九年级 (上) 期中考试物理试题带解析

第一学期期中考试初三物理试题（卷面总分：100分考试时间：90分钟）一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项正确1.房间里的吊灯和壁灯是并联，则这两盏灯（）A.发光时电流一定相等 B.发光时电压一定相等C.一定同时亮 D.一定同时熄灭【答案】B【解析】【分析】本题由并联电路的电流、电压特点即可做出判断。【详解】并联电路加在电路两端的电压相等，干路电流等于各支路电流之和，故发光时电压一定是相等的，其中一条电路的通断不会影响另一条电路。故B正确，ACD错误。故选B。2.下列生活情景中，属于通过热传递途径改变物体内能的是（）A.锯木头时锯条会变热 B.冬天，人们常常搓手使手变暖C.冬天，人们常用热水袋取暖 D.铁丝被反复弯折，弯折处会变热【答案】C【解析】【详解】A．用锯条锯木头，克服摩擦做功，使锯条和木头的内能增加、温度升高而变热，是通过做功的方式增加了物体的内能，故A不符合题意；B．搓手取暖是通过做功的方法把机械能转化为手的内能，手的内能增加，温度升高，故B不符合题意；C．冬天用热水袋取暖，热量从高温的热水传递到人体，使人的内能增加、温度升高，是通过热传递改变了物体的内能，故C符合题意；D．弯折铁丝时，机械能转化为铁丝的内能，内能增大温度升高，是通过做功改变了物体的内能，故D不符合题意。故选C。3.我国随着航天事业发展需要，正在研制大功率液氢发动机．这种发动机主要是因为氢是有（）A.较小的密度 B.较大的比热容 C.较高的热值 D.较低的沸点【答案】C【解析】【详解】大功率发动机要求燃烧相同质量的燃料释放出的内能越大越好，由Q=qm可知燃料热值越大越好．故研制大功率液氢发动机的主要原因是氢的热值较高．C选项符合题意．4.带有烘干功能的滚筒洗衣机，要求洗衣和烘干均能独立进行．下列电路设计符合要求的A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】本题主要考查的是串并联电路的特点以及开关的作用，用排除法可以得出正确的答案．【详解】根据题意可以知道，洗衣和烘干均能独立进行，因此属于并联，且有开关可以独立控制，故只有D符合要求；故选D．5.下列图所示的过程中，人对物体做功的是（）双手举着杠铃、杠铃静止不动A.扛着米袋慢慢爬上楼梯B.用力推汽车、汽车不动C.提着水桶在水平面匀速前进D.举着杠铃不动时【答案】A【解析】【详解】A．人对米袋有力的作用，同时米袋在力的方向上移动了距离，人对米袋做了功，故A符合题意；B．车未动，有力无距离，人没有做功，故B不符合题意；C．人对水桶的力是竖直向上，而人是提着水桶水平走，不是在力的方向上移动，所以力没有做功，故C不符合题意；D．运动员对杠铃有力的作用，但是在力的方向上没有距离，人不做功，故D不符合题意。故选A。6.与如图实物图相对应的电路图是下图中的A. B.C. D.【答案】D【解析】【详解】由实物图知道，两只灯泡串联，开关靠近电源右端；由A图知道，开关闭合后一只灯泡被短路，故不合题意；B图中两只灯泡并联，开关控制其中一只灯泡，故不合题意；C图中两只灯泡并联，开关控制干路，故不合题意；D图中两灯串联，故符合题意．7.如图所示，一个玩具弹簧放在斜面上端，将弹簧弯曲一定程度后释放，弹簧沿斜面向下翻滚．弹簧在运动过程中，有哪些机械能发生了转化A.只有动能和重力势能B.只有动能和弹性势能C.只有重力势能和弹性势能D.动能、重力势能和弹性势能都发生了转化【答案】D【解析】【详解】根据题意，玩具弹簧放在斜面上端，将弹簧弯曲一定程度后释放，弹簧沿斜面向下翻滚．首先将弹簧作为一个简单对象考虑，向下翻滚过程中，质量不变，但高度降低了，所以重力势能会减小；弹簧弹起后，另一端接触斜面时，动能减小，弹性势能增大，且减小的重力势能，会转化弹簧的弹性势能，即弹簧的弹性形变变大；弹簧弹起时，弹性势能又转化为动能．所以这个过程中，动能、重力势能和弹性势能都发生了转化，故D正确．8.电路和水路有许多相似之处．在电路中和如图所示水路中的水泵作用相似的是A.电源 B.