2016届海南省海口一中高三上学期第二次月考物理试题(解析版)

1、2016届海南省海口一中高三上学期第二次月考物理试题（解析版）一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分其中18为单选；912为多选，多选的小题全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1架在A、B两根电线杆之间的均匀电线在夏、冬两季由于热胀冷缩的效应，电线呈现如图所示的两种形状下列说法中正确的是（）A夏季电线对电线杆的拉力较大B冬季电线对电线杆的拉力较大C夏季、冬季电线对电线杆的拉力一样大D夏季杆对地面的压力较大2如图所示，放在斜面上的小盒子中装有一些沙子，恰沿斜面匀速下滑，若在小盒子中再缓缓加入一些沙子，那么（）A小盒所受的合外力增大B斜面对小盒的摩擦力不变C小盒仍

2、将匀速下滑D小盒将加速下滑3物块A、B的质量分别为m和2m，用轻弹簧连接后放在光滑的水平面上，对B施加向右的水平拉力F，稳定后A、B相对静止在水平面上运动，此时弹簧长度为l1；若撤去拉力F，换成大小仍为F的水平推力向右推A，稳定后A、B相对静止在水平面上运动，弹簧长度为l2，则下列判断正确的是（）A弹簧的原长为B两种情况下稳定时弹簧的形变量相等C两种情况下稳定时两物块的加速度不相等D弹簧的劲度系数为4如图A、B、C为三个完全相同的物体，当水平力F作用于B上，三物体可一起匀速运动撤去力F后，三物体仍可一起向前运动，设此时A、B间作用力为f1，B、C间作用力为f2，则f1和f2的大小为（）Af1=

3、，f2=FBf1=f2=0Cf1=0，f2=FDf1=F，f2=05直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如图所示，投放初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动过程中箱子始终保持图示姿态在箱子下落过程中，下列说法正确的是（）A箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最大B箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大C箱内物体对箱子底部始终没有压力D若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”6如图所示，小球A、B的质量分别为2m和3m，用轻弹簧相连，然后用细线悬挂而静止，在剪断细线的瞬间，A 和B的加速度大小分别为（）AaA=aB=gBaA=

4、1.5g aB=gCaA=2.5g aB=0DaA=aB=07雾霾天气容易给人们的正常生活造成不良影响在一雾霾天，某人驾驶一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，于是，司机紧急刹车，但刹车过程中刹车失灵如图a、b分别为小汽车和大卡车的vt图象，以下说法正确的是（）A因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B在t=5s时追尾C在t=3s时追尾D由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾8如图所示，一根轻弹簧上端固定在O点，下端拴一个小球P，开始时，小球处于静止状态现对小球施加一个水平向右的外力F，使小球向右缓慢偏移，依次经过A点和

5、B点，已知A、B两点分别在如图直线OM和ON上，但图中未标出具体位置，弹簧的伸长量始终处于弹性限度内，下列说法中正确的是（）AB点比A点高BB点比A点低CB点与A点高度相同DB点可能比A点高，也可能比A点低9如图所示，由相同材料做成的A、B两物体放在长木板上，随长木板一起以速度v向右做匀速直线运动，它们的质量分别为mA和mB，且mAmB某时刻木板停止运动，设木板足够长，下列说法中正确的是（）A若木板光滑，由于A的惯性较大，A、B间的距离将增大B若木板粗糙，由于B的惯性较小，A、B间的距离将减小C若木板光滑，A、B间距离保持不变D若木板粗糙，A、B间距离保持不变10如图所示，放在斜面上的物体处于

6、静止状态，斜面倾角为30，物体质量为m，若使物体沿斜面从静止开始下滑，至少需要施加平行斜面向下的推力F=0.2mg，则（）A若F变为大小0.1mg沿斜面向下的推力，则物体与斜面的摩擦力大小是0.1mgB若F变为大小0.1mg沿斜面向上的推力，则物体与斜面的摩擦力大小是0.2mgC若使物体沿斜面从静止开始上滑，F至少应变为大小1.2mg沿斜面向上的推力D若F变为大小为0.8mg沿斜面向上的推力，则物体与斜面的摩擦力大小是0.3mg11如图甲所示，在粗糙水平面上，物块A在水平向右的外力F的作用下做直线运动，其速度时间图象如图乙所示，下列判断正确的是（）A在01 s内，外力F的大小恒定B在13 s内

