浙江鸭2025版高考物理大一轮复习第八章恒定电流本章综合能力提升练

PAGEPAGE1第八章恒定电流本章综合实力提升练(限时：45分钟)一、单项选择题1．电动机是将电能转换为机械能的设备．下列没有运用电动机的电器是()A．电热水壶 B．电风扇C．洗衣机 D．抽油烟机答案A解析运用了电动机将电能转换为机械能的电器有电风扇、洗衣机、抽油烟机，本题选没有运用的，故选A.2．欧姆不仅发觉了欧姆定律，还探讨了电阻定律．有一个长方体金属电阻，材料分布匀称，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c，电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是()答案A解析选项A中电阻横截面积最大，长度最小，依据R＝ρeq\f(l,S)可知，其电阻最小，故选A.3．(2025届绍兴一中期末)现象一：傍晚用电多的时候，灯光发暗，而当夜深人静时，灯光特殊光明；现象二：在插上电炉等大功率电器时，灯光会变暗，拔掉后灯光立刻亮了起来．下列说法正确的是()A．现象一是因为夜深人静时，四周比较黑，突显出灯光特殊光明B．现象二是因为电炉等大功率电器的电阻都比较大引起的C．两个现象都可以用电阻定律R＝ρeq\f(L,S)来说明D．两个现象都可以用闭合电路欧姆定律来说明答案D解析由于大多数用电器都是并联的，当傍晚用电多的时候或者插上电炉等功率大的用电器时，干路上的总电流会变大，这时候导线上的电压损失就会增加，当变压器输出电压肯定的状况下，会使得用户得到的电压减小，所以电灯就会发暗；而当夜深人静时用户用电器削减或者拔掉电炉等功率大的用电器时，干路上的总电流会减小，这时候导线上的电压损失就会减小，用户得到的电压增大，所以电灯就会光明，因此两个现象都可以用闭合电路欧姆定律来说明，故D正确，A、B、C错误．4．通过电脑的USB接口不仅可以在电脑和各种数码产品之间传递数据，也可以为数码产品供电．现通过电脑的USB接口给一个阻值为10Ω的电热鼠标垫供电，已知供电电流为0.5A，则此电热鼠标垫的发热功率是()A．50WB．20WC．5WD．2.5W答案D解析依据P＝I2R可得，P＝0.52×10W＝2.5W，故D项正确．5.如图1所示的电路，灯泡L1与L2完全相同，开关S闭合后，电压表、的示数都等于电源电压，两个灯泡都不发光．假如故障只有一个，则可能是()图1A．L1短路 B．L1断路C．L2短路 D．L2断路答案D6．用电器距离电源为l，线路上的电流为I，已知输电线的电阻率为ρ.为使在线路上的电压降不超过U，那么，输电线的横截面积的最小值为()A.eq\f(ρl,R)B.eq\f(2ρlI,U)C.eq\f(U,ρlI)D.eq\f(2Ul,Iρ)答案B解析输电线的总长为2l，由公式R＝eq\f(U,I)，R＝ρeq\f(2l,S)，得S＝eq\f(2ρlI,U)，故B正确．7.如图2所示电路，开关S断开和闭合时志向电流表示数之比是1∶3，则可知电阻R1和R2之比为()图2A．1∶3 B．1∶2C．2∶1 D．3∶1答案C解析开关闭合时电路中只有电阻R2，依据欧姆定律可得：I＝eq\f(U,R2)，开关断开时电路中两电阻串联，依据欧姆定律可得，I′＝eq\f(U,R1＋R2)，则eq\f(R1＋R2,R2)＝eq\f(3,1)，解得：R1∶R2＝2∶1.选项C正确．8.如图3所示，直线A为某电源的U－I图线，曲线B为某小灯泡的U－I图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的总功率分别是()图3A．4W,8W B．2W,4WC．2W,3W D．4W,6W答案D解析用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率是UI＝2×2W＝4W，电源的总功率是EI＝3×2W＝6W，选项D正确．9.竖直放置的一对平行金属板A和B，在A极板上用绝缘细线悬挂了一个带正电的小球，将平行金属板按图4所示的电路图连接．当滑动变阻器R的滑片在a、b位置时，电流表的读数分别为I1、I2，稳定后绝缘细线与左极板的夹角分别为θ1、θ2，则()图4A．θ1＜θ2，I1＜I2 B．θ1＞θ2，I1＞I2C．θ1＜θ2，I1＝I2 D．θ1＝θ2，I1＝I2答案C二、多项选择题10.两电阻R1和R2的伏安特性曲线如图5所示．从图线可推断()图5A．两电阻阻值的关系是R1＞R2B．电阻肯定时，电流随着电压的增大而减小C．电压相同时，通过R1的电流较大D．两电阻串联接入电路时，R1消耗的功率小答案CD解析I－U图象的斜率k＝eq\f(I,U)＝eq\f(1,R)，即图象的斜率越大，电阻越小，故有R1＜R2，A错误；依据图象可得电阻肯定时，电流随电压的增大而增大，B错误；从图象中可得电压相同时，通过电阻R1的电流较大，C正确；两电阻串联接入电路时，通过两电阻的电流相同，依据公式P＝I2R可得电阻越大，消耗的电功率越大，D正确．11.如图6所示的闭合电路中，R是半导体光敏电阻(阻值随光照强度的增加而减小)，R1为滑动变阻器．现用一束光照耀光敏电阻，则下列说法正确的是(电表均为志向电表)()图6A．电压表读数变小 B．电流表读数变小C．电源的总功率变大 D．