开关C.用电器 D.导线【答案】A【解析】【详解】A．电源与水泵作用相似，电源提供电压，水泵提供水压，故A符合题意；B．开关作用与阀门作用相似，开关控制电路的通断，阀门控制水路的通断，故B不符合题意；C．用电器与水轮机作用相似，用电器利用电流工作，水轮机利用水流工作，故C不符合题意；D．导线与水管作用相似，导线是电流的通道，水管是水流的通道，故D不符合题意．9.如图所示电路，当闭合开关后两灯都不亮．为了检测电路故障，小明将电压表接在小灯泡L1的两端，闭合开关，发现电压表示数较大，而电流表示数几乎为0，则电路故障可能是（）A.L1断路 B.L2断路C.电流表断路 D.L1短路【答案】A【解析】【分析】两个灯泡与电流表串联在电路中，电压表测量灯L1的两端电压，据此判断电路故障。【详解】A．L1断路时，电压表串联电路中，电流极小，电压表接近电源电压，故A符合题意；B．L2断路后，两表都无示数，故B不符合题意；C．电流表断路后，两表都无示数，故C不符合题意；D．L1短路后，电压表被短路，电压表无示数，故D不符合题意。故选A。10.关于热量，下列说法正确的是（）A.热量就是温度B.热量就是内能C.热总是从含有热量多的物体传递给热量少的物体D.没有吸热过程和放热过程，说热量是毫无意义的【答案】D【解析】【分析】热量是过程量，温度是表示物体冷热程度的物理量，内能是分子无规则运动能量总和的统计平均值；发生热传递的条件必须是两个物体并且存在温度差。【详解】A．热量指的是由于温差的存在而导致的能量转化过程中所转化的能量，温度反映了物体内部大量分子无规则运动的剧烈程度，二者概念不同，故A错误；B．热量与内能之间的关系就好比是做功与机械能之间的关系一样，热量是衡量内能变化的物理量，故B错误；C．热总是从温度高的物体传给温度低的物体，热量多的物体温度不一定高，故C错误；D．热量是指在热传递的过程中，内能改变的多少，即热量是过程量，则没有吸热过程和放热过程，说热量是毫无意义的，故D正确。故选D。11.小明对四位同学做功情况各测量了一次，把四位同学做功W和所用时间t在坐标系中描点，得到了图中甲、乙、丙、丁四个点，这四个同学中做功功率最大的是（）A.甲 B.乙 C.丙 D.丁【答案】A【解析】【分析】根据功率计算公式进行比较判断，功越大、时间越小，则功率越大。【详解】由图可知，纵坐标表示功的大小，横坐标表示时间的大小，由功率计算公式可知，从坐标原点分别向四个点连线，直线的斜率越大则功率越大。故选A。12.1964年人类制成世界上第一盏用海浪发电的航标灯，如图所示是它的气室示意图．它是利用海浪上下起伏的力量将空气吸入气室，压缩后再推入工作室，然后推动涡轮机转动（带动发电机发电）。下列说法正确的是（）A.当K1开启，K2关闭时，空气的内能转化为涡轮机的机械能B.当K1关闭，K2开启时，海水机械能转化为空气的内能C.当K1开启，K2关闭时，空气的内能转化为海水的机械能D.当K1关闭，K2关闭时，空气的内能转化为涡轮机的机械能【答案】A【解析】【分析】当海水下降时，气室体积增大，压强减小，阀门K2开启；当海水上升时，气室体积减小，压强增大，阀门K2关闭，阀门K1开启；整个过程是海水推动活塞做功，将海水的机械能转化成了电能。【详解】AC．当K1开启，K2关闭时，海水上升，气室体积减小，内部气体的压强增大，压缩后将空气推入工作室，空气的内能转化为涡轮机的机械能，故A错误，C正确；B．当K1关闭，K2开启时，海水下降，气室体积增大，内部气体的压强减小，将空气“吸入”气室，没有能量的转化，故B错误；D．当K1关闭，K2关闭时，海水上升，气室体积减小，内部气体的压强增大，海水机械能转化为空气的内能，故D错误。故选A。二、填空题：本题共8小题，每空1分，共24分13.如图是常用手电筒的剖面图，两节新干电池电压是__V，按下按键前，小灯泡不亮，电路为__（通路/短路/断路）；按下按键后，小灯泡发光，将__能转化为光能。【答案】(1).3(2).断路(3).电【解析】【分析】一节新干电池的电压为1.5V；按下按键后电路中才有电流，电能转化为光能，灯泡才会亮。