2024年高考物理冲刺练习题

2024年高考物理冲刺练习题各位即将奔赴考场的同学们，高考物理的最后冲刺阶段，犹如登山的最后一段陡坡，考验的不仅是知识的积累，更是心态的调整与方法的精准。此时，盲目刷题已非上策，回归基础、强化模型、注重规范、查漏补缺，方能在有限时间内实现高效突破。本文精选数道具有代表性的冲刺练习题，并附上思路点拨与简要解析，希望能助大家一臂之力，在考场上发挥出最佳水平。在冲刺阶段，我们首先要明确几个核心策略：1.回归教材，夯实双基：高考万变不离其宗，教材中的基本概念、基本规律、基本实验是命题的根本。务必再通读一遍教材，特别是那些平时容易忽略的角落和课后习题。2.聚焦模型，以不变应万变:物理问题千变万化，但常蕴含着经典的物理模型。如“板块模型”、“传送带模型”、“天体运动模型”、“带电粒子在电磁场中的运动模型”等。熟练掌握这些模型的受力特点、运动规律和能量转化关系，就能快速抓住解题关键。3.强化审题，规范作答：仔细审题是正确解题的前提，可以圈点关键词，明确物理过程。规范的文字说明、必要的方程式、清晰的演算步骤，不仅能帮助自己理清思路，更能让阅卷老师一目了然，避免不必要的失分。4.限时训练，查漏补缺：在规定时间内完成模拟题或专题练习，模拟真实考试情境，培养时间观念和应试技巧。练习后及时总结错题，分析错误原因，针对性地进行弥补。精选冲刺练习题及解析一、力学综合例题1(选择题)一物块在粗糙水平面上，受到与水平方向成θ角的拉力F作用，由静止开始运动。在一段时间内，物块的速度随时间变化的关系如图所示（图略，描述为：一段倾斜直线，然后是一段平行于时间轴的直线）。则在此过程中，下列说法正确的是：A.拉力F一定逐渐减小B.摩擦力一定逐渐减小C.拉力F的功率一定先增大后不变D.物块的机械能一定不断增大思路点拨：本题结合了牛顿运动定律和功率、机械能等知识，关键在于从v-t图像中获取信息：物块先做匀加速直线运动(a不变)，后做匀速直线运动(a=0)。对物块进行受力分析（重力、支持力、拉力F、摩擦力f），根据牛顿第二定律列方程。注意摩擦力f=μN，而支持力N与F的竖直分量有关。功率P=Fv·cosθ。机械能是否增加看除重力外其他力做功的代数和。简要解析：设F与水平方向夹角为θ（斜向上）。匀加速阶段：Fcosθ-f=ma，N=mg-Fsinθ，f=μN。联立得Fcosθ-μ(mg-Fsinθ)=ma。匀速阶段：F'cosθ-μ(mg-F'sinθ)=0。从a≠0到a=0，合力减小到零。A选项：F是否减小，取决于θ和μ。若F斜向上，F增大也可能使加速度减小到零（例如Fsinθ增大导致N减小，f减小，如果Fcosθ增加不明显甚至减小，合力仍可能减小）。故A不一定正确。B选项：若F斜向上，若F增大，则N减小，f减小；若F斜向下，则N=mg+Fsinθ，F增大N增大f增大。题目未明确θ方向，但通常拉力斜向上更常见，且即使斜向上，F也可能减小。故B不一定正确。C选项：匀加速阶段，v增大，F若为恒力（由A分析，F可能不变吗？若a不变，则F必为恒力。因为μ、m、g、θ均为常量，方程F(cosθ+μsinθ)=ma+μmg。a不变，则F为恒力。）。则P=Fv·cosθ，v增大，P增大。匀速阶段，v不变，如果F是变化的，P=F'vcosθ。由匀速方程F'=μmg/(cosθ+μsinθ)，若θ、μ不变，则F'为定值，P不变。故功率先增大后不变，C正确。D选项：机械能变化取决于F做的功与摩擦力做的功的代数和。F做正功，摩擦力做负功。若F做功大于摩擦力做功，则机械能增加；反之则减少。不能一概而论“一定不断增大”。故D错误。答案：C例题2(计算题)如图所示（图略，可描述为：一个固定的1/4圆弧轨道，半径为R，底端切线水平，轨道底端紧接着一个足够长的水平传送带，传送带以恒定速率v顺时针转动。一个质量为m的小物块从圆弧轨道顶端由静止释放，不计圆弧轨道的摩擦。已知物块与传送带之间的动摩擦因数为μ。）(1)求物块滑到圆弧轨道底端时的速度大小v₀；(2)若v₀>v，求物块在传送带上滑行的时间t和位移s；(3*)若v₀<v，请分析物块相对传送带的运动情况，并求出物块在传送带上最终获得的动能。