2025版高考数学一轮总复习10年高考真题分类题组11.2离散型随机变量及其分布列均值与方差

.2离散型随机变量及其分布列、均值与方差考点离散型随机变量及其分布列、均值与方差1.(2024北京理,17,12分)电影公司随机收集了电影的有关数据,经分类整理得到下表:电影类型第一类其次类第三类第四类第五类第六类电影部数14050300200800510好评率0.40.20.150.250.20.1好评率是指:一类电影中获得好评的部数与该类电影的部数的比值.假设全部电影是否获得好评相互独立.(1)从电影公司收集的电影中随机选取1部,求这部电影是获得好评的第四类电影的概率;(2)从第四类电影和第五类电影中各随机选取1部,估计恰有1部获得好评的概率;(3)假设每类电影得到人们喜爱的概率与表格中该类电影的好评率相等.用“ξk=1”表示第k类电影得到人们喜爱,“ξk=0”表示第k类电影没有得到人们喜爱(k=1,2,3,4,5,6).写出方差Dξ1,Dξ2,Dξ3,Dξ4,Dξ5,Dξ6的大小关系.解析(1)由题意知,样本中电影的总部数是140+50+300+200+800+510=2000,第四类电影中获得好评的电影部数是200×0.25=50.故所求概率是502000(2)设事务A为“从第四类电影中随机选出的电影获得好评”,事务B为“从第五类电影中随机选出的电影获得好评”.故所求概率为P(AB+AB)=P(AB)+P(AB)=P(A)(1-P(B))+(1-P(A))P(B).由题意知:P(A)估计为0.25,P(B)估计为0.2.故所求概率估计为0.25×0.8+0.75×0.2=0.35.(3)Dξ1>Dξ4>Dξ2=Dξ5>Dξ3>Dξ6.解后反思古典概型的概率以及方差的求解:在运用古典概型的概率公式时,应当留意:(1)要推断该概率模型是不是古典概型;(2)先分清基本领件的总数n与事务A中包含的结果数m,再利用公式P(A)=mn求出事务A发生的概率.在求方差时,要学会推断随机变量是不是听从特别分布,若听从,则利用特别分布的方差公式求解2.(2024天津理,16,13分)已知某单位甲、乙、丙三个部门的员工人数分别为24,16,16.现采纳分层抽样的方法从中抽取7人,进行睡眠时间的调查.(1)应从甲、乙、丙三个部门的员工中分别抽取多少人?(2)若抽出的7人中有4人睡眠不足,3人睡眠足够,现从这7人中随机抽取3人做进一步的身体检查.(i)用X表示抽取的3人中睡眠不足的员工人数,求随机变量X的分布列与数学期望;(ii)设A为事务“抽取的3人中,既有睡眠足够的员工,也有睡眠不足的员工”,求事务A发生的概率.解析本题主要考查随机抽样、离散型随机变量的分布列与数学期望、互斥事务的概率加法公式等基础学问.考查运用概率学问解决简洁实际问题的实力.(1)由已知,甲、乙、丙三个部门的员工人数之比为3∶2∶2,由于采纳分层抽样的方法从中抽取7人,因此应从甲、乙、丙三个部门的员工中分别抽取3人,2人,2人.(2)(i)随机变量X的全部可能取值为0,1,2,3.P(X=k)=C4所以,随机变量X的分布列为X0123P112184随机变量X的数学期望E(X)=0×135+1×1235+2×1835+3×4(ii)设事务B为“抽取的3人中,睡眠足够的员工有1人,睡眠不足的员工有2人”;事务C为“抽取的3人中,睡眠足够的员工有2人,睡眠不足的员工有1人”,则A=B∪C,且B与C互斥.由(i)知,P(B)=P(X=2),P(C)=P(X=1),故P(A)=P(B∪C)=P(X=2)+P(X=1)=67所以,事务A发生的概率为67名师点睛超几何分布描述的是不放回抽样问题,随机变量为抽到某类个体的个数.超几何分布的特点:(1)考察对象分两类;(2)已知各类对象的个数;(3)从中抽取若干个个体,考察某类个体个数X的概率分布.超几何分布主要用于抽检产品、摸不同类别的小球等概率模型,其实质是古典概型.3.(2017天津理,16,13分)从甲地到乙地要经过3个十字路口,设各路口信号灯工作相互独立,且在各路口遇到红灯的概率分别为12,13,(1)记X表示一辆车从甲地到乙地遇到红灯的个数,求随机变量X的分布列和数学期望;(2)若有2辆车独立地从甲地到乙地,求这2辆车共遇到1个红灯的概率.解析本小题主要考查离散型随机变量的分布列与数学期望,事务的相互独立性,互斥事务的概率加法公式等基础学问.考查运用概率学问解决简洁实际问题的实力.