八下期末真题百题大通关-2024-2025学年八年级数学下学期期末考点大串讲（人教版）

第第页题型一二次根式的概念、求二次根式的值题型二求二次根式中的参数题型三二次根式有意义的条件题型四利用二次根式的性质化简题型五二次根式的乘除及混合运算题型六最简二次根式题型七同类二次根式题型八二次根式的加减运算题型九二次根式的混合运算题型十分母有理化题型十一二次根式的化简求值题型十二比较二次根式的大小题型十三二次根式的应用题型十四用勾股定理解三角形题型十五已知两点坐标求两点距离题型十六勾股树（数）问题题型十七以直角三角形三边为边长的图形面积题型十八勾股定理与网格问题题型十九勾股定理与折叠问题题型二十利用勾股定理求两条线段的平方和（差）题型二十一勾股定理的证明方法题型二十二勾股定理与无理数题型二十三勾股定理的应用题型二十四勾股定理的逆定理题型二十五利用平行四边形的性质及其应用题型二十六平行四边形的判定题型二十七平行四边形的判定与性质综合题型二十八三角形中位线题型二十九利用矩形的性质求解与证明题型三十求矩形在坐标系中的坐标题型三十一矩形与折叠问题题型三十二斜边的中线等于斜边的一半题型三十三矩形的判定题型三十四根据矩形的性质与判定求解题型三十五利用菱形的性质求解与证明题型三十六菱形的判定题型三十七根据菱形的性质与判定求解题型三十八利用正方形的性质求解与证明题型三十九正方形的判定题型四十根据正方形的性质与判定求解题型四十一中点四边形题型题型四十二求阴影面积题型四十三（特殊）平行四边形的动点问题题型四十四四边形中的线段最值问题题型四十五变量与函数题型题型四十六函数的图象题型四十七正比例函数题型四十八一次函数题型四十九一次函数图象与坐标轴的交点问题题型五十一次函数的规律探究问题题型五十一一次函数图象平移问题题型五十二一次函数与方程、不等式题型五十三求直线围成的图形面积题型五十四一次函数的实际应用题型五十五一次函数与几何综合题型五十六平均数、中位数、众数题型五十七方差题型五十八数据分析中的决策问题第十六章二次根式1．（23-24八年级下·广东惠州·期末）下列式子中，是二次根式的是（）A． B． C． D．【答案】A【知识点】求二次根式的值【分析】本题考查了二次根式的定义．根据形如的式子叫做二次根式，逐项分析即可求解．【详解】解：A、是二次根式，A符合题意；B、，不是二次根式，B不符合题意；C、不是二次根式，C不符合题意；D、不是二次根式，D不符合题意．故选：A．2．（23-24八年级下·浙江温州·期末）当时，二次根式的值为（

）A．1 B． C． D．2【答案】C【知识点】求二次根式的值【分析】本题考查二次根式，将已知数值代入原式并进行正确的运算是解题的关键．将代入二次根式中计算即可．【详解】解：当时，原式，故选：C3．（22-23八年级下·江苏扬州·期末）已知那么．【答案】81【知识点】求二次根式中的参数【分析】先求出x值，再求平方即可．【详解】解：∵，∴，∴，故答案为：81．【点睛】本题考查了二次根式的意义，掌握二次根式的意义和运算方法是正确求解的基本方法．4．（24-25八年级下·河南信阳·期末）使式子有意义，则的取值范围为．【答案】【知识点】二次根式有意义的条件、求一元一次不等式的解集【分析】本题考查二次根式有意义的条件，根据二次根式的被开方数为非负数进行求解即可．【详解】解：要使式子有意义，则，即．故答案为：5．（23-24八年级下·广西河池·期末）化简：＝．【答案】2024【知识点】利用二次根式的性质化简【分析】本题考查了二次根式的性质，熟记“”是解题关键．直接利用二次根式的性质求解即可．【详解】解：．故答案为：2024．6．（23-24八年级下·广西河池·期末）计算：．【答案】【知识点】二次根式的乘法【分析】本题考查的知识点是二次根式的乘法，解题关键是熟练掌握二次根式的乘法运算法则．【详解】解：根据二次根式的乘法可得：．故答案为：．7．（23-24八年级下·宁夏吴忠·期末）．【答案】2【知识点】二次根式的除法【分析】根据二次根式的除法法则进行计算即可．本题考查了二次根式的除法法则：，熟练掌握二次根式的除法法则是解题的关键．【详解】解：故答案为：2.8．（22-23八年级下·吉林·期末）计算：．【答案】【知识点】二次根式的乘除混合运算【分析】根据二次根式的乘除法法则即可得．【详解】原式【点睛】本题考查了二次根式的乘除法，熟练掌握二次根式的乘除法法则是解题关键．9．（23-24八年级下·贵州毕节·期末）下列二次根式是最简二次根式的是（）A． B． C． D．【答案】B【知识点】最简二次根式的判断【分析】本题考查最简二次根式的判定，根据最简二次根式的要求：被开方数不含能开得尽方的因数；被开方数不含分母，由这两条逐项判定即可得到答案，熟记最简二次根式的要求是解决问题的关键．【详解】解：A、，故不是最简二次根式，不符合题意；B、是最简二次根式，符合题意；C、中被开方数含有分母，故不是最简二次根式，不符合题意；D、，被开方数含有分母，故不是最简二次根式，不符合题意；故选：B．10．（23-24八年级上·山东滨州·期末）下列各式化成最简二次根式正确的是（

）A． B． C． D．【答案】D【知识点】化为最简二次根式【分析】本题考查了对最简二次根式的定义的理解，先根据二次根式的性质化简，再根据最简二次根式的定义判断是解此题的关键．【详解】解：A.，化简不正确；B.，化简不正确；C.，化简不正确；D.，化简正确；故选D．11．（22-23八年级下·湖北咸宁·期末）当时，和两个最简二次根式是同类二次根式．【答案】3【知识点】已知最简二次根式求参数【分析】根据同类二次根式的定义列一元一次方程求解即可．【详解】解：∵和两个最简二次根式是同类二次根式，∴，解得：．故答案为3．【点睛】本题主要考查了同类二次根式的定义，根据同类二次根式的定义列出一元一次方程是解答本题的关键．12．（23-24八年级下·安徽黄山·期末）与最简二次根式是同类二次根式，则．【答案】【知识点】化为最简二次根式、同类二次根式【分析】本题主要考查了同类二次根式和最简二次根式等知识点，根据同类二次根式的定义得出，求出即可，能熟记同类二次根式的定义的内容是解此题的关键．【详解】∵，∵与最简二次根式是同类二次根式，∴，解得：，故答案为：7．13．（22-23八年级上·贵州铜仁·期末）计算：．【答案】【知识点】二次根式的加减运算【分析】本题考查的是二次根式的加减运算，先化简二次根式，再合并即可．【详解】解：；故答案为：14．（23-24八年级下·安徽阜阳·期末）计算的结果是．【答案】【知识点】二次根式的混合运算【分析】本题考查了二次根式的混合运算，先进行乘法运算并化为最简二次根式，再进行加减运算，即可求解；掌握（，）和合并同类二次根式法是解题的关键.【详解】解：原式；故答案为：．15．（23-24八年级下·广东东莞·期末）计算：．【答案】．【知识点】二次根式的混合运算、利用二次根式的性质化简【分析】本题考查了二次根式的混合运算，先计算二次根式的乘法，再根据二次根式的性质进行化简，最后计算加减即可得出答案，熟练掌握运算法则是解此题的关键．【详解】解：．16．（23-24八年级下·甘肃平凉·期末）阅读与思考：【阅读理解】爱思考的小利在解决问题：已知，求的值．他是这样分析与解答的：，，即，，．【任务】请你根据小利的分析过程，解决如下问题：(1)计算：___________；(2)若，求的值．【答案】(1)(2)2【知识点】运用完全平方公式进行运算、二次根式的混合运算、分母有理化【分析】本题考查了二次根式混合运算，分母有理化，乘法公式等，熟练掌握分母有理化的方式是解题关键．（1）利用平方差公式分母有理化即可；（2）利用分母有理化可得，进而得到，，然后将代数式变形，代入计算即可．【详解】（1）解：，故答案为：；（2）解：，，，即，，17．（22-23八年级下·山东烟台·期末）在进行二次根式化简时，我们有时会碰上如，一样的式子，其实我们还可以将其进一步化简：．．以上这种化简的步骤叫做分母有理化．请用分母有理化解答下列问题：(1)化简：；(2)化简：．【答案】(1)(2)【知识点】分母有理化【分析】（1）根据分母有理数化简即可；（2）根据分母有理数化简即可．【详解】（1）解：原式=；（2）解：原式==．【点睛】本题考查分母有理化，正确计算是解题的关键．18．（22-23八年级下·四川广安·期末）已知，，则的值为．【答案】【知识点】已知字母的值，化简求值【分析】由、的值直接代入求解即可．【详解】解：．故答案为：．【点睛】本题考查了二次根式的化简求值，解答本题的关键在于对原式进行恰当的化简并代入求值．19．（22-23八年级下·山东威海·期末）（1）若，求；（2）若，求的值．【答案】（1）18；（2）【知识点】通过对完全平方公式变形求值、已知条件式，化简求值、已知字母的值，化简求值【分析】（1）根据二次根式的加法法则求出，根据二次根式的乘法法则求出，根据提公因式、完全平方公式把原式变形，代入计算即可；（2）根据完全平方公式把原式变形，计算即可．【详解】解：（1），，，，则；（2），，，，，．【点睛】本题考查的是二次根式的化简求值，掌握二次根式的乘法法则、加法法则是解题的关键．20．（23-24八年级下·河北邢台·期末）比较大小：．（填“＞”“＜”或“＝”）【答案】=【知识点】分母有理化、比较二次根式的大小【分析】本题考查分母有理化，二次根式的大小比较，掌握相应的法则是解题的关键．把分母有理化即可得到答案．【详解】解：，故答案为：．21．（23-24八年级下·甘肃平凉·期末）已知矩形的长，宽．(1)求该矩形的周长；(2)若另一个正方形的面积与该矩形的面积相等，试计算该正方形的边长．【答案】(1)(2)【知识点】二次根式的应用、二次根式的乘法、二次根式的混合运算【分析】本题考查二次根式的应用：（1）根据周长公式列式，利用二次根式的性质先化简再求和；（2）先通过二次根式的乘法计算出矩形的面积，进而根据面积相等求出正方形的边长．【详解】（1）解：长方形的周长．（2）解：长方形的面积，根据面积相等，则正方形的边长．22．（23-24八年级下·河北廊坊·期末）（1）设长方形的面积为S，相邻两边长分别为a，b．已知，，求S的值；（2）已知长方体的体积，高，底面相邻两边，求a，b的值．【答案】（1）；（2），【知识点】二次根式的应用【分析】本题考查了二次根式的应用；（1）根据长方形的面积公式列式计算即可；（2）由已知得出，然后根据长方体的体积公式列式求出a，进而可得b的值．【详解】解：（1）依题意，；（2），，，即∴，，，．第十七章勾股定理23．（24-25八年级上·广东佛山·期中）如图，在中，，若，，则的长是（