思路点拨：(1)机械能守恒（只有重力做功）。(2)*(3)关键分析物块滑上传送带后的受力和运动情况，并注意v₀与v大小关系对运动过程影响。物块受滑动摩擦力，方向与相对运动方向相反。若v₀>v，物块相对传送带向右运动，f向左，做匀减速；若v₀<v，物块相对传送带向左运动，f向右，做匀加速，直至与传送带共速（若传送带足够长）。匀变速直线运动公式：v=v₀+at;s=v₀t+½at²;v²-v₀²=2as。摩擦力f=μmg，加速度a=±μg（符号取决于方向）    。动能E_k=½mv²。简要解析：(1)由机械能守恒：mgR=½mv₀²，得v₀=√(2gR)。(2)v₀>v时，物块在传送带上做匀减速运动，加速度大小a=f/m=μg，方向向左。减速至速度为v时所用时间t=(v₀-v)/a=(√(2gR)-v)/(μg)。此过程位移s=(v₀²-v²)/(2a)=(２gR-v²)/(2μg)。之后物块与传送带共速，不再相对滑动，无摩擦力，匀速运动。故滑行时间t和位移s如上。(3)v₀<v时，物块在传送带上做匀加速运动，加速度大小a=μg(方向向右)。若传送带足够长，物块将加速至与传送带速度相等v，之后匀速。最终动能E_k=½mv²     。若传送带不够长，物块还未加速到v就离开传送带，则需根据传送带长度计算末速度。但题目明确“足够长”，故最终动能½mv²。*(注：第(3*)题加星号表示有一定拓展性，需学生仔细审题条件)*    二、电磁学应用例题3(选择题)空间存在一匀强磁场和一匀强电场，磁场方向垂直纸面向里（用符号“×”表示〕，电场方向竖直向下。一带电小球（可视为质点）在该复合场中做直线运动，则该小球的运动情况可能是：A.匀速直线运动，速度方向水平向右B.匀加速直线运动，速度方向竖直向下C.匀速直线运动，速度方向竖直向上D.匀加速直线运动，速度方向水平向左思路点拨：本题考查带电粒子在复合场（电、磁、重）中的运动受力分析。做直线运动，可能是匀速（合力为零），或匀加速（合力不为零但与速度共线）。需考虑小球的电性（正或负），以及洛伦兹力F洛=qvB（方向由左手定则判断〕。对每个选项，假定电性，分析受力是否平衡（匀速）或合力是否恒定且与速度共线（匀加速）。简要解析：设小球带正电：电场力F电=qE竖直向下，重力G=mg竖直向下。洛伦兹F洛方向由左手定则。设小球带负电：电场力F电=qE竖直向上，重力G=mg竖直向下。A选项：速度水平向右。若带正电：F洛竖直向上（左手定则：四指指向右，掌心向外，拇指向上）。三力：向下的G、F电，向上的F洛F洛=G+F电时，合力为零，可匀速。A有可能。B选项：速度竖直向下。洛伦兹力F洛=qvB，v方向与B方向平行（B垂直纸面向里，v竖直向下，二者垂直），F洛方向水平（左手定则：四指向下，掌心向外，拇指指向左）。合力为G+F电（竖直向下）与F洛（水平向左）的矢量和，方向斜向左下，与速度方向（竖直向下）不共线，则不可能做直线运动。若带负电，F电向上，G向下F洛水平向右。合力仍为矢量和，方向不沿竖直方向。且洛伦兹力大小与v有关，若v变化，F洛变化，合力变化，不可能匀加速。B错误。C选项：速度竖直向上。带正电：F洛竖直向下（左手定则：四指向上，掌心向外，拇指向下）。三力均向下，合力向下，与速度方向相反，做减速运动，但洛伦兹力F洛=qvB随v减小而减小，合力变化，不是匀减速。若带负电：F电向上，G向下，F洛竖直向上（四指向上，掌心向里，拇指向上）。F洛+F电=G时，合力为零，可匀速向上。C有可能。D选项：匀加速直线运动，水平向左。匀加速要求合力恒定。洛伦兹力F洛=qvB，若v变化，则F洛变化，合力变化，不可能匀加速。故D错误。答案：AC例题4(计算题)如图所示（图略，可描述为：水平放置的平行金属板A、B，A板在上，B板在下，两板间距离为d。A板中央有一小孔。一个质量为m、电荷量为+q的带电粒子（不计重力），从A板上方某点由静止开始下落，穿过小孔进入两板间。若两板间不加电场，粒子将打在B板中央，历时为t₀。若在两板间加上方向竖直向下的匀强电场，粒子仍从同一点由静止开始下落，经过时间t后打在B板上。