2024-2025高考物理二轮复习选择题提速练4

PAGEPAGE1选择题提速练41—5为单选，6—8为多选1．(2024·吉林质检)如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，其中Q1带负电荷，a、b两点在它们连线的延长线上．现有一带负电荷的粒子以肯定的初速度沿直线从a点起先经b点向远处运动(粒子只受电场力作用)，粒子经过a、b两点时的速度分别为va、vb，其速度图象如图乙所示．以下说法中正确的是(C)A．Q2肯定带负电B．Q2的电荷量肯定大于Q1的电荷量C．b点的电场强度肯定为零D．整个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大解析：因为v­t图线的斜率表示加速度，依据题图乙可知，粒子在b点的加速度为零，其电场力也为零，b点的电场强度肯定为零，选项C正确；要使b点的场强为零，Q1、Q2必带异种电荷，所以Q2肯定带正电，选项A错误；Q1、Q2单独存在时在b点产生的场强必等大反向，再考虑到Q1到b点的距离较大，可知Q1的电荷量肯定大于Q2的电荷量，选项B错误；整个运动过程中，粒子的动能和电势能之和保持不变，考虑到其动能先减小后增大，则其电势能肯定是先增大后减小，选项D错误．2．如图所示，足够长平行金属导轨倾斜放置，倾角为37°，宽度为0.5m，电阻忽视不计，其上端接一小灯泡，电阻为1Ω.一导体棒MN垂直于导轨放置，质量为0.2kg，接入电路的电阻为1Ω，两端与导轨接触良好，与导轨间的动摩擦因数为0.5.在导轨间存在着垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为0.8T．将导体棒MN由静止释放，运动一段时间后，小灯泡稳定发光，此后导体棒MN的运动速度以及小灯泡消耗的电功率分别为(重力加速度g取10m/s2，sin37°＝0.6)(B)A．2.5m/s1W B．5m/s1WC．7.5m/s9W D．15m/s9W解析：小灯泡稳定发光说明棒做匀速直线运动．此时：F安＝eq\f(B2l2v,R总)对棒满意：mgsinθ－μmgcosθ－eq\f(B2l2v,R棒＋R灯)＝0因为R灯＝R棒则：P灯＝P棒再依据功能关系：mgsinθ·v－μmgcosθ·v＝P灯＋P棒联立解得v＝5m/s，P灯＝1W，所以B项正确．3．(2024·河南六市一联)如图所示，等离子气流(由高温、高压的等电荷量的正、负离子组成)由左方连绵不断地以速度v0垂直射入P1和P2两极板间的匀强磁场中．两平行长直导线ab和cd的相互作用状况为：0～1s内排斥，1～3s内吸引，3～4s内排斥．线圈A内有外加磁场，规定向左为线圈A内磁感应强度B的正方向，则线圈A内磁感应强度B随时间t改变的图象有可能是下图中的(C)解析：正、负离子在磁场中受洛伦兹力，正离子向P1板偏转，负离子向P2板偏转，P1板带正电，P2板带负电，ab中电流为从a流向b，在0～1s内排斥说明电流从d流向c,1～3s内吸引说明电流从c流向d,3～4s内排斥说明电流从d流向c，再利用楞次定律、安培定则可推断只有C项正确．4．现有两动能均为E0＝0.35MeV的eq\o\al(2,1)H在一条直线上相向运动，两个eq\o\al(2,1)H发生对撞后能发生核反应，得到eq\o\al(3,2)He和新粒子，且在核反应过程中释放的能量完全转化为eq\o\al(3,2)He和新粒子的动能．已知eq\o\al(2,1)H的质量为2.0141u，eq\o\al(3,2)He的质量为3.0160u，新粒子的质量为1.0087u，核反应时质量亏损1u释放的核能约为931MeV(假如涉及计算，结果保留整数)．则下列说法正确的是(C)A．核反应方程为eq\o\al(2,1)H＋eq\o\al(2,1)H→eq\o\al(3,2)He＋eq\o\al(1,1)HB．核反应前后不满意能量守恒定律C．新粒子的动能约为3MeVD.eq\o\al(3,2)He的动能约为4MeV解析：由核反应过程中的质量数和电荷数守恒可知eq\o\al(2,1)H＋eq\o\al(2,1)H→eq\o\al(3,2)He＋eq\o\al(1,0)n，则新粒子为中子eq\o\al(1,0)n，所以A错误；核反应过程中质量亏损，释放能量，亏损的质量转变为能量，仍旧满意能量守恒定律，B错误；由题意可知ΔE＝(2.0141u×2－3.0160u－1.0087u)×931MeV/u＝3.3MeV，依据核反应中系统的能量守恒有EkHe＋Ekn＝2E0＋ΔE，依据核反应中系统的动能守恒有pHe－pn＝0，由Ek＝eq\f(p2,2m)，可知eq\f(EkHe,Ekn)＝eq\f(mn,mHe)，解得EkHe＝eq\f(mn,mn＋mHe)(2E0＋ΔE)＝1MeV，Ekm＝eq\f(mHe,mn＋mHe)(2E0＋ΔE)＝3MeV，所以C正确，D错误．