浙江鸭2025版高考物理一轮复习9-综合模拟一

PAGEPAGE1综合模拟(一)本试卷分选择题和非选择题两部分,满分100分,考试时间90分钟。选择题部分一、选择题(每题6分,共48分)1.温州南塘,每年端午龙舟竞赛喧闹非凡,如图是龙舟在进行500m的走道竞赛,下列说法正确的是()A.探讨队员的划桨动作,可将队员看成质点B.以龙舟为参考系,岸上站立的观众是静止的C.获得第一名的龙舟,撞线时的速度确定很大D.获得最终一名的龙舟,平均速度确定最小答案D探讨划桨动作,人不行以看成质点,以龙舟为参考系,岸上观众明显是向后退(相对龙舟),获得第一名说明用时比较短,并不确定撞线的瞬时速度大,但最终一名确定用时长,平均速度小,因此答案为D。2.工具梯由两根长粗杆子做边,中间横穿适合攀爬的横杆,用于爬高。现小赵家装修须要用到如图中的梯子,关于梯子,下列说法正确的是()A.只要有中间的爱护绳,地面光滑一些也不会因为两脚分开而滑倒B.小赵为了减小梯子对地面的压力,应把两脚间的夹角减小一些C.若没有爱护绳,小赵觉得体重越大的人上梯子,越简单使梯子滑动D.若没有爱护绳,梯子两脚夹角越大,越简单因滑动而倒下答案D中间虽然有爱护绳,但是向两边的力过大,绳子可能会断掉,所以A错;把小赵和梯子看成整体,不管两脚的角度如何,对地面的压力大小都等于重力大小,故B错;梯子是否能滑倒与梯子两脚间的夹角有关,与人的体重无关,故C错,D对。3.2024年1月9日,我国在太原卫星放射中心用长征二号丁运载火箭,将两颗商业遥感卫星高景一号03、高景一号04星放射升空并进入预定轨道。据了解高景一号04星的轨道高度比03星略高。假定两颗卫星均做匀速圆周运动,则03号卫星与04号卫星相比()A.03号卫星线速度要小 B.04号卫星角速度要小C.03号卫星周期要长 D.04号卫星向心加速度要大答案B依据GMmr2=mrω2=mv24.如图甲所示,一物体悬挂在细绳下端,由静止起先沿竖直方向运动,运动过程中物体的机械能E与物体通过路程x的关系图像如图乙所示,其中0~x1过程的图像为曲线,x1~x2过程的图像为直线(忽视空气阻力)。则下列说法正确的是()A.0~x1过程中物体所受拉力是变力,且确定不断减小B.0~x1过程中物体的动能确定增加C.x1~x2过程中物体确定做匀速直线运动D.x1~x2过程中物体可能做匀加速直线运动,也可能做匀减速直线运动答案A物体运动中只受重力和拉力,由于除重力之外的其他力做功,等于物体的机械能的变更,即FΔx=ΔE,得F=ΔEΔx,所以E-x图像的斜率的确定值等于物体所受拉力的大小,由图可知在0~x1内斜率的确定值渐渐减小,故在0~x1内物体所受的拉力渐渐减小,故A正确;0~x1内机械能增加,绳子拉力做正功,物体向上运动,x1~x2内机械能减小,绳子拉力做负功,物体向下运动,则在x1位置处速度为零,初始时刻速度为零,则0~x1过程中物体的速度先增后减,动能确定先增加后减小,选项B错误;由于物体在x1~x2内E-x图像的斜率的确定5.如图所示,a、b、c为真空中三个带电小球,b球带电荷量为+Q,用绝缘支架固定,a、c两小球用绝缘细线悬挂,处于平衡状态时三小球球心等高,且a、b和b、c间距离相等,悬挂c小球的细线竖直,则()A.a、b、c三小球带同种电荷B.a、c两小球确定带异种电荷C.a小球带电荷量为4QD.c小球带电荷量为4Q答案Ca、b、c假如都带同种电荷,即a、c都是正电荷,因此b对c,a对c都是排斥力,c不行能处于竖直状态,选项A错误。经过推断,a带负电荷,c带正电荷,或者a、c均为负电荷都可以满意题意,选项B错误。设ab=bc=r,则依据c的状态可知,kQaQc6.(多选)目前核电站都是利用铀核裂变释放大量核能进行发电,其发生的核反应方程是

