走向高考高考物理总复习人教实验版第六章综合测试题

1、第六章综合测试题第六章综合测试题 本卷分第卷本卷分第卷( (选择题选择题) )和第卷和第卷( (非选择题非选择题) )两部分两部分满分满分 100100 分，分， 考试时间考试时间 9090 分钟分钟 第卷第卷( (选择题选择题共共 4040 分分) ) 一、选择题一、选择题( (共共 1010 小题，每小题小题，每小题 4 4 分，共分，共 4040 分，在每小题给出分，在每小题给出 的四个选项中，的四个选项中， 有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题只有一个选项符合题目要求， 有些小题有多有些小题有多 个选项符合题目要求，个选项符合题目要求，全部选对的得全部选对的得 4 4 分，分，选

2、不全的得选不全的得 2 2 分，分，有选错有选错 或不答的得或不答的得 0 0 分分) ) 1 1如图所示的四个电场的电场线，如图所示的四个电场的电场线，其中其中 A A 和和 C C 图中小圆圈表示图中小圆圈表示 一个点电荷，一个点电荷，A A 图中虚线是一个圆，图中虚线是一个圆，B B 图中几条直线间距相等互相平图中几条直线间距相等互相平 行，则在图中行，则在图中 MM、N N 处电场强度相同的是处电场强度相同的是( () ) 答案答案 B B 解析解析 电场强度相同指场强大小、方向都相同，故电场强度相同指场强大小、方向都相同，故B B 对对 2. 2. A A、B B 是一条电场线上的两

3、个点，一带负电的粒子仅在电场力作是一条电场线上的两个点，一带负电的粒子仅在电场力作 用下以一定的初速度从用下以一定的初速度从 A A 点沿电场线运动到点沿电场线运动到 B B 点，其速度点，其速度 v v 和时间和时间 t t 的关系图象如图甲所示则此电场的电场线分布可能是图乙中的的关系图象如图甲所示则此电场的电场线分布可能是图乙中的 ( () ) 答案答案 A A 解析解析 由图象可知，粒子的速度随时间逐渐减小，粒子的加速由图象可知，粒子的速度随时间逐渐减小，粒子的加速 度逐渐变大，则电场强度逐渐变大，从度逐渐变大，则电场强度逐渐变大，从 A A 到到 B B 电场线逐渐变密综电场线逐渐变密

4、综 合分析知，合分析知，带负电的粒子是顺电场线方向运动带负电的粒子是顺电场线方向运动 由电场线疏处到达密由电场线疏处到达密 处故处故 A A 对对 3 3如图甲所示，一条电场线与如图甲所示，一条电场线与 OxOx 轴重合，取轴重合，取 O O 点电势为零，点电势为零， OxOx 方向上各点的电势方向上各点的电势 随随 x x 变化的情况如图乙所示变化的情况如图乙所示 若在若在 O O 点由静点由静 止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则( () ) A A电子将沿电子将沿 OxOx 方向运动方向运动 B B电子的电势能将增大电子的电势能将增大 C C电子运

5、动的加速度恒定电子运动的加速度恒定 D D电子运动的加速度先减小后增大电子运动的加速度先减小后增大 答案答案 ADAD 解析解析 由图乙知沿由图乙知沿 OxOx 方向各点的电势逐渐增大，则电场方向方向各点的电势逐渐增大，则电场方向 沿沿 OxOx 的反方向，电子将受到沿的反方向，电子将受到沿 OxOx 方向的电场力作用，所以电子将方向的电场力作用，所以电子将 沿沿 OxOx 方向运动，方向运动，A A 对；对；电子运动过程中电场力做正功，电子运动过程中电场力做正功， 电势能减小，电势能减小， B B 错；根据电场中场强与电势变化快慢之间的关系，电势变化越快，错；根据电场中场强与电势变化快慢之间