(1)随机变量X的全部可能取值为0,1,2,3.P(X=0)=1-12×1-1P(X=1)=12×1-13×1-14+1-12×13×1-14+1-12×1-13×P(X=2)=1-12×13×14+12×1-13×1P(X=3)=12×13×14所以,随机变量X的分布列为X0123P11111随机变量X的数学期望E(X)=0×14+1×1124+2×14+3×1(2)设Y表示第一辆车遇到红灯的个数,Z表示其次辆车遇到红灯的个数,则所求事务的概率为P(Y+Z=1)=P(Y=0,Z=1)+P(Y=1,Z=0)=P(Y=0)P(Z=1)+P(Y=1)P(Z=0)=14×1124+11=1148所以,这2辆车共遇到1个红灯的概率为1148技巧点拨解决随机变量分布列问题的关键是正确求出随机变量可以取哪些值以及取各个值时对应的概率,只有正确理解随机变量取值的意义才能解决这个问题,理解随机变量取值的意义是解决这类问题的必要前提.4.(2017山东理,18,12分)在心理学探讨中,常采纳对比试验的方法评价不同心理示意对人的影响,详细方法如下:将参与试验的志愿者随机分成两组,一组接受甲种心理示意,另一组接受乙种心理示意,通过对比这两组志愿者接受心理示意后的结果来评价两种心理示意的作用.现有6名男志愿者A1,A2,A3,A4,A5,A6和4名女志愿者B1,B2,B3,B4,从中随机抽取5人接受甲种心理示意,另5人接受乙种心理示意.(1)求接受甲种心理示意的志愿者中包含A1但不包含B1的概率;(2)用X表示接受乙种心理示意的女志愿者人数,求X的分布列与数学期望EX.解析本题考查离散型随机变量的分布列,期望.(1)记接受甲种心理示意的志愿者中包含A1但不包含B1的事务为M,则P(M)=C84C(2)由题意知X可取的值为0,1,2,3,4,则P(X=0)=C65CP(X=1)=C64CP(X=2)=C63CP(X=3)=C62CP(X=4)=C61C因此X的分布列为X01234P151051X的数学期望是EX=0×P(X=0)+1×P(X=1)+2×P(X=2)+3×P(X=3)+4×P(X=4)=0+1×521+2×1021+3×521解后反思(1)求离散型随机变量X的分布列的步骤:①理解X的含义,写出X全部可能的取值.②求X取每个值时的概率;③写出X的分布列.(2)求离散型随机变量的分布列的关键是求随机变量取各个值时对应的概率,在求解时,要留意应用计数原理,古典概型概率公式等学问.5.(2016天津理,16,13分)某小组共10人,利用假期参与义工活动,已知参与义工活动次数为1,2,3的人数分别为3,3,4.现从这10人中随机选出2人作为该组代表参与座谈会.(1)设A为事务“选出的2人参与义工活动次数之和为4”,求事务A发生的概率;(2)设X为选出的2人参与义工活动次数之差的肯定值,求随机变量X的分布列和数学期望.解析(1)由已知,有P(A)=C31C所以,事务A发生的概率为13(2)随机变量X的全部可能取值为0,1,2.P(X=0)=C32+P(X=1)=C31CP(X=2)=C31C所以,随机变量X的分布列为X012P474随机变量X的数学期望E(X)=0×415+1×715+2×评析本题主要考查古典概型及其概率计算公式,互斥事务、离散型随机变量的分布列与数学期望等基础学问.考查运用概率学问解决简洁实际问题的实力.6.(2015天津理,16,13分)为推动乒乓球运动的发展,某乒乓球竞赛允许不同协会的运动员组队参与.现有来自甲协会的运动员3名,其中种子选手2名;乙协会的运动员5名,其中种子选手3名.从这8名运动员中随机选择4人参与竞赛.(1)设A为事务“选出的4人中恰有2名种子选手,且这2名种子选手来自同一个协会”,求事务A发生的概率;(2)设X为选出的4人中种子选手的人数,求随机变量X的分布列和数学期望.解析(1)由已知,有P(A)=C22C所以,事务A发生的概率为635(2)随机变量X的全部可能取值为1,2,3,4.P(X=k)=C5所以,随机变量X的分布列为X1234P1331随机变量X的数学期望E(X)=1×114+2×37+3×37+4×1评析本题主要考查古典概型及其概率计算公式,互斥事务,离散型随机变量的分布列与数学期望等基础学问.考查运用概率学问解决简洁实际问题的实力.属中等难度题.7.(2015四川理,17,12分)某市A,B两所中学的学生组队参与辩论赛,A中学举荐了3名男生、2名女生,B中学举荐了3名男生、4名女生,两校所举荐的学生一起参与集训.由于集训后队员水平相当,从参与集训的男生中随机抽取3人、女生中随机抽取3人组成代表队.