2024-2025学年高中生物同步作业4孟德尔的豌豆杂交实验的验证孟德尔获得成功的原因含解析新人教版必修2

PAGEPAGE6课时分层作业(四)1．(2024·福建质检)孟德尔两对相对性状的豌豆杂交试验中，用纯种黄色圆粒豌豆和纯种绿色皱粒豌豆作亲本进行杂交，F2出现四种性状类型，数量比为9∶3∶3∶1。产生上述结果的必要条件不包括()A．雌雄配子各有四种，数量比均为1∶1∶1∶1B．雌雄配子的结合是随机的C．雌雄配子的数量比为1∶1D．F2的个体数量足够多答案C解析雄配子的数量远大于雌配子的数量。2．基因A、a和基因B、b分别位于不同对的同源染色体上。一个亲本与aabb测交，子代基因型为AaBb和Aabb，分别比为1∶1，则这个亲本基因型为()A．AABb B．AaBbC．AAbb D．AaBB答案A解析基因型为aabb的个体只能产生基因型为ab的配子，所以，要产生基因型为AaBb和Aabb的个体，还须要AB和Ab两种配子，而且其比例为1∶1，所以能产生AB和Ab基因型配子的个体的基因型只能是AABb。3．自由组合定律中的“自由组合”是指()A．带有不同基因的雌雄配子间的组合B．确定同一性状的成对的基因的组合C．两亲本间的组合D．确定不同性状的基因的自由组合答案D解析自由组合定律的实质是生物在产生配子时，确定不同性状的基因自由组合。4．豌豆子叶的黄色(Y)、圆粒(R)种子均为显性，两亲本杂交的F1表现型如下图。让F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F2的性状分别比为()A．2∶2∶1∶1 B．1∶1∶1∶1C．9∶3∶3∶1 D．3∶1∶3∶1答案A解析由F1中圆粒∶皱粒＝3∶1，知亲代相应基因型为Rr×Rr；由F1中黄色∶绿色＝1∶1，知亲代相应基因型为Yy×yy；故亲代基因型为YyRr×yyRr。F1中黄色圆粒豌豆的基因型为eq\f(1,3)YyRR、eq\f(2,3)YyRr，F1中绿色皱粒豌豆基因型为yyrr。按如下计算：eq\f(1,3)YyRR×yyrr→eq\f(1,6)YyRr、eq\f(1,6)yyRr；eq\f(2,3)YyRr×yyrr→eq\f(1,6)YyRr、eq\f(1,6)Yyrr、eq\f(1,6)yyRr、eq\f(1,6)yyrr。综合考虑两项结果，得YyRr∶yyRr∶Yyrr∶yyrr＝2∶2∶1∶1。5．孟德尔对于遗传学的重要贡献之一是奇妙地设计试验否定了融合遗传方式。为了验证孟德尔遗传方式的正确性，有人用一株开红花的烟草和一株开白花的烟草作为亲本进行试验。在下列预期结果中，支持孟德尔遗传方式而否定融合遗传方式的是()A．红花亲本与白花亲本杂交的F1代全为红花B．红花亲本与白花亲本杂交的F1代全为粉红花C．红花亲本与白花亲本杂交的F2代依据肯定比例出现花色分别D．红花亲本自交，子代全为红花；白花亲本自交，子代全为白花答案C解析所谓融合遗传指杂交试验中，由于遗传物质在子代中融合使F1性状介于双亲之间，且以后无法分别，所以C项中F2代依据肯定比例出现花色分别否定了融合遗传而支持孟德尔遗传方式。6．金鱼草的纯合红花植株与白花植株杂交，F1在强光、低温条件下开红花，在阴暗、高温条件下却开白花，这个事实说明()A．基因型是表现型的内在因素B．表现型肯定，基因型可以转化C．表现型相同，基因型不肯定相同D．表现型是基因型与环境相互作用的结果答案D解析F1是杂合子，但在不同的条件下表现型不一样，说明表现型是基因与环境相互作用的结果。7．已知豌豆红花对白花、高茎对矮茎、子粒饱满对子粒皱缩为显性，限制它们的三对基因自由组合。以纯合的红花高茎子粒皱缩与纯合的白花矮茎子粒饱满植株杂交，理论上F2不会出现的是()A．F2中会出现8种表现型、27种基因型B．F2中高茎子粒饱满∶矮茎子粒皱缩为3∶1C．F2中红花子粒饱满∶白花子粒皱缩为9∶1D．F2中红花高茎子粒饱满∶白花矮茎子粒皱缩为27∶1答案B解析设限制红花、白花，高茎、矮茎，子粒饱满、子粒皱缩的基因分别为A、a，B、b，C、c。