专题 10 高频考查选择题（解析版）

2021年8年级下册期末培优冲刺10高频考查选择题一、单选题1.（2019八下·温州期中）有一份纯氯酸钾固体a，另有一份混有少量二氧化锰的氯酸钾固体b，两份固体质量相等．分别同时加热a和b，能正确表示生成氧气的质量随反应时间而变化的图象是（

）A.

B.

C.

D.

【答案】B【解析】加二氧化锰的氯酸钾反应快，即产生等量氧气，b所用时间少，但因氯酸钾质量少，所以最终产生氧气质量小于没有加二氧化锰的，即a大于b产生氧气，B符合题意；故答案为：B。2.（2019八下·温州期中）由碳、氧两种元素组成的气体中,碳与氧的质量比为3:5,则该气体可能是（

）A.

只由CO组成的纯净物

B.

只由CO2组成的纯净物

C.

由CO2和02共同组成的混合物

D.

由C0和CO2共同组成的混合物

【答案】D【解析】二氧化碳中碳、氧元素质量比为3：8，一氧化碳中碳、氧元素质量比为3：4，，现混合气体碳与氧元素质量比为3：5，则由一氧化碳和二氧化碳混合气体组成；故答案为：D。3.（2019八下·衢州月考）在一密闭容器中发生某反应，其中甲、乙、丙、丁四种物质的质量变化如表所示，下列判断不正确的是(

)物质甲乙丙丁反应前质量（g）101600反应中质量（g）m21.6反应后质量（g）m1015.26.4A.

m1的值是4.4

B.

m2的值是4

C.

甲和乙是反应物

D.

甲、丁间反应的质量比为7∶8【答案】B【解析】A.由表格中的数据分析可知，反应前总质量为：10g+16g=26g；反应后总质量为：m1g+15.2g+6.4g，根据质量守恒定律，可算得m1=4.4g，A正确，不符合题意。

B.反应前乙的质量为16g，反应后为0g，说明乙反应完全，乙参与反应的质量为16g，丁生成6.4g，两者之比为16:6.4，则反应中乙参与反应的质量与生成丁的质量之比也为5:4，即16:6.4=（16-m2）：1.6，m2=12，则B错误，符合题意。

C.甲和乙的质量减少，丙和丁的质量增加，则甲和乙是反应物，C正确，不符合题意。

D.甲参与反应的质量为10g-4.4g=5.6g，生成丁的质量为6.4g，质量比为5.6:6.4=7:8，D正确，不符合题意。故答案为：B4.（2019八下·江干月考）分析图①——④，下列说法中正确的是（

）A.

图①表示树林里一天中CO2浓度变化的情况

B.

图②B点显示此时某绿色植物没有进行光合作用和呼吸作用

C.

图③曲线A→B段表示肺完成一次呼气过程

D.

图④表示晴朗高温状态下绿色植物蒸腾作用强度变化【答案】D【解析】A：因为光合作用的原料是水和二氧化碳，在有光的情况下水和二氧化碳会转化成有机物，一天中白天有光，能进行光合作用，到中午最强，二氧化碳消耗最多，空气中的深度最少；晚上无光不进行光合作用，此时植物进行呼吸作用，导致空气中二氧化碳的浓度又升高。A不符合题意。

B：B点是呼吸作用产生的二氧化碳与光合作用消耗的二氧化碳相互平衡，所以，B排除；

C：吸气与呼气是由肺内气压与大气压决定的，肺内气压大于大气压时呼气；肺内气压小于大气压时吸气；在曲线A→B肺内气压低处于吸气状态，不符合题意。

D：蒸腾作用与光照强度、温度等有关，白天蒸腾作用强于晚上，符合题意。故选择D。5.（2019八下·秀洲月考）家用漏电保护器是在用电器发生漏电故障或人体触电时实施保护的设备，家庭电路漏电时，通过火线与零线的电流不相等，漏电保护器中有一特殊装置(在图中虚线框内，未画出)检测到这一差异后，便切断电源，起到保护作用，漏电保护器中还有试验电路，由一只开关S与电阻R组成，闭合开关S就能模拟漏电情形，试验电路的链接符合要求的是（

）A.

B.

C.

D.

【答案】C【解析】A.特殊装置接在用电器的支路上，无论是否闭合开关，检测到的火线电流和零线电流都相等，故A错误；

B.特殊装置接在干路部分，开关闭合前后，火线和零线电流都相等，故B错误；

C.闭合开关时，通过虚线框内火线的电流小于通过该装置零线的电流,可以模拟漏电情形，故C正确;

D.闭合开关时，虚线框内火线电流仍然等于零线电流，因为导线将电阻R短路，所以闭合开关不影响电路，故D错误。故选C。6.如图所示，如果甲是H2O和CO2，那么，下列说法正确的是（

）A.