【详解】[1]如图是常用手电筒的剖面图，两节新干电池电压是1.5V×2=3V。[2]按下按键前，小灯泡不亮，电路为断路，没有电流通过。[3]按下按键后，小灯泡发光，将电能转化为光能。14.在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让同一铁球从斜面的不同高度由静止释放，撞击同一木块。该实验是研究__（铁球/木块）的动能大小与__的关系；实验是通过观察__来说明铁球对木块做功的多少，从而得出结论的。【答案】(1).铁球(2).速度(3).木块移动距离【解析】【分析】(1)实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一铁球，这样可以保证小球的质量相同；要想研究物体动能与质量的关系，需要换用不同质量的小球从斜面相同的高度滑下。(2)此实验把动能的大小转换为木块被撞击后运动的距离，距离越远表明小球的动能越大。【详解】[1][2]实验中研究的是铁球的动能大小，让同一铁球沿斜面的不同高度静止滚下撞击水平板上的木块，这是控制了质量相同，目的是探究物体的动能与速度的关系。[3]实验中通过观察木块被撞击后移动的距离的大小来间接判断物体动能的大小。15.星期一学校举行升旗仪式，在旗杆顶端装有一个滑轮。该滑轮是__（定/动）滑轮，其作用可以改变__，国旗匀速上升的过程中，国旗的动能__（变大/变小/不变）。【答案】(1).定(2).施力方向(3).不变【解析】【分析】定滑轮的定义及作用；影响动能大小的因素：物体的质量和速度的大小。【详解】[1]旗杆顶端的滑轮轴是固定不变，所以是定滑轮。[2]定滑轮能改变力的方向。[3]国旗匀速上升过程中，旗的质量不变，速度大小不变，所以动能不变。16.教室里的日光灯中通过的电流约150__，日光灯使用的是__（直流/交流）电，各个日光灯之间是__（串/并）联。【答案】(1).mA(2).交流(3).并【解析】【分析】我国家庭照明电路中都是交流电；由于教室里日光灯在工作时互不影响，它们之间是并联的；根据家庭电压与功率，估算灯正常工作时电流。【详解】[1]家庭电路的电压是220V，日光灯的功率为40W左右，日光灯正常工作时电流约为由计算结果可知，150mA符合实际。[2][3]根据国家规定，日光灯使用的是交流电，各个日光灯并联以避免相互影响。17.如图所示，电源电压3V，S闭合后电压表示数为1V，则灯L1两端的电压为__V；通过灯L1的电流__（大于/小于/等于）通过灯L2的电流。若断开开关，电压表示数__（变大/变小/不变）。【答案】(1).2(2).等于(3).变大【解析】【分析】(1)分析电路结构，明确各电路元件连接方式；(2)根据串联电路特点结合开关的变化即可分析答题。【详解】[1]由电路图可知：灯L1与L2串联，电压表测灯L2两端的电压。由于电压表测灯L2两端电压，S闭合时电压表示数是1V，则灯L2两端的电压U2=1V；灯L1两端的电压[2]灯L1与L2串联，根据串联电路的电流特点知，流过它们的电流相等。[3]由于断开开关S，电压表测电源两端电压，示数为3V，所以断开开关后，电压表示数变大。18.如图AOB是光滑轨道，A点的高度H大于B点的高度h，让小球从A点由静止开始自由滑下时，__能转化__能，小球沿轨道AOB到达B点后离开（不计空气阻力），则小球离开B点后的运动轨迹最符合实际的是__。【答案】(1).重力势(2).动(3).c【解析】【分析】分析题意知，小球运动过程中机械能守恒。根据机械能守恒定律，确定小球离开B点后的最高高度应稍低于A点的高度。【详解】[1][2]小球从光滑轨道由静止自由滑下时，高度变小，而速度变大，整个过程质量不变，所以是重力势能转化为动能。[3]由题意可知，不计空气阻力，轨道又是光滑的，没有摩擦力，小球只在重力作用下运动，机械能守恒；小球离开B点后做斜抛运动，当达到最高点时速度沿水平方向，由机械能守恒定律得，则a种运动轨迹不符合实际，因为a种轨迹的最高点高于A点，即最高点时的机械能大于A点；b种运动轨迹的最高点与A点相同，但其最高点有水平方向的动能，则此时最高点的机械能也大于A点的机械能，那么小球离开B点后的最高高度应稍低于A点，所以b种运动轨迹不符合实际，c符合实际；而小球离开B点时有斜向上的速度，所以应是向上冲出的，所以d种轨迹不符合实际。