）A． B． C． D．【答案】D【知识点】用勾股定理解三角形【分析】本题考查了勾股定理，解题的关键是掌握勾股定理．根据勾股定理求解即可．【详解】解：，，，，故选：D．24．（23-24八年级下·湖北宜昌·期末）在平面直角坐标系中，点到原点的距离为（）A．2 B．4 C． D．【答案】D【知识点】已知两点坐标求两点距离【详解】本题主要考查了两点间距离公式，根据两点间距离公式进行计算，即可得出答案．【分析】解：由题意得，点P到坐标原点的距离为：．故选：D．25．（23-24八年级下·云南红河·期末）下列各组数中，是勾股数的是（

）A． B． C． D．【答案】C【知识点】求一个数的算术平方根、勾股树（数）问题【分析】本题考查的是勾股数，满足的三个正整数，根据勾股数的定义解答即可．【详解】解：A、不是正整数，故不是勾股数，不符合题意；B、0.3，0.4，0.5，不是整数，故不是勾股数，不符合题意；C、，是勾股数，符合题意；D、，故不是勾股数，不符合题意．故选：C．26．（23-24八年级下·贵州黔东南·期末）如图，是一株美丽的勾股树，其中所有的四边形都是正方形，所有的三角形都是直角三角形．若正方形、、、的面积分别为2、5、1、2．则最大的正方形的面积是（

）A．5 B．10 C．15 D．20【答案】B【知识点】勾股树（数）问题【分析】此题考查勾股定理的利用，正确理解图中几个正方形与直角三角形的关系是解题的关键.根据直角三角形勾股定理解答得到E的面积是A、B、C、D四个面积的和，由此得到答案.【详解】解：如图，由图知：正方形F的面积=正方形A的面积+正方形B的面积，正方形G的面积=正方形C的面积+正方形D的面积，正方形E的面积=正方形F的面积+正方形G的面积，∴正方形E的面积=正方形A的面积+正方形B的面积+正方形C的面积+正方形D的面积，故选：B.27．（23-24八年级下·河北张家口·期末）图中三角形是直角三角形，所有四边形都是正方形，最大正方形的边长为，则图中所有正方形的面积的和是（

）A． B． C． D．【答案】A【知识点】以直角三角形三边为边长的图形面积【分析】本题考查了勾股定理，根据勾股定理的几何意义解答即可．熟悉勾股定理的几何意义是解题的关键．【详解】解：根据勾股定理的几何意义，可知：直角三角形两直角边所对应的两个正方形的面积之和等于斜边所对应的正方形的面积，则图中所有正方形的面积的和为，故选：A．28．（23-24八年级下·河南驻马店·期末）如图，网格中每个小正方形的边长均为1，以A为圆心，为半径画弧，交网格线于点D，则的长为（）A． B． C．3 D．无法确定【答案】A【知识点】勾股定理与网格问题【分析】此题考查了勾股定理，连接，从而根据勾股定理计算是解题的关键．【详解】解：连接，则,∴，故选A．29．（22-23八年级下·河北保定·期末）如图，在的正方形网格（每个小正方形的边长都是1）中，标记格点A，B，C，D，则下列线段长度为的是（

）

A．线段 B．线段 C．线段 D．线段【答案】B【知识点】勾股定理与网格问题【分析】根据勾股定理分别求解，，，，从而可得答案．【详解】解：由勾股定理可得：，，，，故选：B．【点睛】本题考查的是勾股定理的应用，熟记勾股定理的解本题的关键．30．（22-23八年级下·广西南宁·期末）如图是课堂上同学们在探究勾股定理用到的图形，已知网格中小正方形的边长为1，则线段的长为（

）

A． B．5 C．9 D．13【答案】A【知识点】勾股定理与网格问题【分析】直接利用勾股定理求解即可．【详解】解：由勾股定理可得：，故选：A．【点睛】本题考查勾股定理，牢记勾股定理是解决问题的关键．31．（23-24八年级下·山东济宁·期末）如图，三角形纸片中，，，，沿和将纸片折叠，使点和点都落在边上的点处，则的长是（

）A． B． C． D．【答案】B【知识点】勾股定理与折叠问题【分析】本题考查了折叠的性质，勾股定理，掌握折叠的性质以及勾股定理是解题的关键．根据题意可得，，，可得，继而设，则，根据勾股定理即可求解．【详解】解：∵沿纸片折叠，使点B落在边上的点P处，∴，，∵折叠纸片，使点C与点P重合，∴，∵，∴，∴，∴，∴，设，则，在中，由勾股定理得∴，解得，即，∴，故选：B．32．（23-24八年级下·河南南阳·期末）如图所示，有一张长方形纸片，，．现折叠该纸片使得边与对角线重合，折痕为，点落在处，求．【答案】3【知识点】勾股定理与折叠问题【分析】本题考查了勾股定理与折叠问题；先利用勾股定理求出，然后根据折叠的性质得到，，，求出，然后在中，利用勾股定理构建方程，即可求出．【详解】解：∵，，，∴，由折叠得：，，，∴，，在中，，∴，∴，故答案为：3．33．（22-23八年级上·吉林长春·期末）如图，将长方形纸片沿折叠，使点恰好落在边上点处，若，，求的长．【答案】．【知识点】勾股定理与折叠问题【分析】本题考查了翻折变换，勾股定理．根据折叠的性质及勾股定理求解．【详解】解：由翻折可得，，四边形为长方形，，，，在中，由勾股定理得，，设，则，在中，由勾股定理得，即，解得，即．34．（22-23八年级下·云南昆明·期末）如图所示，在中，，点D为边上一点，将沿翻折得到，若点在边上，，，求的长．【答案】【知识点】勾股定理与折叠问题【分析】由勾股定理求出，由折叠的性质得出，，，得出，，设，则，在中，由勾股定理得出方程，可求长，由勾股定理可求的长．本题考查了翻折变换的性质，勾股定理等知识；熟练掌握翻折变换的性质，由勾股定理得出方程是解题的关键．【详解】解：由折叠可知：，，，在中，由勾股定理得：，，设，则，在中，由勾股定理得：，，，，，35．（22-23八年级下·山西大同·期末）如图，和都是等腰直角三角形，，，的顶点A在的斜边上，则的值为．