乙是呼吸作用，丙是有机物和O2，丁是光合作用

B.

乙是光合作用，丙是有机物和O2，丁是呼吸作用

C.

乙是呼吸作用，丙是H2O和CO2，丁是光合作用

D.

乙是光合作用，丙是H2O和CO2，丁是呼吸作用【答案】B【解析】甲是二氧化碳和水，乙吸收二氧化碳和水，所以乙是光合作用，丙是有机物（淀粉是糖类的一种）和氧气；植物的呼吸作用指的是有机物在有氧的参与下被分解成二氧化碳和水，同时释放能量的过程．丁释放二氧化碳和水，所以丁为呼吸作用．故答案为：B7.（2019八下·滨江期中）在有CO、HCOOH、OHC−COOH组成的混合物中,氢元素质量分数为Y,则混合物中碳元素质量分数为(

)A.

3/7(1−9Y)

B.

1/3(1−Y)

C.

6/7(1−Y)

D.

3/7(1−6Y)【答案】A【解析】将HCOOH可记为CO·H2O；OHC−COOH可记为2CO·H2O，所以混合气体可以看成是CO和水构成，氢元素质量分数为Y,则混合气体中水的含量为Y218＝98.（2019八下·江干月考）如图所示，将条形磁铁固定在静止的小车上，电路连接完整后，闭合开关S时，小车不动。变阻器的滑片P向左移动到某位置时，小车开始向左运动，则下列变阻器接入电路的方式正确的是（

）A.

a接e、d接f

B.

a接e、b接f

C.

c接e、d接f

D.

c接e、b接f【答案】A【解析】小车开始向左运动，说明受到的磁力增强，即电磁铁的磁场增强，那么电路里的电流增大，电阻减小；变阻器的滑片P向左移动时，滑片左边电阻长度变小，因此变阻器使用的是左半边，a接线柱必选，c、d任选一个，故A正确。故选A。9.已知一个SO2分子的质量为n千克，一个SO3分子的质量为m千克(设两分子中的硫原子和氧原子分别相同)，若以一个氧原子质量的116作为相对原子质量的标准，则SO2A.

B.

C.

D.

【答案】B【解析】一个SO2分子的质量为n千克，一个SO3分子的质量为m千克，则一个氧原子的质量为m-n，若以一个氧原子质量的116作为相对原子质量的标准，则SO2的相对分子质量为nkg(m10.（2018八上·浙江期中）在RU图所示的密闭容器内有一个理想活塞（滑动自如，且密封性绝对可靠）处在容器容积的1/4处；其中，1/4的部分充的是空气，另3/4的部分充的是H2和O2混合气体；当后者用电火花点燃引爆时，活塞先被冲向左边，而当容器内的气体逐渐恢复到原来的温度时，活塞逐渐向右滑边，最终停留在容器容积的1/2处，则原来的H2和O2混合气体中H2和O2的体积比可能是

（

）A.

8∶1

B.

7∶1

C.

4∶5

D.

2∶7【答案】C【解析】设氢气和氧气的体积分别为x，y．设装置的体积为4a．

（1）假设氢气完全反应，剩余的是氧气，

因为氢气和氧气的体积占总体积的34，

所以x+y=3a

①

2H2+O2→点燃2H2O

2

1

x

0.5x

因为反应后活塞停在容器的1/2处，

说明剩余氧气的量与空气的量相等，即y-0.5x=a

②

①②式联立解得：x=43a，y=53a；

那么氢气和氧气的体积之比：x：y=4：5。

（2）如果氧气完全反应，氢气有剩余，

2H2+O2→点燃2H2O

2

1

2y

y

因为反应后活塞停在容器的1/2处，

11.如图所示各器具中，与电流表工作原理相同的是（

）A.

电圈式话筒

B.

电磁起重机

C.

扬声机

D.

在POS上刷卡【答案】C【解析】电流表工作原理是通电导体在磁场中受力转动，和电动机的原理一样；A、动圈式话筒是声音的振动带动线圈振动，使线圈做切割磁感线运动而产生感应电流，是电磁感应现象，和发电机的原理一样，A不符合题意；B、电磁起重机的核心部分是电磁铁，电磁铁是利用通电导线周围存在磁场的原理制成的，B不符合题意；C、扬声器是磁场中的线圈在通入交变电流时受力而发生振动的，即通电导体在磁场中受到力的作用，和电动机的原理一样，C符合题意；D、POS机类似于发电机，是利用电磁感应现象的原理制成的，D不符合题意。故答案为：C12.如图所示是研究植物某一生命活动过程的装置下列说法错误的是（

）A.