19.如甲图电路，开关S闭合后，电流表的指针偏转如乙图所示，则通过L1的电流为__A，通过L2的电流为__A,接下来小明将L2换成L3，电路其它都未改变，闭合开关后，发现两个电流表的指针偏转角度相同，则通过L3的电流为__A.【答案】(1).0.3(2).0.9(3).1.2【解析】【分析】分析电路可知：两灯并联，电流表b测的是干路电流，电流表a测的是L1所在支路的电流；由于并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，所以电流表b选用的应该是大量程（0～3A），a选用的是小量程（0～0.6A）；然后根据相应量程下的分度值和指针位置来进行读数。结合并联电路的电流特点即可求出通过各灯的电流大小。两电流表的指针偏转角度相同，根据两电流表示数的大小关系和电流表的读数，我们可知电流大小的比值，然后可求得通过L3的电流。【详解】[1][2]经分析可知，电流表b选择的量程是0～3A，分度值为0.1A，所以电流表b的示数为I总=1.2A，即干路电流为1.2A；电流表a选择的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，所以电流表的示数为Ia=0.3A，即通过灯L1的电流为0.3A；那么通过灯L2的电流大小为[3]电流表b的示数应大于电流表a的示数，将L2换成L3，电路其它都未改变，闭合开关后，发现电流表的指针偏转角度相同，且电流表大小量程之间相差5倍，故根据两电流表的指针偏转角度相同，我们可知又因为I=I1+I3，通过L3的电流I3=I-I1=5I1-I1=4I1解得20.如图是四冲程汽油机的工作过程中__冲程；如果该汽油机每秒转60转，则该汽油机每分钟做功__次；若该汽油机功率为10kw，机械效率为36％，使用的乙醇汽油热值为4×107J/kg，则汽油机工作1小时消耗__kg乙醇汽油。【答案】(1).排气(2).1800(3).2.5【解析】【分析】(1)汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据进气门和排气门的开关情况和活塞的运动方向来判断冲程的类型；(2)内燃机完成1个工作循环，四个冲程，飞轮转2转，对外做功1次；(3)根据求出汽油机工作1小时牵引力做的功，利用求出乙醇汽油完全燃烧放出的热量，根据求出需要乙醇汽油的质量。【详解】[1]由图可见，进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，该冲程是排气冲程。[2]该汽油机每分钟转3600转即每秒钟转60转，由“内燃机完成1个工作循环，飞轮转2转，对外做功1次”可知，该汽油机每秒做功30次，每分钟做功1800次。[3]由可得，汽油机工作1小时牵引力做的功由得，乙醇汽油完全燃烧放出的热量由得，需要乙醇汽油的质量三、解答题：本题7小题，共52分．解答22、23题时应有解题过程21.按题目要求作图：(1)如图，画出拉力F的力臂L。(2)如图，人要站在地上提升重物，试在图中画出绕绳的方法。(3)如图，将实物电路补充完整，使灯L1、L2并联，开关控制整个电路。【答案】(1)；(2)；(3)【解析】【分析】在杠杆中，力臂是力的作用线到转动轴的垂直距离；根据动滑轮组中绳端移动方向逆向连接；电路中灯泡并联时形成各自的电流回路，开关控制整个电路即安装在干路。【详解】(1)力臂是指力的作用线到转动轴的垂直距离，从支点O向拉力F延长线作垂线即得到拉力F的力臂L，如图所示：。(2)人要站在地上提升重物，绳端自由度的移动方向应向下，逆向绕绳方法如图所示：。(3)灯L1、L2并联时二者工作时不相互影响，各自形成电流回路，开关控制整个电路，则开关应安装在干路，如图所示：。22.某学习小组同学想研究酒精灯烧水时的热效率．他们用酒精灯给100g的水加热，经过一段时间测得水温升高了60℃、消耗了4.2g酒精．