7、，外力F=0C在34 s内，外力F不断减小D在34 s内，外力F不断增大12“蹦极”是一项非常刺激的体育运动某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长度位置，c是人所到达的最低点，b是人静止地悬吊着时的平衡位置，人在从P点下落到最低点c点的过程中（）A人在Pa段做自由落体运动，处于完全失重状态B在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态C在bc段绳的拉力大于人的重力，人处于超重状态D在c点，人的速度为零，处于平衡状态二、实验题（共16分）13在做验证力的平行四边行定则的实验中，假如一个分力F1的方向不变，那么为了使橡皮条仍然伸长到O点，对另一个分力F2，下说列法正确的是 （）A

8、F2的方向和大小是唯一确定值BF2的大小是唯一的，方向可以有多个值CF2的方向和大小可以有多个值DF2的方向是唯一的，但大小可有多个值14（12分）（2015秋海南校级月考）在探究“加速度与力、质量的关系”的活动中：（1）某同学在接通电源进行实验之前，将实验器材组装如图1所示请指出该装置中的错误或不妥之处（填两处）：a，b（2）改正实验装置后，该同学顺利地完成了实验在实验中保持拉力不变，得到了小车加速度随质量变化的一组数据，如表所示实验次数加速度（a/ms2）小车与砝码总质量m/kg小车与砝码总质量的倒数m1/kg110.320.205.020.260.254.030.220.303.340.

9、180.352.950.160.402.5请在图2的方格纸中建立合适坐标并画出能直观反映出加速度与质量关系的图线（3）另有甲、乙、丙三位同学各自独立探究加速度与拉力的关系，在实验中保持小车质量m不变，如图3（a）所示，是甲同学根据测量数据画出的加速度随拉力变化的图象，图线没有过原点表明；乙、丙同学用同一装置实验，在同一坐标系内画出了各自得到的图象如图3（b）所示，说明两个同学做实验时的哪一个量取值不同？比较其大小三、计算题（4小题，共36分要求写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案必须写出数值和单位）15（10分）（2015秋海南校级月考）如

10、图所示，质量为M的木板可沿倾角为的光滑斜面下滑，木板上站着一个质量为m的人，问（1）为了保持木板与斜面相对静止，计算人运动的加速度？（2）为了保持人与斜面相对静止，木板运动的加速度是多少？16（12分）（2015秋海南校级月考）如图所示，质量M=8kg的小车放在光滑水平面上，在小车左端加一水平推力F=8N当小车向右运动的速度达到3m/s时，在小车右端轻轻地放一个大小不计、质量m=2kg的小物块小物块与小车间的动摩擦因数=0.2，小车足够长g取10m/s2，则：（1）放上小物块后，小物块及小车的加速度各为多大；（2）从小物块放上小车开始，经过t=3s小物块通过的位移大小为多少？17（14分）（2

11、015秋海南校级月考）如图，仓库中常用的皮带传输装置由两台皮带传送机组成，一台水平传送，A、B两端相距l1=3m，另一台倾斜，传送带与地面的倾角=37，C、D两端相距l2=4.2m，B、C相距很近水平传送带以5m/s的速度沿顺时针方向转动，现将质量为10kg的一袋大米无初速度地放在A端，它随传送带到达B端后，速度大小不变地传到倾斜送带的C端，米袋与两传送带间的动摩擦因数均为0.5（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）（1）若CD部分传送带不运转，求米袋沿传送带在CD上所能上升的最大距离；（2）若倾斜部分CD以4m/s的速率顺时针方向转动，求米袋从C运动到D所用的时间201

12、5-2016学年海南省海口一中高三（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分其中18为单选；912为多选，多选的小题全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1架在A、B两根电线杆之间的均匀电线在夏、冬两季由于热胀冷缩的效应，电线呈现如图所示的两种形状下列说法中正确的是（）A夏季电线对电线杆的拉力较大B冬季电线对电线杆的拉力较大C夏季、冬季电线对电线杆的拉力一样大D夏季杆对地面的压力较大考点：力的合成 专题：受力分析方法专题分析：以整条电线为研究对象，受力分析根据平衡条件列出等式，结合夏季、冬季的电线几何关系求解解答：解：以整条