92235U+01n→56141Ba+3692Kr+X0A.X=3B.每年核电站消耗

92235U的能量约为6.3×10C.每年消耗

92235U的数目约为2.27×10D.每年消耗

92答案ABD本题考查核反应、质量亏损。依据核反应方程遵循质量数和电荷数守恒知,X=3,A正确;因核电站发电效率为50%,则核电站消耗

92235U的功率为P'=P50%=2.00×106kW,核电站每年消耗

92235U的能量为W=P't=2.00×106×365×24kW·h≈6.3×1016J,B正确;产生这些能量消耗的铀核的数目:n=WΔE=6.3×10162.78×107.(多选)如图所示为甲、乙两束光通过同一双缝干涉试验装置后产生的干涉条纹,则下列说法正确的是()A.甲、乙两束光通过相同的单缝形成的衍射条纹,甲形成的中心亮条纹宽度较大B.甲、乙两束光以相同的入射角α(0°<α<90°)从空气射入水中,甲的折射角比较大C.甲、乙两束光以相同的入射角β(0°<β<90°)从水射入空气中(未发生全反射现象),甲的折射角比较大D.将点光源放入水下同一深度处,分别发出甲、乙两束光,乙产生的亮圈面积更大答案CD由图可知甲光条纹间距小,依据公式Δx=ldλ,甲光波长小,通过同一单缝形成的衍射条纹,中心亮条纹宽度小,A错误;甲光的波长小,频率大,折射率也大,由折射率公式n=sinisinrsinC=1n(多选)某简谐横波沿x轴正方向传播,在t=0时刻恰好传播到x=2m处的B点,t=0.3s,x=0.5m的质点A恰好其次次位于平衡位置,质点P位于x=5m处,下列说法正确的是()A.该波的波速为v=2.5m/sB.t=1.2s时质点P的路程是0.12mC.与该波发生干涉的另一简谐波的频率是2.5HzD.质点P第三次到达波峰的时间是1.5s答案BC依据t=0.3s时质点A恰好其次次位于平衡位置知,34T=0.3s,得T=0.4s,则该波的波速为v=λT=5m/s,频率f=1T=2.5Hz,依据发生干涉的条件知,与该波发生干涉的另一简谐波的频率确定是2.5Hz,A错误,C正确;经过Δt=5m-2m1.2s时质点P振动了0.6s即1.5T,其路程为s=1.5×4A=12cm=0.12m,B正确;质点P第一次到达波峰的时间是t=5m-0.5mv非选择题部分二、非选择题(共52分)9.(5分)某试验小组通过自由落体运动验证机械能守恒定律。如图甲、乙是两组同学安装好试验器材后即将打开电源释放重锤的照片。请回答:(1)下列说法正确的是()A.甲图中打点计时器的限位孔需调整到同一竖直线上B.甲图中纸带和复写纸的位置关系正确C.乙图中手持纸带的方式正确D.要先开打点计时器再释放纸带试验运用频率为50Hz的沟通电源,重锤的质量是200g。试验小组在各项操作正确的状况下,得到一条点迹清楚的纸带。把纸带上打的第一个点记为计时起点,用毫米刻度尺测量各点到计时起点的距离,如图丙是截取的一小段纸带,A、B、C、D是纸带上连续的四个点。打B点时,重锤的动能为J,从起先下落到打B点时重锤削减的重力势能为J。(答案保留两位小数)

丙答案(1)AD(2)1.071.13解析(1)打点计时器须要竖直放置,使两限位孔在同一竖直线上,复写纸放在纸带上方效果更好,手要拎着纸带上端,先开电源再释放纸带,选项A、D正确;(2)B点的速度大小为vB=xACtAC=0.1310.04m/s=3.275m/s,动能为EkB=12mv10.(5分)测两节串联的干电池组的电动势和内阻时,除被测电池外还有下列器材可供选择:A.电流表A1(0~0.6A)B.电流表A2(0~3A)C.电压表V1(0~3V)D.电压表V2(0~15V)E.滑动变阻器R1(5Ω,2A)F.滑动变阻器R2(100Ω,1A)G.开关和导线若干(1)请在方框中画出测量电路的原理图。(2)应当选用的器材有(写出器材前面的字母)。

(3)某同学测量得出下表中的数据,请在如图所示的坐标系中画出U-I图像,从图中可得出电池组的电动势为V,电池组的内电阻为Ω。

编号123456U(V)2.702.502.302.001.801.70I(A)0.080.160.250.360.450.50答案见解析解析(1)待测电池组内阻较小,所以测量电路图如图所示。(2)由表格中测量的数据知,电压表选择C,电流表选A,滑动变阻器选F,还有开关和导线G;(3)描点画线,如图所示。依据E=U+Ir,整理得U=-Ir+E,所以图线与纵轴的截距为电动势E=2.90V,斜率确定值为电源的内阻r=2.40Ω。11.(4分)在用插针法做“测定玻璃砖折射率”的试验中,某同学先在白纸上画出始终线并让待测玻璃砖一界面ab与线重合放置,再进行插针视察,如图所示。梯形abcd是其主截面的边界线,而A、B、C、D为该同学在某次试验时插入的4枚大头针的位置状况。(1)请在图中完成测量玻璃砖折射率的有关光路图,并标出入射角α和折射角β;(2)用α和β写出计算折射率的公式n=;