6、的关系，电势变化越快， 场强越大，因此图乙中图线的斜率表示场强大小，则场强越大，因此图乙中图线的斜率表示场强大小，则 E E 先减小后增先减小后增 大，则电子的加速度也将先减小后增大，大，则电子的加速度也将先减小后增大，D D 对，对，C C 错错 4 4(2012(2012海口模拟海口模拟) )P P，Q Q 两个等量电荷的电场线分布如图所示，两个等量电荷的电场线分布如图所示， a a，b b，c c，d d 为电场中的四个点为电场中的四个点a a，c c 在在 PQPQ 的中垂线上，则下列判的中垂线上，则下列判 断正确的是断正确的是( () ) A AP P 电荷带正电电荷带正电B BP

7、P，Q Q 是同种电荷是同种电荷 C Cb b，d d 两点电势相等两点电势相等 答案答案 ADAD 解析解析 电场线的分布特点为由正电荷出发终止于负电荷，故电场线的分布特点为由正电荷出发终止于负电荷，故 P P 为正电荷，为正电荷，Q Q 为负电荷，为负电荷，A A 选项正确，选项正确，B B 选项错误；等量异种电荷选项错误；等量异种电荷 PQPQ 的中垂线为等势线，故的中垂线为等势线，故a a，c c 电势相等，电势相等，D D 选项正确；顺着电场线选项正确；顺着电场线 电势越来越低，所以电势越来越低，所以 b b d d， ，C C 选项错误选项错误 D Da a，c c 两点电势相等两

8、点电势相等 5. 5. (2012(2012信息卷信息卷) )如图所示，在竖直向上的场强为如图所示，在竖直向上的场强为E E 的匀强电场中，的匀强电场中， O O 点固定一个电荷量为点固定一个电荷量为 Q Q 的点电荷，一个质量为的点电荷，一个质量为 m m 的带电小球在匀的带电小球在匀 强电场中绕强电场中绕 O O 点在竖直平面内做半径为点在竖直平面内做半径为 l l 的匀速圆周运动，的匀速圆周运动， 最高点为最高点为 a a，最低点为，最低点为b b. .如果带电小球对匀强电场、点电荷如果带电小球对匀强电场、点电荷Q Q 的电场的影响可的电场的影响可 以忽略不计，不考虑空气阻力，则下列说法

9、正确的是以忽略不计，不考虑空气阻力，则下列说法正确的是( () ) kQmgkQmg A A小球受到的向心力为小球受到的向心力为 ElEl2 2 B Ba a、b b 两点间的电势差为零，小球在运动过程中机械能守恒两点间的电势差为零，小球在运动过程中机械能守恒 C C小球在从小球在从 a a 点运动到点运动到 b b 点的过程中，电势能增加点的过程中，电势能增加 D D如果小球运动到如果小球运动到 b b 点时，突然撤去匀强电场点时，突然撤去匀强电场 E E，小球将做平，小球将做平 抛运动抛运动 答案答案 ACAC 解析解析 因为小球在竖直平面内做匀速圆周运动，所以小球所受因为小球在竖直平面内

10、做匀速圆周运动，所以小球所受 匀强电场的电场力跟重力平衡，由匀强电场的电场力跟重力平衡，由EqEqmgmg，再据库仑定律可求得小，再据库仑定律可求得小 QqQqkQmgkQmg 球受到的向心力为球受到的向心力为 F F 向向 k k 2 2 ，选项，选项 A A 正确；由题意可知，正确；由题意可知， l lElEl2 2 小球受到的电场力必向上，所以小球带正电，点电荷小球受到的电场力必向上，所以小球带正电，点电荷 Q Q 带负电，小带负电，小 球在从球在从 a a 点运动到点运动到 b b 点的过程中，电场力做负功，由功能关系得，电点的过程中，电场力做负功，由功能关系得，电 势能增加，选项势能

11、增加，选项 C C 正确；正确；a a、b b 两点间的电势差不为零，而是两点间的电势差不为零，而是 2 2ElEl， 因为在整个运动过程中，除重力做功外，还有电场力做功，小球在运因为在整个运动过程中，除重力做功外，还有电场力做功，小球在运 动过程中机械能不守恒，所以选项动过程中机械能不守恒，所以选项 B B 错误；如果小球运动到错误；如果小球运动到 b b 点时，点时， 突然撤去匀强电场突然撤去匀强电场 E E，小球将受点电荷的作用力和重力，而且离开，小球将受点电荷的作用力和重力，而且离开b b 点后合力就不在竖直方向上，小球的运动不是平抛运动，点后合力就不在竖直方向上，小球的运动不是平抛运