【答案】【知识点】全等三角形综合问题、利用勾股定理求两条线段的平方和（差）【分析】根据常见的“手拉手全等模型”，结合勾股定理即可求解．【详解】解：连接，如图所示：

因为和都是等腰直角三角形，，即故故答案为：【点睛】本题综合考查全等三角形的判定与性质以及勾股定理的应用．掌握相关几何知识是解题的关键．36．（23-24八年级下·河北邢台·期末）《勾股举隅》为梅文鼎研究中国传统勾股算术的著作，其中的主要成就是对勾股定理的证明和对勾股算术算法的推广．书中的证明方法是将4个边长分别为a、b、c的全等直角三角形拼成如图1所示的五边形，然后通过添加辅助线用面积法证明勾股定理．下面是小华给出的相关证明：如图，延长交①于点G．用两种不同的方法表示五边形的面积S：方法一：将五边形看成是由正方形与，拼成，则②．方法二：将五边形看成是由③，正方形，，拼成，根据面积相等可以得到④，进而通过化简验证得出勾股定理．则下列说法错误的是（）A．①代表B．②代表C．③代表正方形D．④代表【答案】C【知识点】勾股定理的证明方法【分析】本题主要考查了勾股定理的证明，根据题意用两种方法表示出S，然后根据两种表示方法表示的S相等，即可得到结论．【详解】解：如图所示，延长交于G，方法一：将五边形看成是由正方形与，拼成，则；方法二：将五边形看成是由正方形，正方形，，拼成，则，根据面积相等可以得到，即，故C选项错误，符合题意．故选：C．37．（23-24八年级下·青海西宁·期末）已知，，将它们按照如图所示摆放在直线上，使点与点重合，连接，得到的四边形是梯形．设的三边分别为，，，请用此图证明勾股定理．【答案】见解析【知识点】勾股定理的证明方法【分析】本题考查了全等三角形的性质，勾股定理的证明，首先求出，然后利用梯形的面积得到，进而求解即可．【详解】证明：，，，即．38．（23-24八年级下·云南大理·期末）如图，四个全等的直角三角形围成一个大正方形，中间阴影部分是一个小正方形，这样就组成一个“赵爽弦图”．若，，则的面积为（

）A．20 B．24 C．36 D．48【答案】B【知识点】以弦图为背景的计算题【分析】本题考查勾股定理的应用，利用中间小正方形的面积=大正方形的面积个全等的直角三角形的面积，求出即可．【详解】解：有图形可得：个全等的直角三角形的面积=大正方形的面积中间小正方形的面积，∴，∴，故选：B．39．（23-24八年级下·山东聊城·期末）如图1，四个全等的直角三角形围成一个大正方形，中间是一个小正方形，这个图形是我国汉代赵爽在注解《周髀算经》时给出的，人们称它为“赵爽弦图”，若图1中的直角三角形的长直角边为5，大正方形的面积为29，连接图2中四条线段得到如图3的新图案，求图3中阴影部分的面积【答案】21【知识点】以弦图为背景的计算题【分析】本题主要考查了勾股定理中赵爽弦图模型．利用勾股定理，求出，从而得到，再由阴影部分的面积等于大正方形的面积减去空白部分面积，即可求解．【详解】解：如图，根据题意得：，，，∴，∴，∴，∴阴影部分的面积为．故答案为：2140．（23-24八年级下·湖北咸宁·期末）如图，将图1中的菱形纸片沿对角线裁剪成四个直角三角形，再将裁得的四个直角三角形分别拼成图2和图3，图2中间正方形的面积是13，图3中间正方形的面积是1，则图1中菱形的面积是．

【答案】12【知识点】以弦图为背景的计算题、用勾股定理解三角形、完全平方公式在几何图形中的应用【分析】本题考查了菱形，正方形的面积的计算，勾股定理的运用，完全平方公式的运用，掌握勾股定理是解题的关键．根据图1的菱形与图2中间正方形的面积可得菱形的边长，设，由此可得图3中正方形的面积和菱形的面积，根据勾股定理，完全平方公式的运用即可求解．【详解】解：根据题意，图1中的菱形，

∴，剪开后是四个全等的直角三角形，拼成了图2的正方形，

∵图2中间正方形的面积为，∴中间正方形的边长为，即菱形的边长为，设，则，∴图3中，，图1中菱形的面积为，∴，∴，∴图1中菱形的面积为，故答案为：12．41．（23-24八年级下·广东江门·期末）如图是“赵爽弦图”，其中、、和是四个全等的直角三角形，四边形和都是正方形，如果，，那么等于．【答案】1【知识点】以弦图为背景的计算题【分析】此题考查勾股定理．根据勾股定理求得，进而求得的值，即可．【详解】解：∵，，∴，∵、、和是四个全等的直角三角形，∴，∴．故答案为：1．42．（24-25八年级上·海南海口·期末）把一个边长为1的正方形如图所示放在数轴上，以正方形的对角线为半径画弧交数轴于点A，则点A对应的数是（

）

A．1 B． C． D．1.5【答案】B【知识点】实数与数轴、勾股定理与无理数【分析】本题考查的是勾股定理的应用、实数与数轴，掌握勾股定理是解题的关键．先运用勾股定理求出正方形的对角线长，从而得到的长，即可解答．【详解】解：根据题意可得，正方形的对角线长为，∴，∴点A对应的数是．故选：B43．（24-25八年级上·四川成都·期末）如图所示，数轴上的点表示的实数为，以点为圆心，为半径画弧交数轴于点，则点表示的数是．【答案】【知识点】勾股定理与无理数、实数与数轴【分析】本题考查实数与数轴，勾股定理．和均为半径，根据勾股定理求出的长，从而得到点表示的数．【详解】解：如图，在中，，，点表示的数为，故答案为：．44．（23-24八年级下·湖北宜昌·期末）如图，某隧道是一个双向通车的隧道，隧道的截面是一个半径为米的半圆形，一辆高米，宽米的卡车能通过该隧道吗？为什么？【答案】一辆高米，宽米的卡车不能通过该隧道，理由见解析．【知识点】用勾股定理构造图形解决问题【分析】本题考查了勾股定理．根据题意直接构造直角三角形，进而得出当时，的长，即可得出答案．【详解】解：不能，如图所示：当时，，，一辆高米，宽米的卡车不能通过该隧道．45．（23-24八年级下·甘肃武威·期末）如图，一高层住宅发生火灾，消防车立即赶到距大厦8米处（车尾到大厦墙面），升起云梯到火灾窗口，已知云梯长17米，云梯底部距地面2米，问：发生火灾的住户窗口距离地面多少米？【答案】17米【知识点】用勾股定理构造图形解决问题【分析】本题考查利用勾股定理解实际问题，读懂题意，得到图形中的相关线段长，在中，由勾股定理求出，数形结合，由代值求解即可得到答案，数形结合，熟练运用勾股定理是解决问题的关键．【详解】解：如图所示，结合题意，米，米，米，在中，，则由勾股定理可得（米），（米）．46．（23-24八年级下·山西大同·期末）消防云梯主要用于高层建筑火灾等救援任务，它能让消防员快速到达高层建筑的火灾现场，执行灭火、疏散等救援任务．如图，已知云梯最多能伸长到，消防车高．某次任务中，消防车在A处将云梯伸长至最长，消防员从高的处救人后，消防车需到达B处使消防员从24m高的处救人，求消防车从A处向着火的楼房靠近的距离．【答案】【知识点】用勾股定理构造图形解决问题【分析】本题考查了勾股定理的应用，熟练掌握勾股定理是解题的关键．由勾股定理求出、的长，即可解决问题．【详解】解：由题意，易得，，A，B，D三点在同一直线上．，，．在中，由勾股定理，得．在中，由勾股定理，得．答：消防车从A处向着火的楼房靠近的距离为．47．（23-24八年级下·广东惠州·期末）如图1，一个梯子长为5米，顶端靠在墙上，这时梯子下端与墙角之间的距离是4米，将梯子的底端向方向挪动1米，如图2，求梯子的顶端向上移动了多少米（即求的长）？【答案】梯子的顶端向上移动了1米．【知识点】求梯子滑落高度(勾股定理的应用)【分析】本题考查了勾股定理的应用．根据勾股定理可得米，在中由勾股定理可得的长，即而可得答案．【详解】解：由题意可得，米，米，米，在中，，，∴米，答：梯子的顶端向上移动了1米．48．（23-24八年级下·全国·期末）数学著作《九章算术》中有这样一个问题：有一个水池，水面是一个边长为10尺的正方形，在水池正中央处有一根芦苇，它高出水面1尺．如果把这根芦苇拉向水池一边的终点，它的顶端恰好到达池边的水面．求水的深度和这根芦苇的长度．【答案】水的深度为12尺，这根芦苇的长度为13尺．【知识点】求旗杆高度(勾股定理的应用)【分析】此题主要考查了勾股定理的应用，在应用勾股定理解决实际问题时勾股定理与方程的结合是解决实际问题常用的方法，关键是从题中抽象出勾股定理这一数学模型，画出准确的示意图．领会数形结合的思想的应用．设这根芦苇的长度为x尺，则水池的深度为尺．根据勾股定理可得方程，再解即可．【详解】解：如图，依题意得，，．∵G为的中点，设这根芦苇的长度为x尺，则水池的深度为尺．在中，根据勾股定理可得，即解得，．答：水的深度为12尺，这根芦苇的长度为13尺．49．（23-24八年级下·云南昭通·期末）如图，在与水平面成角的斜坡上有两棵一样高的柳树，两棵树水平距离，一只小鸟从一棵树的树梢飞到另一棵树的树梢，至少飞了（