该实验可用于检验植物呼吸作用产生CO2

B.

装置甲的作用是吸收鼓入空气中的CO2，避免对实验造成干扰

C.

装置丙中的植物换成萌发的种子，装置丁中也会出现浑浊现象

D.

若装置丙不遮光，从装置丁出来的气体能使带火星的木条复燃【答案】D【解析】A、在遮光的情况下，植物主要发生呼吸作用，释放出二氧化碳，所以将丙中的气体鼓入丁中，澄清石灰水变浑浊，则说明呼吸作用产生了二氧化碳，故A说法正确；B、氢氧化钠溶液可以和二氧化碳反应，为了防止空气中的二氧化碳干扰实验现象，而将空气通过装置甲将二氧化碳吸收，然后再鼓入装置C中，故B说法正确；C、种子萌发要进行呼吸作用，释放出二氧化碳，所以装置丁中也会出现浑浊现象，故C说法正确；D、即使丙装置不遮光，也不会产生纯净的氧气，因为在丙装置中没有足够的二氧化碳参与光合作用，所以无法产生氧气，故D说法错误。故答案为：D13.如题图所示，通电导线放置在磁场中，不能受到磁场作用力的是（

）A.

B.

C.

D.

【答案】B【解析】根据左手定则的内容，知道与磁场方向垂直的通电直导线，它受到的磁场作用力与电流方向垂直，与磁场方向垂直。若磁感线平行于通电导线，则在磁场中不受力的作用；故选B14.将两株生长状况基本相同的玉米幼苗，分别在土壤浸出液和蒸馏水中培养，结果如图所示．下列说法正确的是（）A.

实验的变量是水分的多少

B.

实验应该在黑暗处进行

C.

土壤浸出液为植物生长提供了无机盐

D.

实验说明植物生长一定需要氮、磷、钾【答案】C【解析】由实验可知，植物的生长需要无机盐，没有无机盐就会影响植物的生活，土壤浸出液中培养的幼苗生长良好，而蒸馏水中的幼苗生长不好，此实验说明土壤浸出液中含多种无机盐，能满足植物生长的需要。15.若某植株的一叶片的主叶脉被切断（如甲叶），另一叶片上贴上锡箔（如乙叶）；在阳光下照射4小时，经脱色并用碘液处理，A部位呈棕褐色，B部位呈蓝色，锡箔C的位置不呈蓝色，以上实验能够证明光合作用需要（）A.

水和光

B.

叶绿体和光

C.

水和二氧化碳

D.

水和叶绿体【答案】A【解析】甲叶把主叶脉切断，由于叶脉中有输导组织导管和筛管，这样甲叶的A处就得不到从根运输来的水分了，因此在甲叶的A、B两处就形成以水分为惟一变量的对照实验组，实验的结果是B部分变蓝，而A部分不变蓝，说明B部分的叶片进行了光合作用制造了淀粉，而A部分因为没有水分，则不能进行光合作用，此实验证明，植物进行光合作用需要水分．乙叶把C处遮光，与B见光的叶片，形成以光照为惟一变量的对照组，而实验的结果是见光部分变蓝，说明见光的部分进行光合作用制造了淀粉，而未见光的部分不能正常进行光合作用，未制造淀粉．此对照实验证明植物进行光合作用需要光．乙叶片，遮光部分和未遮光部分的变量是光，可以得出结论：光是光合作用的条件．故答案选：A16.如图为叶片结构示意图，下列对相关结构和功能叙述不正确是（

）

A.

1、5表皮是由一层细胞组成的，和动物中的上皮组织一样具有保护功能

B.

6气孔是植物蒸腾作用的“门户”，也是气体交换的“窗口”

C.

3叶脉为输导组织，里面既含有导管运输有机物，也含有筛管运输水和无机盐

D.

2、4叶肉为营养组织，里面含有大量的叶绿体，可以进行光合作用制造有机物【答案】C【解析】①⑤为保护组织，作用是保护内部组织，而上皮组织是动物细胞中的组织，同样具有保护功能。气孔是植物体蒸腾失水的“门户”，也是植物体与外界进行气体交换的“窗口”，③叶脉里含有导管和筛管，能够输导水、无机盐、有机物，为输导组织，起运输养料的作用，叶片的叶肉细胞内有叶绿体，能进行光合作用制造有机物，属于营养组织，故答案选：C17.