12、动，D D 错误错误 6 6(2012(2012长春模拟长春模拟) ) 如图所示，如图所示，A A，B B，C C，D D 是匀强电场中一个以坐标原点为圆心、是匀强电场中一个以坐标原点为圆心、 半径为半径为 1cm1cm 的圆与两坐标轴的交点，已知的圆与两坐标轴的交点，已知 A A，B B，C C 三点的电势分别三点的电势分别 为为 A A15V15V、 B B3V3V， C C3V3V. .由此可得由此可得 D D 点的电势为点的电势为( () ) A A3V3V C C12V12V 答案答案 D D 解析解析 由于电场为匀强电场，则由于电场为匀强电场，则 A A B B D D C C，解

13、得，解得 D D 9V9V，选项，选项 D D 正确正确 7 7(2012(2012哈尔滨模拟哈尔滨模拟) ) B B6V6V D D9V9V 如图所示，如图所示，有一带电量为有一带电量为q q 的点电荷与均匀带电的圆形薄板相的点电荷与均匀带电的圆形薄板相 距为距为 2 2d d， 圆形薄板带电量为圆形薄板带电量为Q Q， 点电荷到带电薄板的垂线通过板的点电荷到带电薄板的垂线通过板的 圆心圆心 若图中若图中 b b 点处的电场强度为零，点处的电场强度为零， 则图中则图中 a a 点处的电场强度大小点处的电场强度大小 是是( () ) 1010kqkq A.A. 2 29 9d d k k Q

14、Qq q C.C. d d2 2 答案答案 A A 解析解析 由于由于 b b 点合场强为零，则圆形薄板在点合场强为零，则圆形薄板在b b 点产生的场强为点产生的场强为 q qq q E Ek k k k， 根据对称性可知圆形薄板在根据对称性可知圆形薄板在 a a 点产生的场强大小与点产生的场强大小与 3 3d d 2 29 9d d2 2 q q b b 点相等，方向相反；点电荷在点相等，方向相反；点电荷在 a a 点产生的场强在点产生的场强在 E Ek k 2 2，故 ，故 E Ea a d d 1010q q E EE Ek k 2 2 ，选项，选项 A A 正确正确 9 9d d 8

15、8(2012(2012长沙模拟长沙模拟) ) 8 8kqkq B.B. 2 29 9d d kQkQ D.D. 2 2d d 图中虚线是用实验方法描绘出的某一静电场中的一簇等势线，图中虚线是用实验方法描绘出的某一静电场中的一簇等势线， 若若 不计重力的带电粒子从不计重力的带电粒子从 a a 点射入电场后恰能沿图中的实线运动，点射入电场后恰能沿图中的实线运动，b b 点点 是其运动轨迹上的另一点，则带电粒子是其运动轨迹上的另一点，则带电粒子( () ) A Aa a 点的电势一定低于点的电势一定低于 b b 点点 B Ba a 点的加速度一定小于点的加速度一定小于 b b 点点 C Ca a 点

16、的电势能一定大于点的电势能一定大于 b b 点点 D Da a 点的速度一定大于点的速度一定大于 b b 点点 答案答案 D D 解析解析 由带电粒子的运动轨迹可以看出带电粒子受到的力指由带电粒子的运动轨迹可以看出带电粒子受到的力指 向弧线的凹侧故由向弧线的凹侧故由 a a 运动到运动到 b b 做减速运动，故做减速运动，故 D D 选项正确；由于带选项正确；由于带 电粒子的电性未知故无法判断电势及电势能的高低，电粒子的电性未知故无法判断电势及电势能的高低， 故故 ACAC 错误；错误；由由 图中无法看出带电粒子的受力大小情况，故图中无法看出带电粒子的受力大小情况，故B B 选项错误选项错误