）米．A．4 B．6 C．8 D．10【答案】C【知识点】求小鸟飞行距离(勾股定理的应用)、含30度角的直角三角形【分析】本题主要考查含角的直角三角形的性质，勾股定理，根据，即可求解．【详解】解：由题意得：，∴∵，，∴（负值舍去）∴∴小鸟从一棵树的树梢飞到另一棵树的树梢，至少飞了8米故选：C．50．（22-23八年级下·江西赣州·期末）《九章算术》是我国古代最重要的数学著作之一，在“勾股”章中记载了一道“折竹抵地”问题：“今有竹高一丈，末折抵地，去本四尺，问折者高几何？”翻译成数学问题：如图，在中，，，，则的长为．【答案】【知识点】求大树折断前的高度(勾股定理的应用)【分析】本题考查了勾股定理的应用．熟练掌握勾股定理的应用是解题的关键．由勾股定理得，，即，计算求解即可．【详解】解：由勾股定理得，，即，解得，，故答案为：．51．（23-24八年级下·吉林四平·期末）如图,一种圆柱形的饮料杯，测得内部底面圆半径为，杯高，点，点在内部底面圆上，线段经过杯子的内部底面圆心．将吸管一端放在点处，并让吸管经过点（按如图所示）放进杯里，要求杯门外面至少要露出长的吸管，问至少需要制作多长的吸管？【答案】至少需要制作长的吸管【知识点】解决水杯中筷子问题(勾股定理的应用)【分析】此题主要考查的是勾股定理的应用．在吸管(杯内部分)、杯底直径、杯高构成的直角三角形中，由勾股定理可求出杯内吸管部分的长度，再加上外露部分的长度即可求出吸管的总长．【详解】解：由题意可知是直角三角形，，，线段为内部底面圆直径，内部底面圆半径为，，在中，，解得：或（舍去，不符合题意）答：至少需要制作长的吸管．52．（23-24八年级下·云南红河·期末）如图、甲、乙两艘船同时从港口O出发．甲船以9海里/小时的速度向北偏东方向航行，乙船向南偏东方向航行，两小时后，甲船到达A岛，乙船到B岛．已知A，B两岛相距30海里，求乙船的速度．

【答案】12海里/小时【知识点】解决航海问题(勾股定理的应用)、求一个数的算术平方根【分析】本题考查了勾股定理的应用，理解题意，运用勾股定理是解题的关键．先求得，在中，由勾股定理求出，即可求出速度．【详解】解：由题意得，，

∴，由题意得，，，∴在中，由勾股定理得，，∴乙船的速度为：海里/小时．53．（23-24八年级下·陕西渭南·期末）为实现核心素养导向的教学目标，走向综合性、实践性的课程教学变革，某中学推进项目式学习，组织八年级数学研学小组进行了“测量隧道长度”的项目式学习活动．项目主题测量隧道的长度测量工具测角仪、测距仪等测量示意图

数据说明，米，米特别说明测量过程中注意保障人身安全！请你根据以上测量结果，计算隧道的长度．【答案】720米【知识点】求河宽(勾股定理的应用)、三角形内角和定理的应用【分析】该题主要考查了勾股定理的应用，解题的关键是读懂题意．根据题意证明为直角三角形，再根据勾股定理即可求解．【详解】解：，，为直角三角形．米，米，（米）．即隧道的长度为720米．54．（23-24八年级下·江西宜春·期末）如图是台阶的示意图，若每个台阶的宽度都是，每个台阶的高度都是，连接，则的长度是（

）A． B． C． D．【答案】B【知识点】求台阶上地毯长度(勾股定理的应用)【分析】本题考查了勾股定理的应用，解题的关键是从实际问题中抽象出直角三角形．作出直角三角形后分别求得直角三角形的两直角边的长后即可利用勾股定理求得斜边的长．【详解】解∶如图，由题意，得，，，∴，故选：B．55．（23-24八年级下·湖南湘西·期中）学生安全是近几年社会关注的重大问题，其中交通安全隐患主要是超速．如图，某校门前一条直线公路建成通车，在该路段限速，为了检测车辆是否超速，在公路旁设立了观测点C，从观点C测得一小车从点A到达点B行驶了．若测得，，．此车超速了吗？请说明理由．【答案】此车没有超速，详见解析【知识点】判断汽车是否超速(勾股定理的应用)、等腰三角形的性质和判定、含30度角的直角三角形【分析】此题考查了勾股定理，等腰直角三角形的性质，含角直角三角形的性质，过点C作于点H．求出，得到，勾股定理求出，然后得到，，然后求出小车平均速度，然后比较求解即可．【详解】解：过点C作于点H．∵∴∴，∴∵∴∴是等腰直角三角形∴∴∴小车平均速度而∴此车没有超速．56．（23-24八年级下·云南曲靖·期末）如图，某沿海城市接到台风警报，在该市正南方向的处有一台风中心正以的速度向方向移动，已知城市到的距离，那么台风中心经过多长时间从点移到点？【答案】台风中心经过小时从点移到点．【知识点】用勾股定理解三角形、判断是否受台风影响(勾股定理的应用)【分析】本题考查了勾股定理的应用，首先根据勾股定理计算的长，再根据时间路程速度进行计算，解题的关键是掌握勾股定理的应用．【详解】在直角三角形中，根据勾股定理，得，时，，答：台风中心经过小时从点移到点．57．（23-24八年级下·广东珠海·期中）如图，在笔直的铁路上A、B两点相距，C，D为两村庄，于A，于B．现要在上建一个中转站E，使得C，D两村到E站的距离相等，求的长．【答案】的长为【知识点】用勾股定理解三角形、选址使到两地距离相等(勾股定理的应用)【分析】本题考查的是勾股定理，比较简单，需要熟练掌握勾股定理的基础知识．先设，则，再根据勾股定理计算即可得出答案．【详解】解：设，则，由勾股定理得：在中，，在中，，由题意可知：，所以，解得：即的长为．58．（24-25八年级下·全国·期末）如图，一个圆柱的高是，底面圆的周长是，一只蚂蚁想从下底面的点A处沿圆柱侧面爬到上底面的点B处，则蚂蚁需要爬行的最短路程是．【答案】15【知识点】求最短路径(勾股定理的应用)、几何体展开图的认识【分析】本题考查了圆柱的侧面展开，最短路径问题，勾股定理，先将圆柱侧面展开，再根据两点之间线段最短可知的长即蚂蚁爬行的最短路程，再利用勾股定理求解即可．【详解】、解：圆柱的展开图如图：根据题意，，，，∴，即蚂蚁需要爬行的最短路程是，故答案为：15．59．（24-25八年级上·陕西西安·期末）在中，，，，求证：．【答案】见解析【知识点】判断三边能否构成直角三角形【分析】本题考查勾股定理的逆定理，解题的关键是判断三角形三边是否满足勾股定理逆定理的条件．通过计算三角形三边的平方关系，依据勾股定理的逆定理来判断三角形是否为直角三角形，进而证明的度数．【详解】证明：中，，，，，为直角三角形，且．60．（23-24八年级下·广西玉林·期末）如图，在方格中作以为一边的，要求点C也在格点上，这样的能作出（