已知：2KClO32KCl+3O2↑，如图表示一定质量的KClO3和MnO2固体混合物受热过程中，某变量y随时间的变化趋势，纵坐标表示的是（）A.

固体中氧元素的质量

B.

生成O2的质量

C.

固体中MnO2的质量

D.

固体中钾元素的质量【答案】A【解析】A．反应后生成氧气跑掉，故固体中氧元素的质量从开反应就不断减少，反应停止后不变，由于二氧化锰中也有氧元素，故最后不能为0，故符合该图象正确；B．生成氧气的质量不断增加，不符合该图象；C．二氧化锰在反应中为催化剂，反应前后质量不变，不符合该图象；D．反应前后固体中钾元素的质量不变，不符合该图象；答案：A．18.

某石化厂有一种石油产品中含有质量分数为4.9%的残余硫酸，过去他们都是用NaOH溶液来清洗这些硫酸．现在石化厂进行了技术改造，采用Ca（OH）2中和这些残余硫酸．则每处理100kg这种石油产品，可以节约经费多少？（）NaOH和Ca（OH）2市场价格如下表：名称Ca（OH）2NaOH价格（元/kg）6.0024.00A.

73.8元

B.

72元

C.

51.6元

D.

22.2元【答案】A【解析】【设需要NaOH的质量为x，2NaOH+H2SO4=Na2SO4+2H2O

80

98

x

100kg×4.9%8098=设需要Ca（OH）2的质量为y，Ca（OH）2+H2SO4=CaSO4+2H2O

74

98

y

100kg×4.9%7498=采用NaOH中和这些残余硫酸所需经费：4kg×24.00元/kg=96元；采用Ca（OH）2中和这些残余硫酸所需经费：3.7kg×6元/kg=22.2元；可以节约的经费：96元﹣22.2元=73.8元．故选：A．19.

在一定条件下，一个密闭容器内发生某反应，测得反应前后各物质的质量如下表所示．下列有关说法不正确的是（）物质abcd反应前的质量/g30201015反应后的质量/gXy010A.

参加反应的c与d的质量比为2：1

B.

x的取值范围：0≤x≤30

C.

当y≤20时，该反应一定是化合反应

D.

x+y=65【答案】B【解析】A、参加反应的c与d的质量比为：10g：5g=2：1，该选项说法正确；B、x可以大于30，例如当a是生成物时，x＞30，该选项说法不正确；C、当y=20时，b是催化剂，或既不是反应物，也不是生成物，则a物质是生成物，反应物是两种，生成物是一种，属于化合反应；当y＜20时，b是反应物，反应物是三种，生成物是一种，属于化合反应，该选项说法正确；D、x+y=30+20+（10+5）=65，该选项说法正确；故选：B．20.

质量守恒定律是帮助我们认识化学反应实质的重要理论．某物质R与水和氧气反应的化学方程式为：2R+2H2O+7O2═2FeSO4+2H2SO4则R的化学式应为（）A.

FeS

B.

Fe2S3

C.

FeO

D.

FeS2【答案】D【解析】根据反应的化学方程式2R+2H2O+7O2═2FeSO4+2H2SO4，反应物中氢、氧原子个数分别为4、16，反应后的生成物中氢、硫、氧、铁原子个数分别为4、4、16、2，根据反应前后原子种类、数目不变，则2R中含有2个铁原子和4个硫原子，则每个R分子由1个铁原子和2个硫原子构成，则物质X的化学式为FeS2．故选：D．21.

在反应2A+3B=2C+4D中，A与B的相对分子质量之比为1：1，用一定质量的A与12克B恰好完全反应，生产11克C，则下列说法中错误的是（）A.

若A的相对分子质量是32，则C的相对分子质量是88

B.

B与D的相对分子质量之比是16：9

C.

同时生成D的质量是9克

D.

反应中，A与C的质量之比是8：11【答案】A【解析】根据“在反应2A+3B=2C+4D中，A与B的相对分子质量之比为1：1”，则可假设A和B的相对分子质量为a，设A的质量为x，则2a3aA、在反应2A+3B=2C+4D中，A和B的相对分子质量比为1：1．已知“一定质量的A与12克B恰好完全反应，生产11克C”，因为A的质量为8g；若A的相对分子质量是32，则2×328gB、根据分析，若A的相对分子质量是32，B为32，若C的相对分子质量是44，则可计算D的相对分子质量是18，此反应中B与D的相对分子质量之比是16：9，该选项说法正确；C、根据分析，可求D的质量为8g+12g﹣11g=9g，该选项说法正确；D、根据分析，A与C的质量之比是8g：11g=8：11，该选项说法正确．故选：A．22.