17、9 9(2012(2012合肥模拟合肥模拟) ) 一电子在电场中由一电子在电场中由 a a 点运动到点运动到 b b 点的轨迹如图中虚线所示点的轨迹如图中虚线所示 图中图中 一组平行实线是等势面，则下列说法正确的是一组平行实线是等势面，则下列说法正确的是( () ) A Aa a 点的电势比点的电势比 b b 点低点低 B B电子在电子在 a a 点的加速度方向向右点的加速度方向向右 C C电子从电子从 a a 点到点到 b b 点动能减小点动能减小 D D电子从电子从 a a 点到点到 b b 点电势能减小点电势能减小 答案答案 C C 解析解析 由题意可知电场线垂直等势面向上，则由题意可知

18、电场线垂直等势面向上，则a a 点电势比点电势比 b b 点点 高，选项高，选项 A A 错误；电子受到电场力与电场线反向，故加速度方向向错误；电子受到电场力与电场线反向，故加速度方向向 下，选项下，选项 B B 错误；电子由错误；电子由 a a 点运动到点运动到 b b 点的过程中，电场力做负功，点的过程中，电场力做负功， 电势能增加，动能减小，选项电势能增加，动能减小，选项 C C 正确，正确，D D 错误错误 1010(2012(2012杭州模拟杭州模拟) ) 静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置，静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置， 其中某其中某 部分静电场的

19、分布如右图所示虚线表示这个静电场在部分静电场的分布如右图所示虚线表示这个静电场在 xOyxOy 平面内平面内 的一簇等势线，等势线的形状相对于的一簇等势线，等势线的形状相对于 OxOx 轴、轴、OyOy 轴对称等势线的轴对称等势线的 电势沿电势沿 x x 轴正向增加，且相邻两等势线的电势差相等，一群关于轴正向增加，且相邻两等势线的电势差相等，一群关于 x x 轴对称的电子从左向右射入电场，速度与轴对称的电子从左向右射入电场，速度与OxOx 轴平行，关于这群电子轴平行，关于这群电子 通过电场区域的过程中，下列说法正确的是通过电场区域的过程中，下列说法正确的是( () ) A A电子一定汇聚电子一

20、定汇聚 B B电子一定发散电子一定发散 C C电子可能先汇聚后发散电子可能先汇聚后发散 D D电子可能先发散后汇聚电子可能先发散后汇聚 答案答案 C C 解析解析 根据等势面的情况，我们可以大致画一条电场线，如图根据等势面的情况，我们可以大致画一条电场线，如图 所示，所示，根据对称性也可画出下方的电场线，根据对称性也可画出下方的电场线， 因为带电粒子在第二象限因为带电粒子在第二象限 受力是斜向右下方的，受力是斜向右下方的，在第三象限受力是斜向右上方的，在第三象限受力是斜向右上方的， 因此电子可因此电子可 能汇聚，能汇聚，在第一象限受力斜向右上方的，在第一象限受力斜向右上方的， 在第四象限受力是

21、斜向右下在第四象限受力是斜向右下 方的，因此电子可能再发散，方的，因此电子可能再发散，C C 正确正确 第卷第卷( (非选择题非选择题共共 6060 分分) ) 二、填空题二、填空题( (共共 3 3 小题，每小题小题，每小题6 6 分，共分，共1818 分把答案直接填在分把答案直接填在 横线上横线上) ) 11.11. (6(6 分分) )如图所示是一个平行板电容器，其电容为如图所示是一个平行板电容器，其电容为 C C，带电荷量为，带电荷量为 Q Q，上极板带正电，两极板间距为，上极板带正电，两极板间距为 d d. .现将一个检验电荷现将一个检验电荷q q 由两极板由两极板 间的间的 A A

22、 点移动到点移动到 B B 点，点，A A、B B 两点间的距离为两点间的距离为 s s，连线，连线 ABAB 与平行极与平行极 板方向的夹角为板方向的夹角为3030，则电场力对检验电荷，则电场力对检验电荷q q 所做的功等于所做的功等于 _ 答案答案 qQsqQs 2 2CdCd Q QU UQ Q 解析解析 电容器两板间电势差电容器两板间电势差 U UC C，场强 ，场强 E E d d Cd Cd QsQs 而而 A A、B B 两点间电势差两点间电势差 U UAB AB E E s s sin30sin302 2Cd Cd qQsqQs 电场力对电场力对q q 所做功为所做功为 WWq

