改变物体内能的实质是能量的转化，具体来说是内能和机械能的相互转化。对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低。此题是通过内燃机的工作原理和课本中的实验来验证做功改变物体内能的方法，是一道比较简单的实验题，掌握热机的工作原理。---------------------------------------------------------------------第7题参考答案:定滑轮

减小

;解：(1)定滑轮是轴的位置固定不动的滑轮；由图可知，牵引索与蒸汽活塞连接的两个滑轮为定滑轮；(2)气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能减小。故答案为：(1)定滑轮；(2)减小。(1)知道定滑轮是轴的位置固定不动的滑轮，动滑轮是轴的位置随被拉物体一起运动的滑轮。(2)物体对外界做功，物体的内能减小，温度降低。本题考查定滑轮和动滑轮的定义、改变内能的方法，是一道基础题。---------------------------------------------------------------------第8题参考答案:斜面

省力

;解：根据斜面的定义可知，如题所示为残疾人(特别是乘坐轮椅的)建立了专用通道实际上就是简单机械的一种--斜面；使用斜面时，若不计摩擦，斜面长是斜面高的几倍，所用推力就是斜面长的几分之一，所以使用斜面可以省力。故答案为：斜面；省力。根据斜面的定义可判断在所有的比赛场馆为残疾人建立了专用通道，是我们所学过的简单机械斜面，使用斜面可以省力，斜面越平缓，越省力，但同时也就越费距离。此题考查了斜面和杠杆等简单机械，此类题目往往与实际生活联系非常密切，引导学生善于观察，并用作学物理知识对此类现象作出解释，既能加深对所学知识的理解，激发学生学习兴趣，也能拓展学生思维，符合新课程理念。---------------------------------------------------------------------第9题参考答案:增大

增大

增大

;解：“鹊桥”号中继卫星随火箭加速上升过程中，质量不变、速度增大，动能变大；同时，质量不变、高度增加，所以重力势能变大；由于机械能等于动能和势能之和，故其机械能不断增大。故答案为：增大；增大；增大。机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化；动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大。此题考查机械能的知识；机械能的大小取决于动能和势能的大小，根据题目中动能和势能的大小变化可分析出机械能的大小变化。---------------------------------------------------------------------第10题参考答案:20

60

;解：(1)以O为支点，动力为手对木棒B端的拉力F，阻力为物体对木棒A端的拉力，大小等于G，根据杠杆的平衡条件有：F×OB=G×OA，即：F×(0.6m-0.2m)=40N×0.2m，解得：F=20N；(2)木棒对肩的压力：F_{压}=F+G=20N+40N=60N。故答案为：20；60。(1)根据杠杆平衡条件求出手对木棒B端的拉力大小；(2)木棒对肩的压力大小等于手对木棒B端的拉力、物体对木棒的拉力之和。此题考查了杠杆平衡条件的应用，要知道：木棒对肩的压力大小等于手对木棒B端的拉力、物体对木棒A端的拉力之和。三、计算题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:小于