(3)若所画的cd线比实际界面对外平移了一些,则测得的折射率将(填“偏小”“不变”或“偏大”)。

答案(1)见解析(2)sinα解析(1)连接AB作为入射光线,入射点为E,连接CD作为出射光线,出射点为F,连接EF,即作出玻璃砖内折射光线。(2)依据折射定律得:n=sin(3)依据光路图可知,若所画的cd线比实际界面对外平移了一些,折射角β偏小,入射角α不变,依据n=sinα12.(10分)2024年12月24日上午9时34分,我国自主设计全球最大水陆两栖飞机AG600在广东珠海首飞胜利。该次试飞阶段对起飞段和着陆段进行视察,记录数据如下表。假设起飞段和着陆段均简化成匀变速直线运动,且起飞升空后到起先着陆的阶段看成匀速直线运动。(1)求AG600着陆段过程中加速度大小;(2)求AG600起飞段过程中通过的位移;(3)求起飞段过程中AG600所受合外力与自身重力的比值。运动过程运动时间运动状态起飞段7时34分——7时54分初速度v0=170节≈88m/s末速度v=253节≈130m/s着陆段9时09分——9时34分着陆时的速度vt=140节≈72m/s答案(1)3.9×10-2m/s2(2)1.308×105m(3)3.5×10-3解析(1)AG600着陆段过程的时间为t2=25min=1500s加速度a2=vt-vt2=72-1301500m/s(2)AG600起飞段加速时间为t1=20min=1200s其加速度为a1=v-v0t1=130-881200依据v2-v02=2a1可得:x1=1.308×105m(3)依据牛顿其次定律F=ma可知k=Fmg=ma13.(14分)如图所示,在坐标系xOy的第一象限中存在n(n为奇数)个宽度均为d、磁感应强度大小均为B的匀强磁场,各磁场区域紧密连接,且左、右两侧边界相互平行,第1个磁场区域的左边界为y轴,磁场方向垂直纸面对外,相邻磁场区域的磁场方向相反。在第n个磁场区域的右边界上有一长为2d的探测板PQ,探测板的下边缘Q与x轴相距2.2d。坐标原点O处的粒子源以某一特定速度在xOy平面内不断向磁场区域放射质量为m、电荷量为+q的粒子,方向与x轴正方向成θ=30°角,每秒放射粒子的总数为N0,通过变更粒子放射速度的大小,可以使粒子从不同位置射出磁场。已知sin53°=0.8,cos53°=0.6,3=1.73,不计粒子重力且忽视粒子间的相互作用。(1)若粒子从(d,0)点射出磁场,求粒子放射速度大小v1;(2)若粒子均垂直打到探测板上并全部被反向弹回,且弹回速度大小为打板前速度大小的58Ⅰ.探测板受到的平均作用力大小;Ⅱ.n的全部可能值,并求出n取最大值时,粒子在磁场中运动的总时间t。(不计粒子与探测板发生碰撞的时间)答案见解析解析(1)由几何关系可知r=d由牛顿其次定律得qv1B=m所以v1=qBd(2)若粒子垂直打到板上,由粒子轨迹的对称性可知,粒子必定垂直经过第1个磁场区域的右边界,如图所示,由几何关系得粒子在磁场中运动的半径为r=dsinⅠ.同理可得粒子射入磁场的速度为v=2qBdm,故粒子被板弹回时的速度为v'=5取一小段时间Δt,由动量定理得FΔt=N0Δtm[v'-(-v)]依据牛顿第三定律,探测板受到的平均作用力F'=F=13Ⅱ.粒子从O点动身至打到板上的过程中,沿y轴方向的位移y=nr(1-cosθ)=(2-3)nd由题意可知,2.2d≤y≤4.2d,解得8.2≤n≤15.7因为n为奇数,所以n的可能值为9、11、13、15当n=15时,可求得粒子被板弹回后在磁场中运动的半径r'=mv'qB=设粒子被板弹回后在每个磁场区域中的运动轨迹所对应的圆心角为θ'sinθ'=dr'=粒子在磁场中做圆周运动的周期T=2πrv=2πmqB,与粒子速度大小无关,所以粒子在磁场中运动的总时间t=15×(30°+53°)14.(14分)如图甲所示,竖直面内有一圆形小线圈,与绝缘匀称带正电圆环同心放置。带电圆环的带电荷量为Q,绕圆心做圆周运动,其角速度ω随时间t的变更关系如图乙所示(图中ω0、t1、t2为已知量)。线圈通过绝缘导线连接两根竖直的间距为l的光滑平行金属长导轨,两导轨间的矩形区域内存在垂直纸面对里的水平匀强磁场,磁场的上下边界间距为h,磁感应强度大小恒为B。“工”字形构架由绝缘杆及其固定连接的间距为H(H>h)的水平金属棒AB、CD组成,并与导轨紧密接触。初始时锁定“工”字形构架,使AB棒位于磁场内的上边沿,t1时刻解除锁定,t2时刻起先运动。已知“工”字形构架的质量为m,AB棒和CD棒离开磁场下边沿时的速度大小均为v,金属棒AB