）A．2个 B．4个 C．6个 D．7个【答案】C【知识点】图形上与已知两点构成直角三角形的点、在网格中判断直角三角形【分析】此题主要考查了勾股定理逆定理，正确进行讨论，把每种情况考虑全，是解决本题的关键，当是斜边时有四个，当是直角边时有2个．【详解】解：当是斜边时，则第三个顶点所在的位置有：C、D、E、H四个；当是直角边，A是直角顶点时，第三个顶点是F点；当是直角边，B是直角顶点时，第三个顶点是G．因而共有6个满足条件的顶点．故选C．61．（22-23八年级下·四川广安·期末）如图，网格中每个小正方形的边长都为1，

(1)求四边形的面积；(2)求的度数．【答案】(1)(2)【知识点】勾股定理与网格问题、在网格中判断直角三角形、利用网格求三角形面积【分析】本题考查的是利用网格求面积，勾股定理和勾股定理逆定理，熟知在任何一个直角三角形中，两条直角边长的平方之和一定等于斜边长的平方是解答此题的关键．（1）利用正方形的面积减去四个顶点上三角形及小正方形的面积即可；（2）连接，根据勾股定理的逆定理判断出的形状，进而可得出结论．【详解】（1）解：；（2）解：连接，

，，，∴，．62．（22-23八年级下·安徽阜阳·期末）如图，已知A，B，C是海上的三座小岛，岛B在岛A的北偏东方向上，距离为12海里，岛C在岛A的北偏东方向上，距离为13海里，岛B和岛C之间的距离为5海里，则岛B在岛C的北偏西方向上.【答案】/52度【知识点】根据平行线的性质求角的度数、利用勾股定理的逆定理求解、与方向角有关的计算题【分析】本题主要考查了方向角、勾股定理的逆定理，平行线的性质，关键是根据勾股定理的逆定理得．先根据勾股定理的逆定理得，再根据方向角的定义和平行线的性质计算即可．【详解】解：如图，过点C作海里，海里，海里，，，，，，，∵，，岛在岛的北偏西方向上．故答案为：．63．（23-24八年级下·云南红河·期末）如图，甲船从港口O出发，以16海里/时的速度向北偏西方向航行，乙船同时从港口O出发，沿方向以12海里/时的速度航行，航行1小时后，两船相距20海里．则乙船航行的方向是（

）A．南偏西方向B．西偏南方向C．西偏南方向 D．西南方向【答案】A【知识点】与方向角有关的计算题、勾股定理逆定理的实际应用【分析】本题考查了勾股定理的应用，方向角，连接，根据题意可得：（海里），（海里），（海里），，然后利用勾股定理逆定理得，从而得，再利用平角的定义计算，最后根据方向角的概念可得答案．【详解】解：如图：连接，由题意得：（海里），（海里），（海里），，∵，即，∴，∴，∴乙船航行的方向是南偏西方向，故选：A．第十八章平行四边形64．（22-23八年级下·河南新乡·期末）如图，在中，对角线相交于点O，，，，则的长为（

）A． B．6 C．7 D．【答案】A【知识点】用勾股定理解三角形、利用平行四边形的性质求解【分析】本题考查勾股定理和平行四边形的性质．先根据勾股定理求出，再根据平行四边形的性质求出，再利用勾股定理求出．【详解】解：，，，，四边形是平行四边形，，，故选：A．65．（24-25八年级下·全国·期末）如图，在中，点E，F在对角线上，且，求证：．【答案】见解析【知识点】全等的性质和SAS综合（SAS）、利用平行四边形的性质证明【分析】本题考查平行四边形的性质，全等三角形的判定和性质，根据平行四边形的性质，证明，即可得出结论．【详解】证明：∵，∴，∴．在和中，，∴．∴．66．（23-24八年级下·广东东莞·期末）为更好地开展劳动教育课程，学校计划将一块空地（如图）修建一条笔直的小路（小路宽度忽略不计）．有两个要求：经过边上一点；分成面积相等的两部分．则小路除了经过点外，还经过（

）A．点 B．的中点C．的中点 D．边上的点，且【答案】B【知识点】平行四边形性质的其他应用【分析】本题考查了平行四边形的性质，根据平行四边形的性质即可得出答案，熟练掌握平行四边形的性质是解此题的关键．【详解】解：由平行四边形的性质结合题意得：小路除了经过点外，还经过的中点，故选：B．67．（23-24八年级下·广东清远·期末）如图，已知四边形，下列条件能判定四边形为平行四边形的是（

）A．， B．，C．， D．，【答案】C【知识点】判断能否构成平行四边形【分析】本题考查了平行四边形的判定，根据平行四边形的判定定理逐项分析判断，即可求解．【详解】解：A.，，不能判定四边形为平行四边形，故该选项不符合题意；

B.，，不能判定四边形为平行四边形，故该选项不符合题意；

C.，，根据一组对边平行且相等的四边形是平行四边形，能判定四边形为平行四边形，故该选项符合题意；

D.，，不能判定四边形为平行四边形，故该选项不符合题意；

故选：C．68．（23-24八年级下·北京顺义·期末）如图所示的正方形网格，每个小正方形的顶点称为格点，线段的两个端点都在格点上，若线段为的一边，的四个顶点都在正方形网格的格点上，则这样的平行四边形的个数为（

）A．3个 B．4个 C．8个 D．11个【答案】D【知识点】数图形中平行四边形的个数【分析】本题考查平行四边形的判定，解题的关键掌握平行四边形的判定定理，属于中考常考题型．根据平行四边形的判定定理，即可解决问题．【详解】解：如图，都可以成为平行四边形的顶点，所以这样的平行四边形最多可以画11个，故选：D．69．（23-24八年级下·辽宁丹东·期末）在平面直角坐标系中，点O为坐标原点，点C的坐标是，点A的坐标是，点B不在第一象限，若以点O，A，B，C为顶点的四边形是平行四边形，则点B的坐标是．【答案】或【知识点】坐标与图形、求与已知三点组成平行四边形的点的个数、由平移方式确定点的坐标【分析】此题考查了坐标与图形的性质以及平行四边形的性质，先建立平面直角坐标第，再分和两种情况求解即可．【详解】解：①当，时，如图：∵点C的坐标是，点A的坐标是，∴，∵点B不在第一象限，∴点B坐标为，即①当，时，如图：由坐标可知：点向下平移3个单位，向左平移1个单位到点O，∴由坐标可知：点向下平移3个单位，向左平移1个单位到点B，故点B坐标为：即，综上所述：点B的坐标是或，70．（23-24八年级下·山东临沂·期末）如图，在中，点为对角线上一点，连接并延长到点，，则的长为（

）A．3 B． C． D．4【答案】A【知识点】利用平行四边形的判定与性质求解、全等的性质和ASA（AAS）综合（ASA或者AAS）【分析】本题主要考查了平行四边形的判定和性质，全等三角形的判定和性质．过点F作，交于点G，可证明，可得，，再根据平行四边形的性质可得，，从而得到四边形是平行四边形，即可求解．【详解】解：如图，过点F作，交于点G，∴，∵，∴，∴，，∵四边形是平行四边形，∴，∴，，∴四边形是平行四边形，∴，∵，∴．∴．故选：A71．（23-24八年级下·广东揭阳·期末）如图，中，点E、F在对角线上，且．求证：四边形是平行四边形．【答案】见详解【知识点】利用平行四边形性质和判定证明【分析】此题主要考查了平行四边形的判定．连接交于，则可知，，又，所以，然后依据对角线互相平分的四边形是平行四边形即可证明．【详解】证明：连接交于，∵四边形是平行四边形，∴，∵，∴．即．∴四边形为平行四边形（对角线互相平分的四边形是平行四边形）．72．（24-25八年级下·全国·期末）如图（1）所示是某校篮球架实物图，如图（2）所示是篮球架的侧面示意图，篮板边侧垂直于地面．八年级的“综合与实践”数学小组开展测量篮球架篮板高度的实践活动．在不便于直接测量的情况下，小组设计了如下测量方法：如图（3）所示，小组成员将竹竿垂直固定在地面上，小明从竹竿上的F点处观察篮板底部B点，用测角仪测量视线与竹竿的夹角的度数为，接着将观察点沿着竹竿向上移动到G点，使得从G点观察篮板顶部A点的视线与竹竿的夹角的度数恰好等于的度数时，在竹竿上标注G点的位置，测量的长度为．活动分享时，小明说：“的长度就是篮板的高度”，你认为小明的说法是否正确，并说明理由．【答案】我认为小明的说法正确，见解析【知识点】平行四边形性质和判定的应用【分析】本题主要查了平行四边形的判定和性质，证明四边形是平行四边形是解题的关键．根据题意可得，再由，得到，继而得到四边形是平行四边形，即可解答．【详解】解：我认为小明的说法正确．理由如下：∵，∴．∴．∵，∴．∴四边形是平行四边形．∴．∴的长度就是篮板的高度．73．（22-23八年级下·四川达州·期末）如图，在中，对角线交于点，点是的中点．若，则的长为（）A． B． C． D．【答案】B【知识点】利用平行四边形的性质证明、与三角形中位线有关的求解问题【分析】本题考查了平行四边形的性质，三角形中位线的性质，由平行四边形的性质可得，进而由点是的中点可得为的中位线，根据三角形中位线的性质即可求解，掌握三角形中位线的性质是解题的关键．【详解】解：∵四边形为平行四边形，∴，∵点是的中点，∴，∴为的中位线，∴，故选B．74．（23-24八年级下·贵州毕节·期末）如图，在中，，分别是边，的中点，过点作，且，连接．求证：．