13、电线为研究对象，受力分析如右图所示，由共点力的平衡条件知，两电线杆对电线的弹力的合力与其重力平衡，由几何关系得：Fcos=，即：F=由于夏天气温较高，电线的体积会膨胀，两杆正中部位电线下坠的距离h变大，则电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角变小，故变小，所以两电线杆处的电线弹力与冬天相比是变小电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，夏季、冬季杆对地面的压力相等所以选项ACD错误，B正确故选B点评：要比较一个物理量的大小关系，我们应该先把这个物理量运用物理规律表示出来，本题中应该抓住电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，根据夏季、冬季电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角的不同分析求解2如图

14、所示，放在斜面上的小盒子中装有一些沙子，恰沿斜面匀速下滑，若在小盒子中再缓缓加入一些沙子，那么（）A小盒所受的合外力增大B斜面对小盒的摩擦力不变C小盒仍将匀速下滑D小盒将加速下滑考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以小盒和沙子为研究对象，通过受力分析，摩擦力和支持力的合力与重力平衡，分别列出各力的大小与质量的关系，即可得出若在小盒子中以与盒子相同的速度缓缓加入一些沙子后的结果解答：解：如图所示，小盒和沙子匀速下滑，受到平衡力作用，即物体受到重力G=mg，沿斜面向上的滑动摩擦力f和斜面对它的支持力N的合力为0，则有，N=mgcos，f=N=mgc

15、os，要使小盒及沙子匀速下滑，滑动摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力mgsin，即：小盒和沙子匀速下滑的条件是：mgcos=mgsin；若在小盒子中以与盒子相同的速度缓缓加入一些沙子，m增大，则支持力N增大，摩擦力f增大，A错误；沿斜面方向，mgcos=mgsin，和不变，等式两边的m同时变大，合外力为0保持不变；所以小盒和沙子仍将匀速下滑，故BD错误、C正确；故选：C点评：掌握力的合成和分解，运用共点力平衡的条件找出力与力的关系斜面物体匀速下滑的根本原因是滑动摩擦系数=tn，与物体的质量无关，因为合外力始终是03物块A、B的质量分别为m和2m，用轻弹簧连接后放在光滑的水平面上，对B施加向右的

16、水平拉力F，稳定后A、B相对静止在水平面上运动，此时弹簧长度为l1；若撤去拉力F，换成大小仍为F的水平推力向右推A，稳定后A、B相对静止在水平面上运动，弹簧长度为l2，则下列判断正确的是（）A弹簧的原长为B两种情况下稳定时弹簧的形变量相等C两种情况下稳定时两物块的加速度不相等D弹簧的劲度系数为考点：牛顿第二定律；胡克定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：先以整体法为研究对象，根据牛顿第二定律求得加速度，再分别对A和B为研究对象，求得弹簧的原长根据两种情况下弹簧的弹力的大小关系，分析弹簧的形变量关系；由胡克定律求得劲度系数解答：解：A、C、D以整体法为研究对象，根据牛顿第二定律得知，两种情况下加

17、速度相等，而且加速度大小为a=设弹簧的原长为l0根据牛顿第二定律得： 第一种情况：对A：k（l1l0）=ma 第二种情况：对B：k（l0l2）=2ma 由解得，l0=，k=故AC错误，D正确B、第一种情况弹簧的形变量为l=l1l0=；第二种情况弹簧的形变量为l=l0l2=；故B错误故选：D点评：本题关键要灵活选择研究对象，运用整体法和隔离法，根据牛顿第二定律和胡克定律结合研究4如图A、B、C为三个完全相同的物体，当水平力F作用于B上，三物体可一起匀速运动撤去力F后，三物体仍可一起向前运动，设此时A、B间作用力为f1，B、C间作用力为f2，则f1和f2的大小为（）Af1=，f2=FBf1=f2=