23、UqUAB AB 2 2Cd Cd 1212(6(6 分分) ) 一电子以一电子以4 410106 6m/sm/s的速度沿与电场垂直的方向从的速度沿与电场垂直的方向从A A点水平垂直点水平垂直 于场强方向飞入，于场强方向飞入， 并从并从 B B 点沿与场强方向成点沿与场强方向成 150150的方向飞出该电场，的方向飞出该电场， 如图所示，如图所示， 则则 A A、 B B 两点的电势差为两点的电势差为_V_V ( (电子的质量为电子的质量为 9.19.11010 3131kgkg，电荷量为，电荷量为1.61.610101919C)C) 答案答案 136.5136.5 解析解析 设电子射入电场时

24、的速度为设电子射入电场时的速度为 v vA A，射出电场时的速度为，射出电场时的速度为 v vA A v vB B，从图可知，从图可知 v vB B 2 2v vA A，根据动能定理，有 ，根据动能定理，有 sin30sin30 WWeUeUAB AB 1 1 2 2 1 1 2 2WW m mv vB B m mv vA A 2 22 2 1 1 2 2 1 1 2 2 3 3 2 2 由式得由式得 eUeUAB AB m mv vB B m mv vA A m mv vA A 2 22 22 2 3 39.19.11010 31 31 4 410106 6 2 2 3 3m mv v2 2

25、 A A 所以所以 U UAB AB V V 1919 2 2e e 1.61.61010 2 2 136.5V136.5V 1313(6(6 分分) ) 如图所示，如图所示， 匀强电场场强为匀强电场场强为 E E， 与竖直方向成与竖直方向成 角，角， 一质量为一质量为 m m、 电荷量为电荷量为 q q 的带负电小球用细线系在竖直墙上，恰好静止在水平位的带负电小球用细线系在竖直墙上，恰好静止在水平位 置，则场强置，则场强 E E 的大小为的大小为_若保持场强方向和小球电荷量不若保持场强方向和小球电荷量不 变，变， 将线拉至与场强垂直时，将线拉至与场强垂直时， 小球能静止，小球能静止， 此时场

26、强大小为此时场强大小为_ 答案答案 mgmgcoscos mgmg q qq qcoscos 解析解析 对两种情况下小球的受力分析如图中对两种情况下小球的受力分析如图中(a)(a)、(b)(b)所示，对所示，对(a)(a)有：有： EqEqcoscos mgmg mgmg 所以所以 E Eq qcos cos 对对(b)(b)有：有：EqEqmgmgcoscos mgmgcoscos 所以所以 E E q q 三、论述计算题三、论述计算题( (共共 4 4 小题，共小题，共4242 分解答应写出必要的文字说分解答应写出必要的文字说 明、明、方程式和重要演算步骤，方程式和重要演算步骤，只写出最后

27、答案不能得分，只写出最后答案不能得分，有数值计算有数值计算 的题，答案中必须明确写出数值和单位的题，答案中必须明确写出数值和单位) ) 1414(10(10 分分)(2012)(2012信阳模拟信阳模拟) )两块水平金属极板两块水平金属极板 A A、B B 正对放置，正对放置， 每块极板长均为每块极板长均为 l l、 极板间距为极板间距为 d d. .B B 板接地板接地( (电势为零电势为零) )、 A A 板电势为板电势为 q qgdgd U U，重力加速度为，重力加速度为 g g. .两个比荷两个比荷( (电荷量与质量的比值电荷量与质量的比值) )均为均为m m U U 的带的带 正电质

28、点以相同的初速度沿正电质点以相同的初速度沿 A A、 B B 板的中心线相继射入，板的中心线相继射入， 如图所示如图所示 第第 一个质点射入后恰好落在一个质点射入后恰好落在 B B 处的中点处接着，第二个质点射入极处的中点处接着，第二个质点射入极 板间，运动一段时间板间，运动一段时间 tt 后，后，A A 板电势突然变为板电势突然变为U U 并且不再改变，并且不再改变， 结果第二个质点恰好没有碰到极板求：结果第二个质点恰好没有碰到极板求： (1)(1)带电质点射入时的初速度带电质点射入时的初速度 v v0 0. . (2)(2)在在 A A 板电势改变之前，第二个质点在板间运动的时间板电势改变