F1自交后代F2中，表现型种类＝2×2×2＝8种，基因型种类＝3×3×3＝27种，A项正确；F2中高茎子粒饱满(B_C_)∶矮茎子粒皱缩(bbcc)为9∶1，B项错误；仅看两对性状的遗传，依据自由组合定律，F1红花子粒饱满(AaCc)自交后代表现型及比例为：红花子粒饱满∶红花子粒皱缩∶白花子粒饱满∶白花子粒皱缩＝9∶3∶3∶1，C项正确；F2中红花高茎子粒饱满植株所占比例为3/4×3/4×3/4＝27/64，白花矮茎子粒皱缩植株所占比例为1/4×1/4×1/4＝1/64，所以红花高茎子粒饱满∶白花矮茎子粒皱缩为27∶1，D项正确。8．小麦种子的毛颖和光颖是一对相对性状(由基因P、p限制)，抗锈病与感锈病是另一对相对性状(由基因R、r限制)，这两对性状的遗传遵循自由组合定律。以纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)为亲本进行杂交，F1均为毛颖抗锈病植株(丙)。再用F1与丁进行杂交，得F2，F2有四种表现型，对每对相对性状的植株数目进行统计，结果如图：(1)两对相对性状中，显性性状分别是________、________。(2)亲本甲、乙的基因型分别是________、________；丁的基因型是________。(3)F1形成的配子有________种，产生这几种配子的缘由是F1在形成配子的过程中_____________________________________________________________________________________________________________________。(4)F2中基因型为ppRR的个体所占的比例为________，光颖抗锈病植株所占的比例是________。(5)F2中表现型不同于双亲(甲和乙)的个体占全部F2的比例是________。答案(1)毛颖抗锈病(两空可互换)(2)PPrrppRRppRr(3)4确定同一性状的成对的遗传因子彼此分别，确定不同性状的遗传因子自由组合(4)1/83/8(5)1/2解析(1)由于纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)进行杂交，F1均为毛颖抗锈病植株(丙)，所以毛颖、抗锈病为显性性状，光颖、感锈病为隐性性状。(2)甲、乙为纯种，基因型分别为PPrr、ppRR，所以F1的基因型为PpRr，与丁杂交后，抗锈病与感锈病之比为3∶1，毛颖与光颖之比为1∶1，所以丁的基因型为ppRr。(3)由于F1的基因型为PpRr，因此可以形成4种配子。(4)F1(PpRr)×丁(ppRr)产生的F2中，ppRR的个体占1/2×1/4＝1/8，光颖抗锈病植株(ppR－)占1/2×3/4＝3/8。(5)F2中，与甲(PPrr)表现型相同的个体占1/2×1/4＝1/8，与乙(ppRR)表现型相同的个体占1/2×3/4＝3/8，所以不同于双亲的个体占1/2。………冲A挑战练………9．香豌豆的花有紫花和白花两种，显性基因C和P同时存在时开紫花。两个纯合白花品种杂交，F1开紫花；F1自交，F2的性状分别比为紫花∶白花＝9∶7。下列分析错误的是()A．两个白花亲本的基因型为CCpp与ccPPB．F1测交后代中紫花与白花的比例为1∶1C．F2紫花中纯合子的比例为1/9D．F2中白花的基因型有5种答案B解析依据题意可知显性基因C、P同时存在时开紫花，两纯合白花品种杂交，子代全为紫花(C_P_)，则亲本的基因型为CCpp和ccPP。F1的基因型为CcPp，测交子代紫花(CcPp)∶白花(Ccpp＋ccPp＋ccpp)＝1∶3。F2紫花中纯合子(CCPP)的比例是1/3×1/3＝1/9。F2中白花的基因型有Ccpp、ccPp、ccpp、ccPP、CCpp五种。10．一种欣赏植物，纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，F1为蓝色。若让F1与纯合的鲜红色品种杂交，子代的表现型及其比例为蓝色∶鲜红色＝3∶1。若F1蓝色植株自花传粉，则F2表现型及其比例最可能是()A．蓝色∶鲜红色＝1∶1 B．蓝色∶鲜红色＝3∶1C．