饮用含甲醇的酒，可造成失明，甚至中毒死亡．如图是甲醇燃烧的微观示意图（未配平），下列有关说法或化学方程式错误的是（）A.

工业酒精中往往含有甲醇，禁止用工业酒精配制饮料酒

B.

CH3OH+3O2CO2+4H2O

C.

每个甲醇分子比每个乙醇分子少一个原子团“CH2”

D.

等质量的甲醇与甲烷分别在足量氧气中完全燃烧，甲醇消耗的氧气比甲烷少【答案】B【解析】A、工业酒精中往往含有甲醇，甲醇有毒，禁止用工业酒精配制饮料酒，故A正确；B、甲醇燃烧的方程式是：2CH3OH+3O22CO2+4H2O，故B错误；C、由甲醇、乙醇的化学式：CH3OH、C2H5OH可知，每个甲醇分子比每个乙醇分子少一个碳原子和两个氢原子，可以说少一个原子团“CH2”，故C正确；D、甲醇燃烧的方程式是：2CH3OH+3O22CO2+4H2O，甲醇与氧气的质量为64：96，甲烷燃烧的方程式是：CH4+2O2CO2+2H2O，甲烷与氧气的质量为16：64，所以，等质量的甲醇与甲烷分别在足量氧气中完全燃烧，甲醇消耗的氧气比甲烷少，故D正确．故选B．23.从安全、环保、节能、简便等方面考虑，实验室制取氧气的最佳方法是（

）A.

通电分解水：水氢气+氧气

B.

过氧化氢催化分解：过氧化氢水+氧气

C.

高锰酸钾加热分解：高锰酸钾锰酸钾+二氧化锰+氧气

D.

氧化汞加热分解：氧化汞汞+氧气【答案】B【解析】由化学反应表达式可知A通电；B常温；C加热；D加热；题目要求从安全、环保、节能、简便等方面考虑，可知B不需要加热，节省燃料，操作简便，产物是水又无污染。24.如图所示，电磁铁的左下方有一铁块，在弹簧测力计作用下向右作匀速直线运动．当铁块从电磁铁的左下方运动到正下方过程中，同时滑片逐渐向上滑动，下列判断正确的是（

）​A.

维持铁块作匀速直线运动的拉力逐渐减小

B.

电磁铁的磁性逐渐减弱

C.

铁块对地面的压强先减小后增大

D.

铁块所受摩擦力不变【答案】A【解析】从图中可以分析出：当滑动变阻器的滑片向上滑动时，接入电路的阻值会变小，电路中电流变大，电磁铁磁性增强，故选项B是错误的；电磁铁磁性增强，当铁块运动到其下方时会受到较大的吸引力，使铁块对桌面的压力减小，在接触面积不变的情况下，压强也减小，故选项C也是错误的；铁块因被电磁铁吸收而压力减小，在接触面粗糙程度不变的情况下，摩擦力也跟着减小，故选项D是错误的；当铁块做匀速直线运动时，拉力与摩擦力是一对平衡力，摩擦力减小，拉力就是逐渐减小，故选项A是正确的．所以选A．25.上个世纪，科学家希尔为了探究光合作用在哪里进行，曾经设计类似下图实验。把刚采摘的且生长旺盛的树叶捣碎，采用某种方法获得含有叶绿体的滤液，分成三等份。把其中两份直接放入A、B培养皿，第三份除去叶绿体后放入C培养皿。将三个培养皿置于同一地点，A、C培养皿接受光照，B培养皿遮光处理。一段时间后，观察到A培养皿中产生气泡，其中的气体能使带火星的木条复燃；B、C培养皿中未产生气泡。结合所学知识，分析判断下列叙述，其中不正确的是()A.

培养皿A中气泡内的气体是氧气

B.

培养皿B中无气泡产生是因为缺乏二氧化碳

C.

通过比较A、C培养皿中的现象，可知光合作用的场所是叶绿体

D.