18、0Cf1=0，f2=FDf1=F，f2=0考点：摩擦力的判断与计算 专题：摩擦力专题分析：撤去力F，若三个物体仍能一起继续向前运动，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，再隔离对A分析、对AB分析，求出A、B之间，B、C之间的摩擦力解答：解：开始三个物体在拉力F的作用下一起做匀速直线运动，知F=f，撤去F后，三个物体一起做匀减速直线运动，整体的加速度a=隔离对A分析，A在水平方向上的合力等于B对A的摩擦力，有：f1=ma=隔离对AB分析，AB整体所受的合力等于C对它们的摩擦力，有：f2=2ma= F，故A正确，BCD错误，故选：A点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注

19、意整体法和隔离法的运用5直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如图所示，投放初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动过程中箱子始终保持图示姿态在箱子下落过程中，下列说法正确的是（）A箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最大B箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大C箱内物体对箱子底部始终没有压力D若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”考点：牛顿第二定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据箱子的受力的情况可以判断物体的运动状态，进而由牛顿第二定律可以判断物体和箱子之间的作用力的大小解答：解：A、箱子刚从飞机上投下时，箱子的速度为

20、零，此时受到的阻力的大小也为零，此时加速度的大小为重力加速度，物体处于完全失重状态，箱内物体受到的支持力为零，所以A错误B、箱子接近地面时，速度最大，受到的阻力最大，所以箱子底部对物体向上的支持力也是最大的，所以B正确；C、由AB可知箱子内物体对箱子底部的压力发生变化，故C错误；D、若下落距离足够长，由于箱子阻力和下落的速度成二次方关系，最终将匀速运动，受到的压力等于重力，所以D错误故选：B点评：本题主要是考查根据物体的运动情况来分析物体受力的大小，物体运动状态的判断是解题的关键6如图所示，小球A、B的质量分别为2m和3m，用轻弹簧相连，然后用细线悬挂而静止，在剪断细线的瞬间，A 和B的加速度

21、大小分别为（）AaA=aB=gBaA=1.5g aB=gCaA=2.5g aB=0DaA=aB=0考点：牛顿第二定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：悬线剪断前，以两球为研究对象，求出悬线的拉力和弹簧的弹力突然剪断悬线瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，分析瞬间两球的受力情况，由牛顿第二定律求解加速度解答：解：悬线剪断前，以B为研究对象可知：弹簧的弹力F=3mg，以A、B整体为研究对象可知悬线的拉力为5mg；剪断悬线瞬间，弹簧的弹力不变，F=3mg，根据牛顿第二定律得 对A：2mg+F=2maA，又F=3mg，得：aA=2.5g， 对B：F3mg=3maB，F=3mg，得：aB=0故选：C点评：本

22、题是动力学中典型的问题：瞬时问题，往往先分析悬线剪断前弹簧的弹力，再分析悬线判断瞬间物体的受力情况，再求解加速度，抓住悬线剪断瞬间弹力没有来得及变化7雾霾天气容易给人们的正常生活造成不良影响在一雾霾天，某人驾驶一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，于是，司机紧急刹车，但刹车过程中刹车失灵如图a、b分别为小汽车和大卡车的vt图象，以下说法正确的是（）A因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B在t=5s时追尾C在t=3s时追尾D由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系 分析：当两车通过的位

23、移之差等于30m时，两车会发生追尾根据速度时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，进行分析解答：解：根据速度时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，由图知，t=3s时，b车的位移为：sb=vbt=103m=30ma车的位移为：sa=（30+20）1+（20+15）2=60m，则sasb=30m，所以在t=3s时追尾故ABD错误，C正确故选：C点评：解答本题关键要抓住速度图象的面积表示位移，由几何知识和位移关系进行求解8如图所示，一根轻弹簧上端固定在O点，下端拴一个小球P，开始时，小球处于静止状态现对小球施加一个水平向右的外力F，使小球向右缓慢偏移，依次经过A点和B点，已知A、B两点分别在如

24、图直线OM和ON上，但图中未标出具体位置，弹簧的伸长量始终处于弹性限度内，下列说法中正确的是（）AB点比A点高BB点比A点低CB点与A点高度相同DB点可能比A点高，也可能比A点低考点：功能关系 分析：以小球为研究对象，分析受力情况，由平衡条件和胡克定律得到弹簧的伸长量与cos的关系式，再根据几何关系求解解答：解：对小球进行研究，分析受力情况：重力mg、水平外力F和弹簧的弹力F1由平衡条件得：F1=设弹簧的形变量为x，由胡克定律得：F1=kx得：x=所以弹簧在竖直方向的高度为：h=（L+x）cos=Lcos+所以A、B两点距O点的竖直高度关系是hBhA所以A点比B点低故A正确故选：A点评：本题是