(1)求A中学至少有1名学生入选代表队的概率;(2)某场竞赛前,从代表队的6名队员中随机抽取4人参赛,设X表示参赛的男生人数,求X的分布列和数学期望.解析(1)由题意,参与集训的男、女生各有6名.参赛学生全从B中学抽取(等价于A中学没有学生入选代表队)的概率为C33C因此,A中学至少有1名学生入选代表队的概率为1-1100=99(2)依据题意,X的可能取值为1,2,3.P(X=1)=C31CP(X=2)=C32CP(X=3)=C33C所以X的分布列为X123P131因此,X的数学期望为E(X)=1×P(X=1)+2×P(X=2)+3×P(X=3)=1×15+2×35+3×评析本题主要考查随机事务的概率、古典概型、随机变量的分布列、数学期望等基础学问,考查运算求解实力、应用意识,考查运用概率与统计的学问与方法分析和解决实际问题的实力.8.(2015安徽理,17,12分)已知2件次品和3件正品混放在一起,现须要通过检测将其区分,每次随机检测一件产品,检测后不放回,直到检测出2件次品或者检测出3件正品时检测结束.(1)求第一次检测出的是次品且其次次检测出的是正品的概率;(2)已知每检测一件产品须要费用100元,设X表示直到检测出2件次品或者检测出3件正品时所须要的检测费用(单位:元),求X的分布列和均值(数学期望).解析(1)记“第一次检测出的是次品且其次次检测出的是正品”为事务A,P(A)=A21A(2)X的可能取值为200,300,400.P(X=200)=A22AP(X=300)=A33+P(X=400)=1-P(X=200)-P(X=300)=1-110-310=故X的分布列为X200300400P136EX=200×110+300×310+400×9.(2015福建理,16,13分)某银行规定,一张银行卡若在一天内出现3次密码尝试错误,该银行卡将被锁定.小王到该银行取钱时,发觉自己遗忘了银行卡的密码,但可以确认该银行卡的正确密码是他常用的6个密码之一,小王确定从中不重复地随机选择1个进行尝试.若密码正确,则结束尝试;否则接着尝试,直至该银行卡被锁定.(1)求当天小王的该银行卡被锁定的概率;(2)设当天小王用该银行卡尝试密码的次数为X,求X的分布列和数学期望.解析(1)设“当天小王的该银行卡被锁定”的事务为A,则P(A)=56×45×34(2)依题意得,X全部可能的取值是1,2,3.又P(X=1)=16,P(X=2)=56×15=16,P(X=3)=56所以X的分布列为X123P112所以E(X)=1×16+2×16+3×23评析本小题主要考查古典概型、相互独立事务的概率、随机变量的分布列、数学期望等基础学问,考查运算求解实力、应用意识,考查必定与或然思想.10.(2013课标Ⅰ理,19,12分)一批产品须要进行质量检验,检验方案是:先从这批产品中任取4件作检验,这4件产品中优质品的件数记为n.假如n=3,再从这批产品中任取4件作检验,若都为优质品,则这批产品通过检验;假如n=4,再从这批产品中任取1件作检验,若为优质品,则这批产品通过检验;其他状况下,这批产品都不能通过检验.假设这批产品的优质品率为50%,即取出的每件产品是优质品的概率都为12,且各件产品是否为优质品相互独立(1)求这批产品通过检验的概率;(2)已知每件产品的检验费用为100元,且抽取的每件产品都须要检验,对这批产品作质量检验所需的费用记为X(单位:元),求X的分布列及数学期望.解析(1)设第一次取出的4件产品中恰有3件优质品为事务A1,第一次取出的4件产品全是优质品为事务A2,其次次取出的4件产品都是优质品为事务B1,其次次取出的1件产品是优质品为事务B2,这批产品通过检验为事务A,依题意有A=(A1B1)∪(A2B2),且A1B1与A2B2互斥,所以P(A)=P(A1B1)+P(A2B2)=P(A1)P(B1|A1)+P(A2)P(B2|A2)=416×116+116×1(2)X可能的取值为400,500,800,并且P(X=400)=1-416-116=P(X=500)=116,P(X=800)=1所以X的分布列为X400500800P1111EX=400×1116+500×116+800×11.