62

解：(1)取相同质量m_{0}，由图可知，Q_{B}>Q_{A}∵q=\dfrac{Q}{m}，∴q_{B}>q_{A}。(2)水吸收的热量：Q_{吸}=Q_{放}η=4.9×10^{6}J×60\%=2.94×10^{6}J；∵Q_{吸}=cm\trianglet，∴水升高的温度：\trianglet=\dfrac{Q_{{吸}}}{c_{{水}}m_{{水}}}=\dfrac{2.94×10^{6}J}{4.2\times10^{3}J/(kg\cdot^{\circ}C)\times10kg}=70℃，水的末温t=t_{0}+\trianglet=38℃+70℃=108℃，在一标准大气压下水的沸点是100℃，水的温度升高到100℃，温度不再变化，因此水的温度将升高100℃-38℃=62℃。故答案为：小于；62。(1)单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量叫这种燃料的热值，在图象上取某一质量m_{0}，比较相应的Q值，从而比较这两种燃料的热值大小。(2)知道水的质量、水的比热容，根据Q_{放}=Q_{吸}=cm\trianglet可计算水升高的温度。(注意水的末温为100℃，水沸腾时，吸热但温度不变)。本题考查学生对燃料完全燃烧放出热量公式和吸热公式的掌握和运用，计算时注意沸腾特点。四、作图题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:解：当手握哑铃向上曲肘时，若把前臂看成杠杆，支点在肘关节的O位置，先画出F2的作用线，从支点向F2做垂线段，可得F2的力臂L2．如图所示：从支点做阻力作用线的垂线，支点到垂足的距离即阻力的力臂。据此画图。明确力臂的概念，从支点向力的作用线画垂线，即可找出力臂的位置。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，A点离支点最远，当OA作为动力臂时，动力臂最长；由图知动力的方向应该向上，过点A垂直于OA向上作出最小动力示意图，如下图所示：(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F_{1}L_{1}=F_{2}L_{2})，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:解：由于要求既可以省力又可以改变力的方向，所以绳子自由端拉力的方向必须向下，则绳子从定滑轮下面的挂钩开始绕起，如图所示：滑轮组绳子的绕法有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕，这种绕法有偶数段绳子承担物重；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再绕过上面的定滑轮再向下，依次反复绕，这种绕法有奇数段绳子承担物重。此题主要考查滑轮组承担物重绳子股数，滑轮组的绕线方法不同，达到省力程度不同，拉力的方向也不同。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:解：（1）人拉绳子做的有用功：W有=Gh=450N×2m=900J；（2）由图可知，n=3，绳子自由端移动的距离s=2h=2×3m=6m，不计绳重及摩擦，拉力F=（G+G动）=（450N+50N）=N，人拉绳子做的总功：W总=Fs=N×6m=1000J；（3）人拉绳子做功的功率：P===100W。答：（1）人拉绳做的有用功为900J；（2）人拉绳做的总功为1000J；（3）10s时间，人拉绳子做功的功率为100W。(1)利用W=Gh计算人克服重力所做的有用功(2)首先判断滑轮组绳子的有效股数，利用s=nh求出绳子自由端移动的距离，不计绳重及摩擦，拉力F=\dfrac{1}{3}(G+G_{动})，再利用W=Fs计算拉绳子做的总功；(3)利用P=\dfrac{W}{t}计算人拉绳子做功的功率。此题考查了使用滑轮组时功、功率的计算，关键是利用好关系：不计绳重及摩擦，拉力F=\dfrac{1}{3}(G+G_{动})。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:解：（1）在一个标准大气压下，水的沸点为100℃，即水的末温为100℃，水吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×3kg×（100℃-20℃）=1.008×106J；（2）天然气完全燃烧放出的热量：Q放=Vq=0.048m3×3.5×107J/m3=1.68×106J；（3）此次烧开这壶水的热效率：η==×100%=60%。答：（1）水吸收的热量为1.008×106J；（2）天然气完全燃烧放出的热量为1.68×106J；（3）此次烧开这壶水的热效率为60%。(1)知道水的比热容、水的质量、初温和末温，利用吸热公式Q_{吸}=cm(t-t_{0})求水吸收的热量；(2)根据Q_{放}=Vq可求出天然气完全燃烧放出的热量；(3)水吸收的热量跟天然气完全燃烧放出的热量之比等于燃气灶的效率。本题考查了燃料完全燃烧放热公式Q_{放}=Vq、Q_{吸}=cm\trianglet=cm(t-t_{0})和效率公式的应用，要注意：在一个标准大气压下，水的沸点为100℃。---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:解：（1）汽车克服阻力做的功：W=fs=4000N×120m=4.8×105J；（2）汽车发动机的功率：P===4.8×104W；（3）发动机每分钟做的功：W′=Pt′=4.8×104W×60s=2.88×106J，由η=得，燃烧汽油放出的热量：Q放===5.76×106J，由Q=mq得，燃烧汽油的质量：m===0.1152kg。答：（1）前10s内汽车克服阻力做的功为4.8×105J；（2）汽车发动机的功率为4.8×104W；（3）每分钟需要燃烧0.1152kg汽油。(1)知道前10s行驶的路程和所受的阻力，根据W=fs求出汽车克服阻力做的功；(2)根据P=\dfrac{W}{t}求出汽车发动机的功率；(3)根据公式求出在此功率下每分钟做的功，根据发动机效率求出燃烧汽油放出的热量，再根据Q=mq求出汽油的质量。此题考查速度公式及其应用、功和效率的计算、燃料的热值，其中第(3)是本题的易错点。五、实验探究题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:右

水平

力臂

自重

0.15

一组实验数据太少，具有偶然性，不便找出普遍规律

能

等于

解：(1)调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；(2)杠杆平衡条件为：F_{1}L_{1}=F_{2}L_{2}。由杠杆平衡条件得：1.5N×0.1m=1N×L_{2}，得：L_{2}=0.15m；(3)只有一次实验得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂。这种结论很具有偶然性，不合理。要进行多次实验，总结杠杆平衡条件。(4)丙同学通过对数据分析后得出的结论是：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离，与小组同学交流后，乙同学为了证明丙同学的结论是错误的，他做了如图C的实验，此实验能得到“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”，这个结论是不正确的；当动力臂不等于支点到动力作用点的距离时，看实验结论是否成立，所以利用图C进行验证；杠杆平衡条件为：F_{1}L_{1}=F_{2}L_{2}。由杠杆平衡条件得：4×0.5N×3×5cm=3N×\dfrac{1}{2}×4×5cm，左右相等，杠杆在水平位置平衡时，动力×动力臂等于阻力×阻力臂。故答案为：(1)右；水平；力臂；自重；(2)0.15；(3)一组实验数据太少，具有偶然性，不便找出普遍规律；(4)能；等于。(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂，支点在杠杆的中点是为了消除杠杆的自重；(2)根据杠杆平衡条件分析解答；(3)探究杠杆平衡条件时，一般要进行多次测量，为了使实验结论具有普遍性，只有一次实验得出的结论是不科学的。(4)利用力臂不在杠杆上的情况进行实验；根据杠杆平衡条件分析解答。本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算。当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:匀速

0.15

0.375

80%

＜

＜

增加物重

解：(1)实验中，使用滑轮组提升重物时，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，此时测力计示数等于拉力大小；(2)钩码运动的速度为：v_{钩码}=\dfrac{h}{t}=\dfrac{0.1m}{2s}=0.05m/s；由图示可知，滑轮组承重绳子有效股数n=3，拉力F作用点移动的速度：v=nv_{钩码}=3×0.05m/s=0.15m/s；(3)第3次测量中，绳端移动的距离s=nh=3×0.15m=0.45m；钩码运动的速度为：v_{钩码}=\dfrac{h}{t}=\dfrac{0.15m}{3s}=0.05m/s；拉力F作用点移动的速度：v=nv_{钩码}=3×0.05m/s=0.15m/s；拉力F做功的功率为：P=\dfrac{W}{t}=\dfrac{Fs}{t}=Fv=2.5N×0.15m/s=0.375W；第3次测量中，绳端移动的距离s=nh=3×0.15m=0.45m；滑轮组的机械效率：η_{3}═\dfrac{W_{{有用}}}{W_{{总}}}=\dfrac{Gh}{Fs}