5．如图所示，有5000个质量均为m的小球，将它们用长度相等的轻绳依次连接，再将其左端用细绳固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止．若连接天花板的细绳与水平方向的夹角为45°.则第2011个小球与2012个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值等于(A)A.eq\f(2989,5000) B.eq\f(2011,5000)C.eq\f(2011,2089) D.eq\f(2089,2011)解析：对1～5000号球整体受力分析，受到水平向右的拉力F、天花板处绳子拉力T0以及5000个球的重力5000G，由平衡条件可列出平衡方程：T0cos45°＝F，T0sin45°＝5000G.解得F＝5000G.再对2012～5000号球为整体受力分析，受到水平向右的拉力F、2989个球的重力2989G以及2011个小球与2012个小球之间的轻绳拉力T，列出平衡方程Tcosα＝F，Tsinα＝2989G.解得tanα＝eq\f(2989,5000).6．(2024·江苏南通二模)车手要驾驶一辆汽车飞越宽度为d的河流．在河岸左侧建起如图高为h、倾角为α的斜坡，车手驾车从左侧冲上斜坡并从顶端飞出，接着无碰撞地落在右侧高为H、倾角为θ的斜坡上，顺当完成了飞越．已知h>H，当地重力加速度为g，汽车可视为质点，忽视车在空中运动时所受的空气阻力．依据题设条件可以确定(CD)A．汽车在左侧斜坡上加速的时间tB．汽车离开左侧斜坡时的动能EkC．汽车在空中飞行的最大高度HmD．两斜坡的倾角满意α<θ解析：据题分析可知，汽车在左侧斜坡上运动状况未知，不能确定加速的时间t，故A错误；汽车的质量未知，依据动能表达式Ek＝eq\f(1,2)mv2可知不能求出汽车离开左侧斜坡时的动能Ek，故B错误；设汽车离开左侧斜坡的速度大小为v1.依据水平方向的匀速直线运动有d＝v1cosα·t①竖直方向的竖直上抛运动有Hm＝eq\f(v1sinα2,2g)②取竖直向上方向为正方向有－(h－H)＝v1sinα·t－eq\f(1,2)gt2③由①③两式可求得运动时间t和v1，将v1代入②式可求出最大高度Hm，故C正确；依据速度的分解得tanα＝eq\f(vy1,vx)，tanθ＝eq\f(vy2,vx)，由于h>H，竖直分速度关系为vy1<vy2，则得α<θ，故D正确．

7.(2024·湖北八校联考)如图甲所示，质量为1kg的小物块以初速度v0＝11m/s从θ＝53°固定斜面底端先后两次滑上斜面，第一次对小物块施加一沿斜面对上的恒力F，其次次无恒力F.图乙中的两条线段a、b分别表示存在力F和无恒力F时小物块沿斜面对上运动的v­t图线．不考虑空气阻力，g取10m/s2，下列说法正确的是(AD)A．恒力F大小为1NB．物块与斜面间动摩擦因数为0.6C．有恒力F时，小物块在上升过程产生的热量较少D．有恒力F时，小物块在上升过程机械能的削减量较小解析：依据v­t中斜率等于加速度的意义可知：aa＝eq\f(Δv,t1)＝eq\f(0－11,1.1)＝－10m/s2，ab＝eq\f(0－11,1)＝－11m/s2；不受拉力时：mab＝－mgsin53°－μmgcos53°，代入数据得：μ＝0.5；受到拉力的作用时：maa＝F－mgsin53°－μmgcos53°；所以：F＝1N．故A正确，B错误；依据运动学公式：x＝eq\f(0－v\o\al(2,0),2a)可知，因为有恒力F时，小物块的加速度小，位移大，所以在上升过程产生的热量较大．故C错误；结合C的分析可知，有恒力F时，小物块上升的高度比较大，所以在最高点的重力势能比较大，而上升的过程动能的减小是相等的，所以在上升过程机械能的削减量较小．故D正确．故选AD.8．(2024·湖南株洲质检)某种小灯泡的伏安特性曲线如图所示，三个完全相同的这种小灯泡连接成如图乙所示的电路，电源的内阻为1.0Ω.现闭合开关S，志向电压表V的示数为4.0V，则(ABD)A．三个灯泡的总电阻为8.3ΩB．电源的电动势为5.6VC．电源消耗的热功率为3.0WD．电源的效率为89.3%解析：志向电压表V的示数为4.0V，可知串联的灯泡电流0.6A，此时小灯泡电阻eq\f(4.0,0.6)Ω＝eq\f(20,3)Ω；每个并联灯泡的电流为0.3A，电压1.0