【答案】见解析【知识点】与三角形中位线有关的证明、利用平行四边形性质和判定证明【分析】本题考查了中位线的判定与性质，平行四边形的判定与性质，先由，分别是边，的中点，得出，且，结合，且，得出，且，证明四边形是平行四边形，即可作答．【详解】证明：∵，分别是边，的中点，∴，且，∵，且，∴，且，∴四边形是平行四边形，∴．75．（23-24八年级下·湖南益阳·期末）如图，A、B两地是一座山的两端，为修建高速公路需沿方向修一条隧道，工程测量队在地面上确定点O，分别取的中点C、D，量得，则A、B之间的距离是m．【答案】1200【知识点】三角形中位线的实际应用【分析】本题考查的是三角形中位线定理，掌握三角形的中位线平行于第三边，且等于第三边的一半是解题的关键．根据三角形中位线定理解答即可．【详解】解：点，分别是，的中点，，故答案为：120076．（23-24八年级下·辽宁大连·期末）如图，四边形为矩形，过点作交的延长线于点．求证：．【答案】见解析【知识点】利用平行四边形性质和判定证明、矩形性质理解【分析】本题考查了矩形的性质、平行四边形的判定与性质．由矩形的性质得出，，由，证出四边形是平行四边形，得出对边相等，即可得出结论．【详解】证明：四边形是矩形，∴，，∵，四边形是平行四边形，，．77．（23-24八年级下·辽宁抚顺·期末）如图，如果我们身旁没有量角器或三角尺，又需要作，，等大小的角，可以采用下面的方法：（1）对折矩形纸片，使与重合，得到折痕，把纸片展平．（2）再一次折叠纸片，使点落在上，并使折痕经过点，得到折痕的同时，得到了线段．观察所得的，和，这三个角之间的关系是．【答案】【知识点】折叠问题、利用矩形的性质求角度、等边三角形的判定和性质【分析】本题主要考查了矩形的性质，轴对称的性质，等边三角形的判定与性质等知识点，熟练掌握轴对称的性质是解题的关键．由矩形的性质可得，由轴对称的性质可得，，，进而可得，于是可证得是等边三角形，因而可得，然后根据角的和差关系即可得出结论【详解】解：，理由如下：如图，连接，四边形是矩形，，将矩形纸片对折，使与重合，得到折痕，，再一次折叠纸片，使点落在上的点处，并使折痕经过点，得到折痕，同时得到线段，，，，是等边三角形，，，，，故答案为：．78．（23-24八年级下·全国·期末）如图，为矩形的边的中点，于点．若，，求的长．【答案】．【知识点】根据矩形的性质求线段长、用勾股定理解三角形【分析】此题主要考查了矩形的性质，勾股定理．连接，求得的面积为，再利用勾股定理求得的长，再利用三角形的面积公式得出答案．【详解】解：连接，∵四边形是矩形，，，∴矩形的面积为，∵为矩形的边的中点，∴的面积为，，∴，∵，∴，即，∴．79．（23-24八年级下·河南许昌·期末）如图，矩形的边上有一动点，连接，，以，为边作平行四边形．在点从点移动到点的过程中，平行四边形的面积（

）A．先变大后变小 B．先变小后变大 C．一直变大 D．保持不变【答案】D【知识点】根据矩形的性质求面积、利用平行四边形的性质求解【分析】本题考查了矩形的性质，平行四边形的性质，掌握矩形的性质是解题的关键．由矩形的性质可得，由平行四边形的性质可得，即．【详解】解：四边形是矩形，，四边形是平行四边形，，，故选：D．80．（23-24八年级下·四川自贡·期末）如图，在矩形中，是的中点，连接，．(1)求证：；(2)若，求证：．【答案】(1)见解析(2)见解析【知识点】全等的性质和SAS综合（SAS）、等腰三角形的性质和判定、利用矩形的性质证明【分析】本题考查了矩形的性质，全等三角形的性质与判定，等腰三角形的性质与判定；（1）结合矩形的性质，证明，即可得证；（2）根据题意得出，是等腰直角三角形，根据，，得出，即可求解．【详解】（1）证明：∵四边形为矩形，，．，．．（2），，又，是等腰直角三角形，．在矩形中，，是等腰直角三角形．．同理，．在矩形中，，．81．（22-23八年级下·河南南阳·期末）如图，矩形纸片中，，，将纸片沿折叠，使点C与点A重合，的长为．【答案】3【知识点】矩形与折叠问题、勾股定理与折叠问题【分析】本题考查了翻折变换的性质，矩形的性质，勾股定理．设根据折叠性质与矩形性质，用表示，在中，由勾股定理列出的方程便可求得答案．【详解】解：四边形是矩形，，，，由折叠知，，，∠G=∠D=90°，设则在中，由勾股定理得，，解得，，，故答案为：3．82．（23-24八年级下·北京丰台·期末）如图，在矩形中，，，将矩形沿折叠，点D恰好落在边上的点F处，则的长为．【答案】/【知识点】利用二次根式的性质化简、用勾股定理解三角形、矩形与折叠问题【分析】本题主要考查了矩形和图形的折叠问题，勾股定理．根据矩形和折叠的性质可得，在中，根据勾股定理，即可求解．【详解】解：∵四边形是矩形，∴，，由折叠的性质得：，在中，，∴．故答案为：83．（23-24八年级下·云南红河·期末）如图，在直角三角形中，，，，为的中线，则的长为（