已知：水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），酒精的热值为3×107J/kg．求：（1）此过程中水吸收的热量；（2）4.2g酒精完全燃烧放出的热量；（3）酒精灯烧水时的热效率．【答案】（1）2.52×104J；（2）1.26×105J；（3）20%．【解析】【详解】（1）水吸收的热量为：Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×60℃=2.52×104J；（2）4.2g酒精完全燃烧放出热量为：Q放=mq=4.2×10-3kg×3×107J/kg=1.26×105J；（3）酒精灯烧水时的热效率：Q吸/Q放=20%．23.如图所示，塔式起重机上的滑轮组将重为500N的重物匀速吊起10m，作用在绳端的拉力为200N。求：(1)提升重物做的有用功；(2)滑轮组的机械效率；(3)若克服摩擦和钢丝绳重所做的功为有用功的0.15倍，求动滑轮的重。【答案】(1)5000J；(2)83.3%；(3)25N【解析】【分析】(1)已知物重和上升高度，可以得到有用功；(2)由图知，承担物重的绳子有3段，已知物体上升高度，可以得到绳子拉起长度；已知拉力和绳子拉起长度，可以得到总功；已知有用功和总功，两者之比是滑轮组的机械效率；(3)已知总功、有用功和克服摩擦和钢丝绳重所做的功，可以得到克服动滑轮重做的功；已知克服动滑轮重做的功和动滑轮上升的高度，可以得到动滑轮的重力。【详解】解：(1)提升重物做的有用功为(2)提升期间的总功为滑轮组的机械效率为(3)额外功为克服摩擦力所做的功为则动滑轮的重为G动==答：(1)提升重物做的有用功为5000J；(2)滑轮组的机械效率为83.3%；(3)动滑轮的重为25N。24.利用下图的实验装置探究“杠杆的平衡条件”。(1)实验前应先调节杠杆在__位置平衡，这样做的目的是__，若出现图甲所示情况，应将杠杆的螺母向__（左/右）调；(2)小明开始实验装置如图乙，在杠杆两端挂钩码，经李老师提醒后，小明改为如图丙装置，一边挂钩码，一边用弹簧测力计，请你写出丙装置比乙装置的优点：__（只要写出一个）；(3)如图丁所示，用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，当测力计从a位置转动到b位置时，使杠杆仍在水平位置平衡，其示数大小将__，原因是__。【答案】(1).水平(2).消除杠杆自重对实验的影响(3).右(4).动力可连续变化（可正确认识力臂、容易确定动力等合理给分）(5).变大(6).拉力力臂减小【解析】【分析】探究杠杆平衡条件时要注意调节杠杆在水平位置平衡的原因是消除杠杆自重对实验的影响和方便测量力臂。调节杠杆平衡时是左低右调，右低左调。杠杆的平衡条件是：动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂。【详解】(1)[1][2]实验前应先调节杠杆在水平位置平衡，这样做能消除杠杆自重对实验的影响。[3]在图甲中，杠杆的左边下沉，应向右调节平衡螺母，才能让它在水平位置平衡。(2)[4]实验中，若杠杆两边都挂钩码，则不易调节杠杆平衡，而一边挂钩码，一边用弹簧测力计，弹簧测力计的拉力可连续变化，易于调节杠杆平衡。(3)[5][6]用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，当测力计从a位置转动到b位置，而杠杆又能保持平衡，则测力计的示数会变小，因为测力计在转动过程中，力臂变小，据杠杆的平衡条件知对应的力变大。25.如图甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量也相同，烧杯内的液体质量和初温也相同。(1)比较不同物质比热容时，应选择__两图进行实验；物质吸收热量的多少通过__（温度计上升示数/加热时间）来反映的；小明画出液体温度随时间变化的图像，开始部分并不是直线，导致此现象的原因是除液体吸收热量外还有__（只需写出一个）吸收热量；小明设计了下列两个方案，方案一：加热相同时间，比较升高的温度；方案二：升高相同的温度，比较加热的时间。