电源内阻的功率变大答案ACD解析半导体光敏电阻的阻值随光照强度增加而减小，故用一束光照耀光敏电阻时其阻值减小，则由闭合电路欧姆定律可知，电流增大，故电流表示数增大；则由P＝EI可知，电源的总功率变大，由P＝I2r可知，电源内阻的功率变大；因电流增大，则内电压和滑动变阻器两端电压增大，故电压表示数减小，故A、C、D正确，B错误．12.某同学将始终流电源的总功率PE、电源内部的发热功率Pr和输出功率PR随电流I改变的图线画在了同一坐标系中，如图7中的a、b、c所示．以下推断正确的是()图7A．在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，这三点的纵坐标肯定满意关系PA＝PB＋PCB．b、c图线的交点与a、b图线的交点的横坐标之比肯定为1∶2，纵坐标之比肯定为1∶4C．电源的最大输出功率Pm＝9WD．电源的电动势E＝3V，内电阻r＝1Ω答案ABD解析在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，因为直流电源的总功率PE等于输出功率PR和电源内部的发热功率Pr的和，所以这三点的纵坐标肯定满意关系PA＝PB＋PC，所以A正确；当内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大，此时电路中的电流即为b、c图线的交点处的电流，此时电流的大小为eq\f(E,R＋r)＝eq\f(E,2r)，功率的大小为eq\f(E2,4r)，a、b图线的交点表示电源的总功率PE和电源内部的发热功率Pr相等，此时电路中只有电源的内电阻，所以此时电流的大小为eq\f(E,r)，功率的大小为eq\f(E2,r)，所以横坐标之比为1∶2，纵坐标之比为1∶4，所以B正确；图线c表示电源的输出功率与电流的关系图象，很明显，最大输出功率小于3W，故C错误；当I＝3A时，PR＝0，说明外电路短路，依据PE＝EI知电源的电动势E＝3V，内电阻r＝eq\f(E,I)＝1Ω，故D正确．三、试验题13．现要测定一段粗细匀称、电阻约为60Ω的合金丝的电阻率，若已测得其长度，要尽量精确的测量其电阻值R，试验器材有：电池组(电动势3.0V，内阻约为1Ω)电流表(量程0～100mA，内阻约0.5Ω)电压表(量程0～3V，内阻约3kΩ)滑动变阻器R1(0～10Ω，允许最大电流2.0A)；滑动变阻器R2(0～500Ω，允许最大电流0.5A)；开关一个、导线若干．(1)以上器材中，所用的滑动变阻器应选________．(选填“R1”或“R2”)(2)如图8所示是测量合金丝电阻的电路，闭合开关之前，滑动变阻器的滑片应移到______．(选填“最左端”或“最右端”)图8(3)为了更精确地测出合金丝的阻值，在不更换试验器材的条件下，对试验应改进的是________．(填选项前的字母)A．电流表连接方式改为内接法B．滑动变阻器连接方式改为限流式答案(1)R1(2)最右端(3)A解析(1)为测多组试验数据，滑动变阻器须要采纳分压式接法，为便利试验操作，滑动变阻器应选择最大阻值较小的R1；(2)由题图电路可知，滑动变阻器采纳分压式接法，为爱护电路，闭合开关前滑片应置于最右端；(3)eq\f(R,RA)＝eq\f(60,0.5)＝120，eq\f(RV,R)＝eq\f(3000,60)＝50，eq\f(R,RA)＞eq\f(RV,R)，因此电流表应采纳内接法，故选A.14．某同学在做“测绘小灯泡的伏安特性曲线”试验中得到了下表中U和I的数据：编号12345678U/V0.200.601.001.401.802.202.603.00I/A0.0200.0600.1000.1400.1700.1900.2000.205(1)在图9中画出I－U图线．图9(2)从图线上可以看出，当电压渐渐增大时，灯丝电阻的改变状况是________．(3)这表明灯丝的电阻随着温度的上升而________．答案(1)I－U图线如图所示(2)起先不变，后来渐渐增大(3)增大15．小明同学利用图10所示器材探究电路规律：图10(1)断开开关S，旋转选择开关，使其尖端对准欧姆挡，此时读数为20Ω，此时测得的是____的阻值；(2)将旋转开关指向直流电流挡，闭合开关S，将滑片从最左端缓慢移动到最右端，发觉该过程中读数最大为320mA，则移动过程中读数改变状况是()A．渐渐增大 B．渐渐减小C．先减小后增大 D．先增大后减小(3)将旋转开关指向直流电压挡，闭合开关S后移动滑片，发觉该过程中电压表读数最大为1.2V，结合前两问条件可知，该电源电动势为____V(结果保留两位小数)．答案(1)R2总电阻(2)A(3)1.48解析(3)将旋转开关指向直流电流挡，闭合开关S，读数最大时，由闭合电路欧姆定律得：E＝Imax(R1＋r)＝0.32(R1＋r)①将旋转开关指向直流电压挡，读数最大时，由闭合电路欧姆定律得：E＝eq\f(Um,R2)(R2＋R1＋r)＝eq\f(1.2,20)×(20＋R1＋r)＝0.06(20＋R1＋r)②联立①②解得E≈1.48V.16．在一次试验技能竞赛中，某同学设计了图11甲所示电路测量电源的电动势和内阻，待测电源是两节干电池．该同学选好器材后，用导线将各器材连接成实物连线图乙，其中电压表还有一个接线柱未连接．