）A． B． C． D．【答案】C【知识点】用勾股定理解三角形、斜边的中线等于斜边的一半【分析】本题考查了勾股定理和直角三角形斜边中线的性质，熟练掌握勾股定理和直角三角形斜边中线的性质是解题的关键．先利用勾股定理算出，再利用直角三角形斜边中线的性质求出．【详解】解：∵，，，∴，∵为的中线，∴，故选：C．84．（23-24八年级下·云南德宏·期末）如图，在中，于点D，，E是的中点，则等于．【答案】/度【知识点】斜边的中线等于斜边的一半、等边对等角、三角形的外角的定义及性质、直角三角形的两个锐角互余【分析】先由得出，再根据直角三角形两锐角互余求出的度数，根据直角三角形斜边中线等于斜边一半可得，算出，最后结合三角形的外角性质作答即可．本题考查了直角三角形斜边上的中线，三角形外角性质，直角三角形两锐角互余，解题的关键是掌握直角三角形斜边中线的性质．【详解】解：∵，∴，，在中，，∵E是的中点，∴∴故答案为：85．（23-24八年级下·甘肃陇南·期末）如图，的对角线相交于点O，请你添加一个条件使成为矩形，这个条件可以是．【答案】（答案不唯一）【知识点】添一条件使四边形是矩形【分析】本题主要考查矩形的判定，熟悉掌握矩形判定条件是关键．依据矩形的判定定理进行判断即可．【详解】解∶∵四边形是平行四边形，∴当时，是为矩形，故答案为∶（答案不唯一）．86．（23-24八年级下·湖北宜昌·期末）如图，在中，，，，，分别是，，的中点，连接，．(1)求证：四边形是矩形．(2)小明连接，交于点，作射线，他说“就是的平分线”，你能说明理由吗？【答案】(1)见解析(2)见解析【知识点】含30度角的直角三角形、根据三线合一证明、与三角形中位线有关的证明、证明四边形是矩形【分析】本题考查了矩形的判定与性质、平行四边形的判定、中位线定理以及等腰三角形的性质等知识点，掌握相关结论是解题关键．（1）根据题意可得，证四边形是平行四边形；结合即可求证；（2）根据题意可得是等腰三角形，结合即可求证；【详解】（1）证明：，，分别是，，的中点，∴∴四边形是平行四边形．又，四边形是矩形．（2）解：理由：，，．又是的中点，．∴是等腰三角形四边形是矩形，平分．87．（23-24八年级下·广东汕头·期末）如图，在平行四边形中，对角线相交于点，点为直线上的两个动点，．(1)求证：四边形是平行四边形；(2)若，求的长．【答案】(1)见详解(2)10【知识点】根据矩形的性质与判定求角度、利用平行四边形性质和判定证明、判断三边能否构成直角三角形、全等的性质和ASA（AAS）综合（ASA或者AAS）【分析】本题考查平行四边形的判定与性质，矩形的判定，全等三角形的判定与性质，勾股定理的逆定理．（1）先证明得，再结合即可得出结论；（2）先用勾股定理的逆定理证明，得出四边形是矩形即可．【详解】（1）解：四边形是平行四边形在和中又四边形是平行四边形；（2），四边形是平行四边形四边形是矩形．88．（23-24八年级下·山东滨州·期末）如图，在中，，，，为边上一动点，于，于，为的中点，则的最小值为．【答案】1.2【知识点】根据矩形的性质与判定求线段长、斜边的中线等于斜边的一半、判断三边能否构成直角三角形【分析】本题主要考查了勾股定理的逆定理，矩形的性质和判定，直角三角形的性质，先说明是直角三角形，进而得出四边形是矩形，可知当时，最小，然后根据面积相等得出答案．【详解】解：连接，如图．在中，，，，∴，∴是直角三角形，且．∵，∴四边形是矩形，∴．∵M是的中点，∴．根据直线外一点到直线上任意一点的距离，垂线段最短，即时，最短，同样最短．，即，∴．故答案为：1.2．89．（22-23八年级下·贵州黔南·期末）如图，在平行四边形中，对角线相交于点O，

(1)求证：；(2)若点E、F分别为线段的中点，连接，，，求的长及四边形的面积．【答案】(1)见解析(2)6，48【知识点】根据矩形的性质与判定求面积、与三角形中位线有关的求解问题、用勾股定理解三角形【分析】（1）证明四边形是矩形，即可；（2）根据三角形中位线定理可得，从而得到，再由勾股定理可得的长，即可求解．【详解】（1）证明：∵四边形是平行四边形，，∴四边形是矩形，∴，∴．（2）解：∵点E、F分别为线段的中点，，∴，又∵四边形是矩形，∴，又，∴，∴四边形的面积为．【点睛】本题主要考查了矩形的判定和性质，三角形中位线定理，勾股定理等知识，熟练掌握矩形的判定和性质，三角形中位线定理，勾股定理是解题的关键．90．（23-24八年级下·云南红河·期末）如图，在菱形中，，对角线交于点，为的中点，连接，则的度数为（

）A． B． C． D．【答案】B【知识点】与三角形中位线有关的求解问题、利用菱形的性质求角度【分析】本题考查了菱形的性质，三角形中位线定理．由菱形的性质求得，，根据三角形中位线定理得到，求得，据此求解即可．【详解】解：∵在菱形中，，∴，，O为的中点，∵E为的中点，∴是的中位线，∴，∴，∴，故选：B．91．（22-23八年级下·江西赣州·期末）如图，菱形的对角线、相交于点O，过点D作于点H，连接，，若菱形的面积为，则的长为．【答案】【知识点】用勾股定理解三角形、斜边的中线等于斜边的一半、利用菱形的性质求线段长【分析】由菱形的性质得，，，再求出，然后由菱形面积求出，即可解决问题．本题考查了菱形的性质、直角三角形斜边上的中线性质、勾股定理等知识，熟练掌握菱形的性质是解题的关键．【详解】解：∵四边形是菱形，∴，，，∵，∴，∴，∵，∴，∵菱形的面积，∴，故答案为：．92．（23-24八年级下·云南德宏·期末）如果菱形的两条对角线的长分别为a和b，且a，b满足，那么菱形的面积等于（

）A．5 B．4 C．3 D．【答案】D【知识点】利用菱形的性质求面积、利用算术平方根的非负性解题【分析】本题考查了菱形的性质求面积以及利用算术平方根的非负性解题，先由得出，因为菱形的两条对角线的长分别为a和b，所以菱形的面积等于，即可作答．【详解】解：∵∴∴∴∵菱形的两条对角线的长分别为1和5∴故选：D93．（22-23八年级下·山东济南·期末）如图，若O是菱形对角线的交点，作交于点E，试判断四边形的形状？请说明理由．【答案】矩形，理由见解析【知识点】证明四边形是矩形、利用菱形的性质证明【分析】根据矩形的判定定理，首先可证四边形是平行四边形，再由菱形的对角线互相垂直平分可得，即可证明平行四边形是矩形．此题主要考查了菱形的性质和矩形的判定的综合运用．【详解】解：四边形是矩形．理由：，，四边形是平行四边形，又四边形是菱形，，，平行四边形是矩形．94．（23-24八年级下·全国·期末）如图，在中，E、F、D分别是边上的点，且，在不改变图形的前提下，请你添加一个条件，使四边形是菱形，并写出证明过程．【答案】添加的条件为：（答案不唯一），证明见解析【知识点】添一个条件使四边形是菱形【分析】本题考查了平行四边形和菱形的判定，熟练掌握菱形的判定方法是解题关键．先根据平行四边形的判定可得四边形是平行四边形，再根据菱形的判定即可得．【详解】解∶添加的条件为∶（答案不唯一）证明∶∵，∴四边形是平行四边形，又∵，∴平行四边形是菱形．95．（23-24八年级下·北京朝阳·期末）如图，在矩形中，相交于点O，E为的中点，连接并延长至点F，使，连接．求证：四边形是菱形．【答案】见解析【知识点】证明四边形是菱形、利用矩形的性质证明【分析】本题主要考查了菱形的判定，矩形的性质，根据对角线互相平分的四边形是平行四边形先证明四边形是平行四边形，再由矩形对角线相等且互相平分得到，由此即可证明四边形是菱形．【详解】证明：∵E为的中点，∴，又∵，∴四边形是平行四边形，∵四边形是矩形，∴，∴四边形是菱形．96．（23-24八年级下·四川绵阳·期末）如图，在中，与交于点，点为中点，若，则（

）A． B． C． D．【答案】D【知识点】根据菱形的性质与判定求角度、根据等角对等边证明边相等【分析】此题考查了菱形的性质和判定，等角对等边等知识点，解题的关键是掌握以上知识点．根据等角对等边和中点的概念得到，然后求出，证明出是菱形，然后利用菱形的性质求解即可．【详解】∵∴∵点为中点∴∴∴∵∴∴∴∴是菱形，∴故选：D．97．（23-24八年级下·广东云浮·期末）如图，矩形的对角线、相交于点O，，．若，则四边形的周长为．【答案】8【知识点】根据菱形的性质与判定求线段长、根据矩形的性质求线段长【分析】本题考查了矩形的性质，菱形的判定和性质，灵活运用这些性质进行推理是解题的关键．由矩形的性质可得，通过证明四边形是菱形，可求解．【详解】解：∵四边形是矩形，，，∵，∴四边形是平行四边形，又∵，∴四边形是菱形，∴四边形的周长，故答案为：8．98．（23-24八年级下·广西百色·期末）如图，在四边形中，对角线交于点O，．(1)求证：；(2)若，求四边形的面积．【答案】(1)见解析(2)【知识点】根据菱形的性质与判定求面积、用勾股定理解三角形、全等的性质和ASA（AAS）综合（ASA或者AAS）、利用二次根式的性质化简【分析】本题主要考查了菱形的判定和性质，勾股定理，全等三角形的判定和性质：（1）证明，即可求证；（2）先证明四边形是菱形，再根据勾股定理可得，然后根据菱形的面积公式计算，即可求解．【详解】（1）证明：在和中，∵，∴，∴；（2）解：∵，∴，∵，∴四边形是平行四边形，∵，∴四边形是菱形，∴，，，∴，∴，∴四边形的面积为．99．（23-24八年级下·福建厦门·期末）如图，四边形是正方形，直线l是正方形的一条对称轴，E是边的中点，F是边的中点，点G在边上，且，则点E关于直线l的对称点可能是（）A．点C B．点D C．点F D．点G【答案】C【知识点】画对称轴、正方形性质理解【分析】本题主要考查了正方形的对称性，利用数形结合思想解答是解题的关键．画出正方形的对称轴，根据图象即可判断求解．【详解】如图，正方形有4条对称轴，由图可知，E关于直线l的对称点可能是点，故选：C．100．（23-24八年级下·云南红河·期末）如图，在正方形外侧作等边，则的度数是（