(2016课标Ⅱ理,18,12分)某险种的基本保费为a(单位:元),接着购买该险种的投保人称为续保人,续保人本年度的保费与其上年度出险次数的关联如下:上年度出险次数01234≥5保费0.85aa1.25a1.5a1.75a2a设该险种一续保人一年内出险次数与相应概率如下:一年内出险次数01234≥5概率0.300.150.200.200.100.05(1)求一续保人本年度的保费高于基本保费的概率;(2)若一续保人本年度的保费高于基本保费,求其保费比基本保费高出60%的概率;(3)求续保人本年度的平均保费与基本保费的比值.解析(1)设A表示事务:“一续保人本年度的保费高于基本保费”,则事务A发生当且仅当一年内出险次数大于1,故P(A)=0.2+0.2+0.1+0.05=0.55.(3分)(2)设B表示事务:“一续保人本年度的保费比基本保费高出60%”,则事务B发生当且仅当一年内出险次数大于3,故P(B)=0.1+0.05=0.15.又P(AB)=P(B),故P(B|A)=P(AB)P(A)因此所求概率为311.(7分(3)记续保人本年度的保费为X元,则X的分布列为X0.85aa1.25a1.5a1.75a2aP0.300.150.200.200.100.05EX=0.85a×0.30+a×0.15+1.25a×0.20+1.5a×0.20+1.75a×0.10+2a×0.05=1.23a.因此续保人本年度的平均保费与基本保费的比值为1.23.(12分)易错警示对条件概率的定义理解不到位,或者不会运用条件概率的求解公式,导致出错.评析本题考查了随机事务的概率,同时考查了考生的应用意识及数据处理实力,属中档题.12.(2013课标Ⅱ理,19,12分)经销商经销某种农产品,在一个销售季度内,每售出1t该产品获利润500元,未售出的产品,每1t亏损300元.依据历史资料,得到销售季度内市场需求量的频率分布直方图,如下图所示.经销商为下一个销售季度购进了130t该农产品,以X(单位:t,100≤X≤150)表示下一个销售季度内的市场需求量,T(单位:元)表示下一个销售季度内经销该农产品的利润.(1)将T表示为X的函数;(2)依据直方图估计利润T不少于57000元的概率;(3)在直方图的需求量分组中,以各组的区间中点值代表该组的各个值,并以需求量落入该区间的频率作为需求量取该区间中点值的概率(例如:若需求量X∈[100,110),则取X=105,且X=105的概率等于需求量落入[100,110)的频率),求T的数学期望.解析(1)当X∈[100,130)时,T=500X-300(130-X)=800X-39000,当X∈[130,150]时,T=500×130=65000.所以T=800(2)由(1)知利润T不少于57000元当且仅当120≤X≤150.由直方图知需求量X∈[120,150]的频率为0.7,所以下一个销售季度内的利润T不少于57000元的概率的估计值为0.7.(3)依题意可得T的分布列为T45000530006100065000P0.10.20.30.4所以ET=45000×0.1+53000×0.2+61000×0.3+65000×0.4=59400.13.(2013北京理,16,13分)下图是某市3月1日至14日的空气质量指数趋势图.空气质量指数小于100表示空气质量优良,空气质量指数大于200表示空气重度污染.某人随机选择3月1日至3月13日中的某一天到达该市,并停留2天.(1)求此人到达当日空气重度污染的概率;(2)设X是此人停留期间空气质量优良的天数,求X的分布列与数学期望;(3)由图推断从哪天起先连续三天的空气质量指数方差最大?(结论不要求证明)解析设Ai表示事务“此人于3月i日到达该市”(i=1,2,…,13).依据题意,P(Ai)=113,且Ai∩Aj=⌀(i≠(1)设B为事务“此人到达当日空气重度污染”,则B=A5∪A8.所以P(B)=P(A5∪A8)=P(A5)+P(A8)=213(2)由题意可知,X的全部可能取值为0,1,2,且P(X=1)=P(A3∪A6∪A7∪A11)=P(A3)+P(A6)+P(A7)+P(A11)=413P(X=2)=P(A1∪A2∪A12∪A13)=P(A1)+P(A2)+P(A12)+P(A13)=413P(X=0)=1-P(X=1)-P(X=2)=513所以X的分布列为X012P544故X的期望EX=0×513+1×413+2×413(3)从3月5日起先连续三天的空气质量指数方差最大.14.(2016课标Ⅰ,19,12分)某公司安排购买2台机器,该种机器运用三年后即被淘汰.机器有一易损零件,在购进机器时,可以额外购买这种零件作为备件,每个200元.在机器运用期间,假如备件不足再购买,则每个500元.现需决