25、平衡条件与胡克定律的综合应用，分析受力情况是解题的关键，9如图所示，由相同材料做成的A、B两物体放在长木板上，随长木板一起以速度v向右做匀速直线运动，它们的质量分别为mA和mB，且mAmB某时刻木板停止运动，设木板足够长，下列说法中正确的是（）A若木板光滑，由于A的惯性较大，A、B间的距离将增大B若木板粗糙，由于B的惯性较小，A、B间的距离将减小C若木板光滑，A、B间距离保持不变D若木板粗糙，A、B间距离保持不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；惯性 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：若木板光滑，则A，B以速度v做匀速运动，间距不变；若木板粗糙，同种材料制成的物体与木板间

26、动摩擦因数相同，根据牛顿第二定律分析A，B减速运动的加速度关系，判断它们间距是否变化解答：解：A、C若木板光滑，木板停止运动后，A，B均以速度v做匀速运动，间距不变，故A错误，C正确B、D若木板粗糙，同种材料制成的物体与木板间动摩擦因数相同，根据牛顿第二定律得到：mg=ma，a=g，则可见A，B匀减速运动的加速度相同，间距不变故C错误，D正确故选CD点评：考查牛顿第二定律以及学生的综合分析能力难度适中物体由于滑动摩擦力作用而减速时，加速度大小为a=g，与物体的质量无关10如图所示，放在斜面上的物体处于静止状态，斜面倾角为30，物体质量为m，若使物体沿斜面从静止开始下滑，至少需要施加平行斜面向下

27、的推力F=0.2mg，则（）A若F变为大小0.1mg沿斜面向下的推力，则物体与斜面的摩擦力大小是0.1mgB若F变为大小0.1mg沿斜面向上的推力，则物体与斜面的摩擦力大小是0.2mgC若使物体沿斜面从静止开始上滑，F至少应变为大小1.2mg沿斜面向上的推力D若F变为大小为0.8mg沿斜面向上的推力，则物体与斜面的摩擦力大小是0.3mg考点：摩擦力的判断与计算 专题：摩擦力专题分析：对物体进行受力分析，根据共点力平衡求出施加平行斜面向下的推力F=0.2mg时的摩擦力大小，然后再根据共点力平衡判断推力大小和方向变化时所受的摩擦力大小解答：解：A、施加平行斜面向下的推力F=0.2mg，根据共点力平

28、衡，有：F+mgsin30=f，解得f=0.7mg，当推力F变为0.1mg，方向仍然沿斜面向下，此时物体处于静止状态，所受的摩擦力f=mgsin30+0.1mg=0.6mg故A错误B、当F的大小为0.1mg，方向向上，则物体仍然处于静止，有mgsin30=F+f，解得f=0.4mg故B错误C、若想使物体沿斜面从静止开始上滑，摩擦力方向沿斜面向下，根据共点力平衡有：F=mgsin30+f=0.5mg+0.7mg=1.2mg故C正确D、若F大小为0.8mg，方向沿斜面向上，物体处于静止状态，所受摩擦力为静摩擦力，根据共点力平衡有：mgsin30+f=F，解得f=0.3mg故D正确故选：CD点评：解

29、决本题的关键能够正确地进行受力分析，判断出物体是处于静止还是运动，运用共点力平衡进行求解11如图甲所示，在粗糙水平面上，物块A在水平向右的外力F的作用下做直线运动，其速度时间图象如图乙所示，下列判断正确的是（）A在01 s内，外力F的大小恒定B在13 s内，外力F=0C在34 s内，外力F不断减小D在34 s内，外力F不断增大考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像 专题：牛顿运动定律综合专题分析：在速度时间图象中，某一点纵坐标代表此时刻的瞬时速度；某点切线的斜率代表该时刻的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负结合牛顿第二定律判断受力情况解答：解：A、在01s内，直线的斜率