通过比较A、B培养皿中的现象，可知光照是光合作用的必要条件【答案】B【解析】A．绿色植物通过叶绿体利用光能把二氧化碳和水，转变成储存能量的有机物并释放氧气的过程，叫光作用，故培养皿A中气泡内的气体是氧气，正确。

B．培养皿B中无气泡产生是因为缺乏光而不是缺乏二氧化碳，故该选项错误。

C．A处理有叶绿体产生了淀粉，C处理没有叶绿体没有产生淀粉。通过比较A、C培养皿中的现象，可知光合作用的场所是叶绿体，故该选项叙述正确。

D．A处理有光，B处理没有光，两者形成一组对照实验，进行A、B两种处理的目的是设置对照实验。光照处理的变蓝，说明有淀粉，实验结果说明光合作用需要光。光是光合作用的条件。通过比较A、B培养皿中的现象，可知光照是光合作用的必要条件。故该选项说法正确。故选：B。26.（2021八下·义乌期中）下列是判断一根钢棒是否有磁性的几种方法，其中错误的是（

）A.

将钢棒的一端靠近大头针，若大头针被吸引，则钢棒有磁性

B.

将钢棒的一端靠近小磁针的S极，小磁针的S极被排斥，则钢棒有磁性

C.

用细线系在钢棒的中间并将钢棒悬挂起来，钢棒静止后总是指向南北，则钢棒有磁性

D.

将钢棒的一端靠近小磁针的N极，小磁针的N极被吸引，则钢棒有磁性【答案】D【解析】A.大头针没有磁性，钢棒能够吸引大头针，只能说明钢棒有磁性，故A正确不合题意；

B.根据“同名磁极相互排斥”可知，钢棒的一端靠近小磁针的S极，小磁针被排斥，那么钢棒肯定有磁性，故B正确不合题意；

C.所有的磁体都有指南北的性质，因此用细线系在钢棒的中间并将钢棒悬挂起来，钢棒静止后总是指向南北，则钢棒有磁性，故C正确不合题意；

D.小磁针本身有磁性，即使钢棒没有磁性，和小磁针也能相互吸引，故D错误符合题意。故选D。27.（2021八下·杭州期中）某同学研究磁体周围的磁场情况，将一根条形磁体放在水平桌面上，在它周围放置一些小磁针，小磁针的指向情况如图甲所示；将小磁针拿掉之后，在条形磁体上面放一块有机玻璃，玻璃上均匀撒一层铁屑，轻轻敲打玻璃，可以看到铁屑的分布情况如图乙所示；根据图甲和图乙所示的实验现象，用磁感线描述条形磁体周围的磁场情况如图丙所示。下列说法中不正确的是（

）A.

图甲的实验，研究的是条形磁体周围的磁场方向特点

B.

图乙的实验，研究的是条形磁体周围的磁场分布特点

C.

图丙的条形磁体周围的磁感线，是人们为了描述磁场而引入的物理模型

D.

由图丙可知，条形磁体周围的磁场是由磁感线组成的【答案】D【解析】A.图甲的实验，通过在条形磁铁周围放上大量的小磁针，来研究的是条形磁体周围的磁场方向特点，故A正确不合题意；

B.图乙的实验，在条形磁铁周围撒上大量的铁屑，借助铁屑的分布特点研究条形磁体周围的磁场分布特点，故B正确不合题意；

C.图丙的条形磁体周围的磁感线，是人们为了描述磁场而引入的物理模型，故C正确不合题意；

D.由图丙可知，条形磁体周围的磁场客观存在，而磁感线是为了形象的描述磁场的分布而人为引入的曲线，故D错误符合题意。故选D。28.（2021八下·杭州期中）《我不是药神》是一部关于白血病和印度药的电影作品。药品“甲磺酸伊马替尼片”用于治疗慢性髓性白血病和恶性胃肠道间质肿瘤，原理是融合基因，使BCR-ABL蛋白得不到磷酸，不能活化，就发不出指令，细胞的增殖态势便会得到抑制。甲磺酸伊马替尼的化学式为C29H31N7O·CH4SO3，关于甲磺酸伊马替尼的说法正确的是（

）A.

甲磺酸伊马替尼是由八种元素组成的化合物

B.

甲磺酸伊马替尼由77个原子构成

C.

甲磺酸伊马替尼中碳、氢、氧元素的质量比为30∶35∶4

D.

甲磺酸伊马替尼的相对分子质量是589【答案】D【解析】A.根据化学式C29H31N7O·CH4SO3可知，甲磺酸伊马替尼是由C、H、N、S、O共五种元素组成的化合物，故A错误；

B.甲磺酸伊马替尼分子的的原子个数：30+35+7+1+4=77，故B错误；

C.甲磺酸伊马替尼中碳、氢、氧元素的质量比为：（12×30）：（1×35）：（16×4）=360：35：64，故C错误；

D.甲磺酸伊马替尼的相对分子质量是：12×30+1×35+14×7+16×4+32=589，故D正确。故选D。29.（2021八下·杭州期中）瑞德西韦一度被认为是治疗新冠肺炎较为有效的药物，其主要成分的化学式是C27H35N6O8P,对此分析可得出的信息是（

）A.