）A． B． C． D．【答案】C【知识点】等边三角形的性质、根据正方形的性质求角度【分析】此题主要考查了正方形和等边三角形的性质，等腰三角形的性质，熟练掌握它们的性质是解题的关键；由四边形是正方形，是正三角形，得到，，得是等腰三角形，然后利用等腰三角形的性质即可解决问题．【详解】解：四边形是正方形，，，又是正三角形，，，是等腰三角形，，．故选：C．101．（23-24八年级下·甘肃陇南·期末）如图，正方形的边长为6，点为上一点，连接，过点作的垂线交于点，连接．若，则的长为（

）A．8 B． C． D．【答案】C【知识点】根据正方形的性质求线段长、用勾股定理解三角形、全等的性质和ASA（AAS）综合（ASA或者AAS）【分析】本题考查了正方形的性质，全等三角形的判定和性质，勾股定理．由可证，可得，由勾股定理可求解．【详解】解：四边形是正方形，，，，，，，，，故选：C．102．（23-24八年级下·全国·期末）四边形具有不稳定性，对于四条边长确定的四边形，当内角度数发生变化时，其形状也会随之改变．如图，改变正方形的内角，正方形变为菱形．若，则菱形的面积与正方形的面积之比是（

）A．1 B． C． D．【答案】B【知识点】含30度角的直角三角形、根据正方形的性质求面积【分析】该题主要考查了角直角三角形的性质，菱形和正方形的面积，解题的关键是得出菱形的高等于的一半．根据角所对的直角边等于斜边的一半可知菱形的高等于的一半，再根据正方形的面积公式和平行四边形的面积公式即可得解．【详解】解：如图，过点作，∵，∴，∴菱形的面积为，正方形的面积为．∴菱形的面积与正方形的面积之比是．故选：B．103．（22-23八年级下·山东烟台·期末）如图，将正方形纸片折叠，为折痕，点落在对角线上的点处，则的度数为．

【答案】【知识点】正方形折叠问题、直角三角形的两个锐角互余【分析】先由正方形的性质得到，再由折叠的性质可得，则可得．【详解】解：∵四边形是正方形，∴，由折叠的性质可得，∴，故答案为：．【点睛】本题主要考查了正方形与折叠问题，直角三角形的性质，灵活运用所学知识是解题的关键．104．（24-25八年级下·全国·期末）如图，四边形是正方形，点在的延长线上，且，是上一点，连接，作交射线于点．(1)如图①，连接，当时，判断的形状，并说明理由；(2)如图②，当时，写出线段之间的数量关系，并证明．【答案】(1)等腰直角三角形，见解析(2)，见解析【知识点】全等的性质和ASA（AAS）综合（ASA或者AAS）、等腰三角形的性质和判定、根据正方形的性质证明【分析】本题考查了正方形的性质，等腰直角三角形的判定和性质，全等三角形的判定和性质，熟练掌握相关知识点是解题的关键．（1）连接，根据题意得到，可证明，即可得到结论；（2），过点作，交于点，得到，可证明，得到，即可得到．【详解】（1）解：（1）是等腰直角三角形．理由如下：如图，连接．四边形是正方形，，，，，，，，，，，，，，即，在和中，，，，，是等腰直角三角形；（2）解：，如图，过点作，交于点，则，由（1）得，，，，在中，．由（1）得，，同（1）得，在和中，，，，．105．（21-22八年级下·海南省直辖县级单位·期末）在矩形中，，，对角线与相交于点，要使得矩形是正方形，则还需要增加的一个条件是（填一个即可）．【答案】（答案不唯一）【知识点】添一个条件使四边形是正方形【分析】本题考查了添一个条件使四边形是正方形，熟练掌握正方形的判定方法是解题的关键．根据正方形的判定方法即可直接作答．【详解】解：由正方形的判定方法可知：要使得矩形是正方形，则还需要增加的一个条件是：（答案不唯一），故答案为：（答案不唯一）．106．（23-24八年级下·山东淄博·期末）小刚在学习了正方形之后，给同桌小宇提出了一个问题.如图，在中，连接对角线，，请从下列四个条件：①；②；③；④中选两个作为补充条件，使为正方形，并给予证明请你完成小刚给小宇提出的这个问题(1)你选择的两个补充条件是______（只填写一种所选两个补充条件的序号）；(2)请用（1）中你所选的两个补充条件作为已知条件，证明为正方形【答案】(1)①②（答案不唯一）(2)见详解【知识点】证明四边形是正方形、添一个条件使四边形是菱形、利用平行四边形的性质求解【分析】此题主要考查了正方形的判定以及平行四边形的性质、菱形的判定方法，正确掌握正方形的判定方法是解题关键．（1）依题意：选择的两个补充条件是①②；（2）先证明平行四边形是菱形，结合，即可作答．【详解】（1）解：依题意：选择的两个补充条件是①②；（答案不唯一）（2）解：四边形是平行四边形，∵∴平行四边形是菱形，∵∴菱形是正方形，107．（23-24八年级下·湖南益阳·期末）小智根据四边形的不稳定性制作了一个探究特殊四边形的学具，他用四根长度相同的木条在两端用螺栓两两连接，构成一个可以活动的四边形．他先将学具成为图1所示的四边形，并测得，对角线，再将学具成为图2所示四边形，并测得，则图2中对角线的长为（

）A．20cm B．40cm C． D．【答案】C【知识点】根据正方形的性质与判定求线段长、根据菱形的性质与判定求角度、用勾股定理解三角形、等边三角形的判定和性质【分析】本题考查了菱形的判定和性质，正方形的判定和性质，等边三角形的判定和性质，勾股定理，掌握特殊四边形的性质是关键．连接、，由题意可知，图1中四边形是菱形，图2中四边形是正方形，进而证明是等边三角形，得出，再根据勾股定理求出的长即可．【详解】解：如图，连接、，由题意可知，图1中四边形是菱形，图2中四边形是正方形，，，是等边三角形，，，在中，，故选：C．108．（23-24八年级下·山西吕梁·期末）如图，正方形的周长为，顺次连接正方形各边中点、、、，得到四边形的面积等于．

【答案】【知识点】根据正方形的性质与判定求面积、与三角形中位线有关的证明、用勾股定理解三角形【分析】本题考查了正方形的性质，三角形的中位线的判定及性质的运用，勾股定理的运用，解答时利用三角形的中位线的性质求解是关键．连接，，根据三角形的中位线的性质，可以得出四边形为正方形，勾股定理求得，进而即可求解．【详解】解：连接，，

∵点、、、是正方形各边的中点，∴是的中位线，是的中位线，是的中位线，是的中位线，∴，，，，又∵，∴，∴四边形是菱形，又∵，，，∴，∴四边形是正方形∵正方形的周长为，，∴，在中，由勾股定理，得，，∴∴四边形的面积．故答案为：．109．（21-22八年级下·河北保定·期末）如图，在中，点D，E，F分别是的中点，连接．(1)试猜想四边形的形状，并说明理由．(2)若，试判断线段与的关系，并说明理由．【答案】(1)平行四边形，见解析(2)，，见解析【知识点】根据正方形的性质与判定证明、与三角形中位线有关的证明、证明四边形是平行四边形【分析】（1）根据中位线定理，可以得出，，即可证明猜想；（2）证明四边形为正方形，即可得出结论．【详解】（1）解：猜想四边形是平行四边形，理由如下，∵点D，E，F分别是的中点∴是的中位线∴，∴四边形是平行四边形（2）解：，理由如下，∵，点E，F分别是的中点，∴∵四边形是平行四边形，∴四边形为菱形，又∵∴为正方形∴，【点睛】本题考查了三角形的中位线定理，平行四边形的判定，正方形的判定和性质，熟练掌握性质是本题的关键．110．（23-24八年级下·河南新乡·期末）如图，点E，