蓝色∶鲜红色＝9∶7 D．蓝色∶鲜红色＝15∶1答案D解析F1的测交比为3∶1，说明花色由两对独立遗传的等位基因限制，分别设为A、a和B、b，则鲜红色个体的基因型为aabb，其他基因型的个体都为蓝色。F1蓝色个体的基因型为AaBb，故F1自交产生的后代中蓝色(A_B_、aaB_、A_bb)∶鲜红色(aabb)＝(9＋3＋3)∶1＝15∶1。11．已知牵牛花一般叶(D)对枫形叶(d)为显性，种子黑色(R)对白色(r)为显性，限制上述性状的基因独立遗传。现用两个纯种的牵牛花品种甲(DDRR)和乙(ddrr)杂交得F1，再用F1与牵牛花丙杂交(如图1)，结果如图2所示。分析牵牛花丙的基因型为()A．DdRr B．ddRRC．ddRr D．Ddrr答案C解析结合孟德尔两对相对性状的遗传学试验的相关结论，利用反推和正推相结合的方法就能分析出牵牛花丙的基因型。牵牛花品种甲(DDRR)和乙(ddrr)杂交得F1，F1的基因型为DdRr；再结合图2中的比例，一般叶∶枫形叶＝1∶1，黑色种子∶白色种子＝3∶1，可推知牵牛花丙的基因型为ddRr。12．某哺乳动物的体色由两对等位基因限制(用A和a、B和b表示)，现有两纯合的灰色个体和白色个体杂交，F1全是灰色。让F1中雌雄个体相互交配，得到的F2中有三种表现型，即灰色、黑色和白色，它们的比例为9∶3∶4。请分析回答下列问题：(1)限制该动物体色的两对基因的遗传________(填“遵循”或“不遵循”)基因自由组合定律。(2)亲本灰色和白色个体的基因型分别为________。(3)F2中黑色与白色个体交配，后代出现白色个体的概率是________。(4)F2中黑色个体的基因型可能为________。若要确定某一黑色个体是否为纯合子，请设计杂交试验加以证明。①设计杂交试验：________________________________________________________________________________________________________________________________________________。②结果预料：________________________________________________________________________________________________________________________________________________。答案(1)遵循(2)AABB、aabb(3)1/3(4)AAbb和Aabb(或aaBB和aaBb)①让黑色个体与白色个体(aabb)杂交②假如后代中只有黑色个体，说明该黑色个体为纯合子；假如后代中出现了白色个体，说明该黑色个体为杂合子解析(1)F2中表现型的比例为9∶3∶4，说明F1能产生四种数量相等的配子，两对基因独立遗传，所以遵循基因自由组合定律。(2)F1的基因型为AaBb，且F2中灰色个体占9/16，则可知亲本灰色和白色个体的基因型分别为AABB、aabb。(3)黑色个体的基因型为A_bb或aaB_，则白色个体的基因型为aabb和aaB_，或白色个体的基因型为aabb和A_bb。①假设黑色个体的基因型为A_bb，则白色个体的基因型为aabb和aaB_。在F2中黑色个体有两种基因型，即1/3AAbb、2/3Aabb，其中只有基因型为Aabb的个体与F2中白色个体杂交，后代才会出现白色个体，出现的概率为1/2×2/3＝1/3。②假设黑色个体的基因型为aaB_，则白色个体的基因型为aabb和A_bb。在F2中黑色个体有两种基因型，即1/3aaBB、2/3aaBb，白色个体有3种基因型，即1/4aabb、1/4AAbb、2/4Aabb。F2中黑色个体与白色个体杂交，后代能产生白色个体的有3种杂交组合方式：一是2/3aaBb×1/4aabb，后代中白色个体aabb占1/2×2/3×1/4＝1/12；二是2/3aaBb×1/4AAbb，后代中白色个体Aabb占1×1/2×2/3×1/4＝1/12；三是2/3aaBb×2/4Aabb，后代中白色个体有两种基因型，分