你认为__（方案一/方案二/两方案都）可行；(2)选择甲、乙两图来进行比较不同燃料的热值实验，实验中应控制燃料燃烧的__(时间/质量)相同；若实验过程中，图甲中燃料还未燃尽时，烧杯内液体a就沸腾了，此时小明立即在甲烧杯中添加了少量液体a继续实验，燃料燃尽后烧杯内液体a都未沸腾。这样的操作__（可行/不可行），理由是__。【答案】(1).甲丙(2).加热时间(3).石棉网（容器、铁架台等合理给分）(4).两方案都(5).质量(6).不可行(7).实验中液体a的质量应相同【解析】【分析】探究物质吸热能力，可以通过比较相同质量的不同物质加热时间相同时，温度升低；也可以比较在温度升高相同时，加热时间的长短。燃料热值的定义。【详解】(1)[1]要比较不同物质比热容时，应选择甲、丙两图进行实验，因为探究比热容，应选质量、初温相同的不同物质进行，而热源应该相同。[2]在实验中，物质吸收热量的多少通过加热时间来反映，因为实验所用的热源相同，即在相同时间内放出的热量相同，那么物质在相同时间内吸收的热量也相同，则加热时间越长，吸收的热量也越多。[3]在画液体温度随时间变化图像时，开始部分不是直线，导致此现象的原因是除了液体吸收热量外，还有烧杯、石棉网之类的也吸收热量。[4]小明设计的两个方案，都可行。因为不同物质在加热时间相同即吸收相同热量时，温度升高不同的话，说明吸热能力不同。而在升高相同温度时，吸收的热量即加热时间不同的话，也说明吸热能力不同。(2)[5]在比较不同燃料热值的实验中，应控制燃料燃烧的质量相同，因为燃料的热值指的是单位质量的某种燃料完全燃烧时放出的热量。[6][7]实验中，燃料未燃尽，烧杯中的液体便沸腾了，于是往烧杯中添加同种液体，这样的操作不可行，因为实验中要保持两个烧杯中的液体质量相同。26.小明设计了图甲电路探究串联电路电流的特点。(1)在连接电路时，开关必须__，电流表未接入电路时指针位置如图乙所示，需要对电流表进行的操作是__。(2)调整正确后将电流表接入电路，闭合开关，发现指针偏转到图丙位置，电流表读数是__A，为了准确测量，接下来进行的操作是__。(3)实验中，小灯泡的规格应该__（相同/不同）。小明在连接好的电路中想再串联一个电流表，你认为小明至少需要增加__（1/2）根导线。(4)小明做了一组实验，测量数据如下，他__（能/不能）提出”串联电路电流处处相等”的猜想。实验结束，拆除电路时应先拆除__两端的导线。测量次数A处电流IAB处的电流IBC处的电流IC10.12A0.12A0.12A【答案】(1).断开(2).校零(3).0.2(4).断开开关，换接0~0.6A量程(5).不同(6).1(7).能(8).电源【解析】【分析】(1)在连接电路时，开关必须断开，电流表使用前电流表要调零；(2)根据电流表选用大量程确定分度值读数；因指针偏转角度过小，故为了准确测量，接下来进行的操作是断开开关，改接小量程；(3)为得出普遍性的结论，小灯泡的规格应该是不同的；连接电流表再添加一根导线即可。(4)由表中数据可得出实验结论。实验结束，为保护电路，拆除电路时应先拆除电源两端的导线。【详解】(1)[1][2]在连接电路时，为了保护电路，开关必须断开。电流表未接入电路时指针位置如图乙所示，即指针不指零，故需要对电流表进行的操作是电流表调零。(2)[3][4]小明调整正确后连接好电路，闭合开关，发现指针偏转到图丙位置，电流表选用大量程，分度值为0.2A，电流表读数是0.2A；因指针偏转角度过小，故为了准确测量，接下来进行的操作是断开开关，改接0~0.6A的量程。。(3)[5][6]要探究串联电路电流的特点，使用的灯泡应该是不同的。想再串联一个电流表，只需将原电路断开，将断开的导线连接到电流表，再添加一根导线连接电路即可。(4)[7][8]由表中数据可知，各处测量的电流都是相等的，故可以得出”串联电路电流处处相等”的猜想。实验结束，为保护电路，拆除电路时应先拆除电源两端的导线。27.阅读短文，回答问题：高架桥侧翻2019年10月10日，严重超载的大