相对分子质量为602g

B.

1个C27H35N6O8P分子中有35个氢原子

C.

该分子由五种元素组成

D.

该物质中氢元素的质量分数最大【答案】B【解析】A.相对分子质量是分子的实际质量与碳原子质量的1/12的比值，没有单位g，故A错误；

B.1个C27H35N6O8P分子中有35个氢原子，故B正确；

C.根据化学式C27H35N6O8P可知，瑞德西韦由C、H、B、O、P五种元素组成，分子是由原子构成的，说法错误，故C错误；

D.根据“元素的质量分数=相对原子质量×n30.（2021八下·杭州月考）在CO、HCOOH、OHC—COOH的混合物中，H%＝y，则C%为（

）A.

37(1−9y)

B.

6(1−y)7

C.

37【答案】A【解析】如果把HCOOH的组成表示为CO•H2O、OHC-COOH的组成表示为2CO•H2O，那么整个混合气体则由CO和H2O组成；

氢元素的质量分数为y，

则混合物中水的质量分数=y218×100%=9y；

因此，混合物中CO质量分数为1-9y，

31.（2020八上·浙江期中）水是化学实验中常见且用途广泛的一种物质。对下列各实验中水的主要作用的解释不合理的是（

）A.

硫在氧气中燃烧--集气瓶中的水：吸收放出的热量

B.

测定空气中氧气含量--量筒中的水：通过水体积变化得到氧气体积

C.

细铁丝在氧气中燃烧--集气瓶中的水：防止集气瓶炸裂.

D.

探究燃烧的条件--烧杯中的水：加热铜片，隔绝空气【答案】A【解析】硫在氧气中燃烧，生成有毒的二氧化硫气体，瓶子底部的水可以吸收二氧化硫气体，减小对空气的污染，故A错误符合题意；

红磷燃烧消耗集气瓶中的氧气，从而使瓶内压强减少，在大气压强的作用下，量筒内的水会倒吸进集气瓶内，而进入里面水的体积等于氧气的体积，故B正确不合题意；

铁丝在氧气中燃烧会火星四射，放出大量的热，如果铁丝的熔融物滴落在瓶底，那么会使瓶子炸裂，因此瓶底的水可以防止集气瓶炸裂，故C正确不合题意；

在探究燃烧条件的实验中，烧杯里的水可以让里面的白磷隔绝空气，还能对上面的铜片进行加热，故D正确不合题意。故选A。32.（2020八下·上虞期末）下列实验中，实验材料与使用目的不相符的是（

）实验名称实验材料使用目的A影响电磁铁磁性强弱的因素大头针检验磁性的强弱B实验室用双氧水制氧气二氧化锰增加生成的氧气质量C探究呼吸作用产生二氧化碳澄清石灰水检验是否产生二氧化碳D探究植物细胞的吸水和失水浓食盐水使细胞失水A.

A

B.

B

C.

C

D.

D【答案】B【解析】A、磁性强弱无法观察，所以通过观察大头针数量多少来判断磁性的强弱；故A正确；

B、二氧化锰是催化剂，其只能改变反应的速率，而不能增加生成的氧气质量；故B错误；

C、通过澄清石灰水是否变浑浊，可以判断是否有二氧化碳；故C正确；

D、浓食盐水的浓度大于细胞液的浓度，细胞失水；故D正确；故答案为：B。33.（2020八下·柯桥期末）如图是研究二氧化碳性质的创新实验，①③为湿润的紫色石蕊试纸，②为干燥的紫色石蕊试纸。下列说法正确的是（

）A.

装置A中滴加的稀盐酸可用稀硫酸代替，使实验现象更明显

B.

装置B中能说明二氧化碳密度比空气大的现象是③比①先变红

C.

装置B中①③变红，②不变红是因为生成的CO2呈酸性，能使石蕊试纸变红色

D.