已知粒子打在B板时的动能是不加电场时的两倍。求：(1)粒子在进入两板间前下落的高度h；(2)加上电场后，粒子打在B板上的位置与B板中央的距离Δx；(3)时间t与t₀的比值t/t₀。思路点拨：本题是带电粒子在重力场和电场中的运动问题，涉及运动的合成与分解、动能定理。无电场时：粒子进入极板间做匀速直线运动（不计重力，题目明确说明“不计重力”！哦，注意到了，题目中“不计重力”，那之前的“下落”是因为什么？哦，是从A板上方某点“由静止开始下落”，如果不计重力，那只能是A板上方有其他电场？或者题目开头的“下落”是指初速度为零释放？题目说“不计重力”，这点非常重要，必须注意！那粒子在进入A、B板间前的运动，以及在板间的运动，都只受电场力（如果有的话）。重新审题：“不计重力”！这是关键条件，之前差点忽略。无电场时：粒子从A板上方某点由静止释放，穿过小孔进入两板间（无电场），做匀速直线运动（因为不受力），打在B板中央。说明进入小孔时的速度为v₀，在板间运动时间t₀'=d/v₀。从释放到进入小孔的时间为t₀''，总时间t₀=t₀''+t₀'。加上竖直向下的匀强电场E后：粒子在A板上方是否受电场？题目说“在两板间加上方向竖直向下的匀强电场”，故A板上方无电场。所以粒子在A板上方仍是从静止开始，做什么运动？如果A板上方无电场且不计重力，则粒子不会“下落”。这里题目表述可能存在一点不严谨，或者“下落”仅指初位置在A板上方，由静止释放。那么，在A板上方，粒子不受力，将静止？这不可能。因此，最合理的解释是：“不计重力”是指在两板之间运动时不计重力，或者题目中的“下落”是在两板加上电场之前，粒子仅在重力作用下下落，但题目明确说“不计重力”。这是一个矛盾点，需要根据后续条件推断。修正：严格按题目“不计重力”处理。那么，粒子在进入两板间前，若A、B板间不加电场，粒子如何“由静止开始下落”并获得速度v₀进入小孔？唯一的可能是，粒子在A板上方受到了一个竖直向下的恒力（比如另一个未提及的电场，但题目没说），或者题目中的“下落”是指粒子具有一个竖直向下的初速度？这显然不符合“由静止开始”。*此处题目可能存在表述简化，为解题，我们假设粒子在进入A、B板间之前，在某个力的作用下（比如重力，但题目说不计，那就假设是一个恒力F）加速获得速度v₀，进入两板间。或者，更可能的是，题目中的“不计重力”是指在两板间运动时，粒子只受电场力（如果加电场的话）。而在A板上方，粒子只受重力作用而下落。这是一种常见的简化处理方式，否则题目无法求解。我们按此理解，即粒子在A板上方仅受重力作用，由静止开始自由下落高度h，获得速度v₀=√(2gh)，时间t₀''=√(2h/g)。进入两板间后，不加电场时，不计重力（或重力与某个力平衡），做匀速直线运动，时间t₀'=d/v₀，总时间t₀=t₀''+t₀'。**(这提示我们审题时一定要注意关键条件，“不计重力”在不同情境下的含义)*加上竖直向下的电场E后，粒子进入两板间受到竖直向下的电场力F=qE，做匀加速直线运动，加速度a=qE/m。动能关系：不加电场时，打在B板动能E_k0=½mv₀²=mgh(由自由下落h)。加上电场后，动能E_k=2E_k0=2mgh。E_k来源于A板上方重力做功mgh和板间电场力做功qE·d。故mgh+qEd=2mgh→qEd=mgh→h=qEd/mg。(这就合理了，说明我们之前的假设正确，即A板上方受重力，板间加电场后受电场力，且不计重力是指在板间运动时重力远小于电场力而忽略，或者题目默认板间只有电场力做功)。简要解析：(1)不加电场时，粒子打在B板动能E_k0=mgh(重力做功)。加电场后，动能E_k=E_k0+qEd=2E_k0→qEd=E_k0=mgh→h=qEd/(mg)。(2)不加电场时，粒子在板间匀速，运动时间t₀'=d/v₀，v₀=√(2gh)=√(2g·qEd/mg)=√(2qEd/m)。加电场时，粒子在板间做匀加速直线运动，初速度v₀，加速度a=qE/m。位移d=v₀t'+½at'²。动能E_k=½m(v₀+at')²=2mgh=2qEd(由h=qEd/mg得mgh=qEd)。即½m(v₀