30、不变，加速度不变，由牛顿第二定律得：Ff=ma，可知外力F是恒力，故A正确B、在13s内，速度不变，物体做匀速直线运动，加速度等于零，F=f，故外力F的大小恒定，不为零，故B错误C、D、在34s内，斜率越来越大，说明加速度越来越大，所以物体做加速度增大的减速运动，由牛顿第二定律得：fF=ma，得：F=fma，f、m不变，a增大，F减小，故C正确，D错误；故选：AC点评：本题是为速度时间图象的应用要明确斜率和面积的含义，并结合牛顿第二定律解题，属于基础题12“蹦极”是一项非常刺激的体育运动某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长度位置，c是人所到达的最低点，b是人静止地悬吊着时的

31、平衡位置，人在从P点下落到最低点c点的过程中（）A人在Pa段做自由落体运动，处于完全失重状态B在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态C在bc段绳的拉力大于人的重力，人处于超重状态D在c点，人的速度为零，处于平衡状态考点：功能关系；动能和势能的相互转化 分析：a点是弹性绳的原长位置，故a点之前人做自由落体运动b是人静止悬吊着时的平衡位置，故ab段绳的拉力小于bc段绳的拉力大于重力；c是人所到达的最低点，故c点速度为零解答：解：A、a点是弹性绳的原长位置，故a点之前人只受重力，人做自由落体运动，处于完全失重状态，故A正确B、b是人静止悬吊着时的平衡位置，故ab段绳的拉力小于重力，故人处于失重

32、，故B正确C、在bc段绳的拉力大于人的重力，故人处于超重，故C正确D、c是人所到达的最低点，故c点速度为零，但人所受绳的拉力大于人的重力，合力不为0，不是处于平衡状态，故D错误故选：ABC点评：本题重点在于依据给定的条件做人的受力分析，知道受力才好判定人的运动情况二、实验题（共16分）13在做验证力的平行四边行定则的实验中，假如一个分力F1的方向不变，那么为了使橡皮条仍然伸长到O点，对另一个分力F2，下说列法正确的是 （）AF2的方向和大小是唯一确定值BF2的大小是唯一的，方向可以有多个值CF2的方向和大小可以有多个值DF2的方向是唯一的，但大小可有多个值考点：验证力的平行四边形定则 专题：实

33、验题分析：当合力不变时，若其中一个力的大小方向保持不变，则另一个可以唯一确定，若只有一个力的方向不变，则另一个力有无数组解答：解：因一个弹簧秤的拉力大小、方向不变，而橡皮筋伸长到O点，说明合力不变，一个分力方向不变，大小可以变化，由平行四边形定则可知另一个力方向和大小可以有多个值，故ABD错误，C正确故选：C点评：掌握力的分解原则，知道当合力不变时，根据平行四边形定则可知，若其中一个力的大小方向保持不变，则另一个可以唯一确定14（12分）（2015秋海南校级月考）在探究“加速度与力、质量的关系”的活动中：（1）某同学在接通电源进行实验之前，将实验器材组装如图1所示请指出该装置中的错误或不妥之处

34、（填两处）：a打点计时器不应使用干电池，应使用交流电源，b实验中没有平衡小车的摩擦力（2）改正实验装置后，该同学顺利地完成了实验在实验中保持拉力不变，得到了小车加速度随质量变化的一组数据，如表所示实验次数加速度（a/ms2）小车与砝码总质量m/kg小车与砝码总质量的倒数m1/kg110.320.205.020.260.254.030.220.303.340.180.352.950.160.402.5请在图2的方格纸中建立合适坐标并画出能直观反映出加速度与质量关系的图线（3）另有甲、乙、丙三位同学各自独立探究加速度与拉力的关系，在实验中保持小车质量m不变，如图3（a）所示，是甲同学根据测量数据画

35、出的加速度随拉力变化的图象，图线没有过原点表明没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够；乙、丙同学用同一装置实验，在同一坐标系内画出了各自得到的图象如图3（b）所示，说明两个同学做实验时的哪一个量取值不同？小车及车上砝码的总质量不同比较其大小m乙m丙考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题分析：打点计时器使用的是交流电源，而干电池是直流电源接通电源前，小车应紧靠打点计时器，而在该图中小车初始位置离打点计时器太远解答：解：（1）该实验中电磁打点计时器是利用46V的交流电源，电火花计时器是利用220V交流电源；不是直流电源为了尽可能的利用纸带在释放前小车应紧靠打点计时器；在本实验中我们认为绳