装置C中点燃的蜡烛自上而下熄灭，说明CO2不支持燃烧【答案】B【解析】A.装置A中滴加的稀盐酸不能用稀硫酸代替，生成的硫酸钙会阻止反应的进一步进行，故A错误；B.装置B中能说明二氧化碳密度比空气大的现象是③比①先变红，故B正确；

C.装置B中①③变红，②不变红是因为生成的CO2溶于水生成碳酸呈酸性，能使石蕊试纸变红色，故C错误；

D.装置C中点燃的蜡烛自下而上熄灭，说明CO2不支持燃烧，且密度比空气大，故D错误。故选B。34.（2020八下·江干期末）下列实验结论与实验现象不相符合的是（

）ABCD实验实验现象热水中未燃烧的白磷在通入氧气后燃烧燃烧的蜡烛由低到高依次熄灭紫色石蕊试液在通入二氧化碳后变化向左推注射器活塞；松手后活塞基本恢复原状实验结论燃烧需要氧气二氧化碳密度比空气大使石蕊变红的是二氧化碳装置的气密性良好A.

A

B.

B

C.

C

D.

D【答案】C【解析】A.热水中的白磷已经具备两个燃烧的条件：①有可燃物；②温度达到着火点。但是由于没有接触氧气而不能燃烧，后来通入氧气后立即燃烧，这充分说明燃烧需要氧气，故A不合题意；

B.燃烧的蜡烛由低到高依次熄灭，说明蜡烛肯定被二氧化碳包围，且二氧化碳先到达底部再累积后高度增大，这充分说明二氧化碳密度比空气大，故B不合题意；

C.二氧化碳本身没有酸性，不能使石蕊变红，使它变色的是它与水生成的碳酸，故C符合题意；

D.封闭气体受到外界压力时，它的体积会减小，压强会增大。当撤去外力时，由于注射器内压强大于外界压强，活塞肯定向外移动恢复到原来位置，这说明气密性良好，故D不合题意。故选C。35.（2021·永嘉模拟）下列实验中，实验用品的选择及使用目的均正确的是（

）选项实验名称实验用品使用目的A观察菜豆种子显微镜观察胚乳B种子呼吸释放二氧化碳水检验二氧化碳C绿叶在光照下制造淀粉酒精溶解淀粉D制作临时装片，观察口腔.上皮细胞生理盐水维持细胞形态A.

AB.

B

C.

C

D.

D【答案】D【解析】A、观察菜豆种子的胚乳不需要显微镜，A不符合题意；

B、呼吸作用是细胞内的有机物在氧的作用下分解成二氧化碳和水并释放出能量的过程，只有活细胞才能进行呼吸作用．检验生成的气体是不是二氧化碳，可用澄清的石灰水，

C、在“绿叶在光下制造淀粉”的实验中，要用酒精脱去叶绿素，把叶片放入盛有酒精的小烧杯中，隔水加热，使叶片中的叶绿素溶解到酒精中，叶片变成黄白色，C不符合题意；

D、制作临时装片，观察口腔上皮细胞，滴加生理盐水为维持细胞形态，D符合题意。故答案为：D36.如图所示，图甲、乙为种子呼吸作用及植物光合作用实验装置图，图丙的曲线表示种子呼吸作用(实线)及植物光合作用(虚线)强度变化过程。如图甲和乙，由漏斗向装种子的瓶内加入少量水后(图中a点)，图丙的曲线发生了变化。下列说法不正确的是(

)A.

种子吸水萌发，呼吸作用加强，所以图丙中曲线ab上升

B.

图甲装置中种子萌发产生的二氧化碳进入图乙装置，植物光合作用强度增加

C.

曲线bd不变化，是因为种子不再进行呼吸作用和植物不再进行光合作用导致的

D.

当二氧化碳浓度提高到一定程度时，光合作用的强度不再随二氧化碳含量的提高而增强【答案】C【解析】A、由漏斗向装种子的瓶内加入少量水，种子吸水萌发，呼吸作用加强，所以图丙中曲线ab上升，A说法正确，不符合题意。

B、图甲装置中种子萌发进行呼吸作用产生的二氧化碳进入图乙装置，为植物提供光合作用所需二氧化碳，植物光合作用强度增强，B说法正确，不符合题意。

C、二氧化碳是植物进行光合作用的原料之一。适当提高二氧化碳浓度会增加光合作用强度，但二氧化碳浓度提高到一定程度，光合作用强度将保持不变。曲线bd不变化，表示呼吸作用强度已经不随着二氧化碳浓度的提高而增加，C说法错误，符合题意。

D、当二氧化碳浓度提高到一定程度时，光合作用的强度不再随二氧化碳含量的提高而增强，D说法正确，不符合题意。故答案为：C37.有一种溶液BTB(溴麝香草酚蓝)呈蓝