36、子的拉力等于物体所受的合外力，故在实验前要首先平衡摩擦力（2）根据表中数据a作图（3）当F不等于零，加速度仍为零，知没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够（3）根据a=知，图线的斜率为小车和车上砝码的质量的倒数，斜率不同，知小车即砝码的质量不同斜率越大，质量越小，故 m乙m丙故答案为：（1）打点计时器不应使用干电池，应使用交流电源；实验中没有平衡小车的摩擦力；（2）如上图所示（3）没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够；小车及车上砝码的总质量不同； m乙m丙点评：本题要能根据a=0，合外力不为零，分析图线不过原点的原因会根据牛顿第二定律得出斜率的物理意义，从而进行判断三、计算题（4小题，共36分要求写出必要的

37、文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案必须写出数值和单位）15（10分）（2015秋海南校级月考）如图所示，质量为M的木板可沿倾角为的光滑斜面下滑，木板上站着一个质量为m的人，问（1）为了保持木板与斜面相对静止，计算人运动的加速度？（2）为了保持人与斜面相对静止，木板运动的加速度是多少？考点：牛顿第二定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）为了使木板与斜面保持相对静止，必须满足木板在斜面上的合力为零，所以人施于木板的摩擦力F应沿斜面向上，故人应加速下跑现分别对人和木板应用牛顿第二定律即可求解；（2）为了使人与斜面保持静止，必须满足人在木板上所受合力

38、为零，所以木板施于人的摩擦力应沿斜面向上，故人相对木板向上跑，木板相对斜面向下滑，但人对斜面静止不动分别对人和木板应用牛顿第二定律即可求解解答：解：（1）为了使木板与斜面保持相对静止，必须满足木板在斜面上的合力为零，所以人施于木板的摩擦力F应沿斜面向上，故人应加速下跑现分别对人和木板应用牛顿第二定律得：对木板：Mgsin=F对人：mgsin+F=ma人（a人为人对斜面的加速度）解得：a人=，方向沿斜面向下（2）为了使人与斜面保持静止，必须满足人在木板上所受合力为零，所以木板施于人的摩擦力应沿斜面向上，故人相对木板向上跑，木板相对斜面向下滑，但人对斜面静止不动现分别对人和木板应用牛顿第二定律，设

39、木板对斜面的加速度为a木，则：对人：mgsin=F对木板：Mgsin+F=Ma木解得：a木=，方向沿斜面向下即人相对木板向上加速跑动，而木板沿斜面向下滑动，所以人相对斜面静止不动答：（1）为了保持木板与斜面相对静止，人运动的加速度为，方向沿斜面向下（2）为了保持人与斜面相对静止，木板运动的加速度是，方向沿斜面向下点评：本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，关键要能根据运动情况分析受力情况，难度适中16（12分）（2015秋海南校级月考）如图所示，质量M=8kg的小车放在光滑水平面上，在小车左端加一水平推力F=8N当小车向右运动的速度达到3m/s时，在小车右端轻轻地放一个大小不计、质量m=2kg

40、的小物块小物块与小车间的动摩擦因数=0.2，小车足够长g取10m/s2，则：（1）放上小物块后，小物块及小车的加速度各为多大；（2）从小物块放上小车开始，经过t=3s小物块通过的位移大小为多少？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）对车和物体受力分析，由牛顿第二定律可以求得加速度的大小；（2）分析物体和车的运动的过程可以知道，车的运动可以分为两个过程，利用位移公式分别求得两个过程的位移，即可求得总位移的大小解答：解：（1）对小车和物体受力分析，由牛顿第二定律可得，小物块的加速度为：am=g=2 m/s2小车的加速度为：aM=0.5 m/s2（2）由amt=v0+aMt，得t=2s，v同=amt=22 m/s=4 m/s在开始2 s内，小物块通过的位移为：x1=amt2=4m在接下来的1 s内小物块与小车相对静止，一起做匀加速运动，加速度为：a=0.8 m/s2小物块的位移为：x2=v同t+