29、之前，第二个质点在板间运动的时间 tt. . 答案答案 (1)(1)v v0 0 l l 2 2 2 2g g d d (2)(2)tt(2(2 3)3) d d 2 2g g 解析解析 (1)(1)第一个质点在极板间做类平抛运动第一个质点在极板间做类平抛运动 U Ul ld d1 1 2 2mgmgq q d d mama， v v0 0t t1 1， ， at at1 1 2 22 22 2 l l 解得质点的加速度为解得质点的加速度为 a a2 2g g，初速度，初速度 v v0 0 2 2 2 2g g d d (2)(2)第二个质点射入极板后，在时间第二个质点射入极板后，在时间 tt

30、 内做类平抛运动，有内做类平抛运动，有 x x2 2 1 1 2 2v v0 0tt，y y2 2 atat ，v vy y atat 2 2 A A 板电势突然变为板电势突然变为U U 后，质点所受电场力与重力平衡，做匀速后，质点所受电场力与重力平衡，做匀速 直线运动，经过时间直线运动，经过时间 t t恰好射出极板，则恰好射出极板，则 d d x x2 2l lx x2 2v v0 0t t，y y2 2 y y2 2 v vy yt t 2 2 由以上各式解得由以上各式解得 tt (2(2 3)3) d d 2 2g g 1515(10(10 分分)(2012)(2012银川模拟银川模拟)

31、 ) 如图所示，边长为如图所示，边长为 L L 的正方形区域的正方形区域 abcdabcd 内存在着匀强电场电量为内存在着匀强电场电量为 q q、动能为、动能为 E Ek k的带电粒子从的带电粒子从 a a 点沿点沿 abab 方向进入电场，不计重力方向进入电场，不计重力 (1)(1)若粒子从若粒子从 c c 点离开电场，求电场强度的大小和粒子离开电场点离开电场，求电场强度的大小和粒子离开电场 时的动能；时的动能； (2)(2)若粒子离开电场时动能为若粒子离开电场时动能为 E Ek k，则电场强度为多大？，则电场强度为多大？ 4 4E Ek k 答案答案 (1)(1) qLqL 5 5E Ek

32、 k 2 2 E Ek k E Ek kE Ek k E Ek kE Ek k (2)(2)或或 qLqLqLqL 解析解析 (1)(1)设粒子运动时间为设粒子运动时间为 t t，则，则 L Lv v0 0t t qEtqEt2 2qELqEL2 2 L L 2 2m m2 2m mv v2 2 0 0 4 4E Ek k 所以所以 E E qLqL qELqELE Ek kt tE Ek k，所以，所以 E Ek kt tqELqELE Ek k5 5E Ek k qEtqEtqELqEL (2)(2)若粒子由若粒子由 bcbc 边离开电场，边离开电场，L Lv v0 0t t，v vy y

33、 m m m mv v 0 0 1 1 2 2 q q2 2E E2 2L L2 2q q2 2E E2 2L L2 2 E Ek kE Ek k m mv vy y 2 22 2m mv v0 02 24 4E Ek k 2 2 所以所以 E E E Ek k E Ek kE Ek k qLqL 若粒子由若粒子由 cdcd 边离开电场，边离开电场，qELqELE Ek k E Ek k E Ek kE Ek k 所以所以 E E qLqL 1616(11(11分分) ) 如图所示，如图所示，A A 和和 B B 是两个相同的带电小球，可视为质点，质是两个相同的带电小球，可视为质点，质 量均为

34、量均为 m m，电荷量均为，电荷量均为 q q. .其中其中 A A 固定在绝缘地面上，固定在绝缘地面上，B B 静放在绝缘静放在绝缘 板上板上当绝缘板以恒定的加速度当绝缘板以恒定的加速度 a a( (a a g g) )竖直下落竖直下落 h h 时，时，B B 与绝缘板脱与绝缘板脱 落若静电力常量为落若静电力常量为 k k，求：，求： (1)(1)B B 脱离绝缘板时的动能；脱离绝缘板时的动能； (2)(2)B B 在脱离绝缘板前的运动过程中，电场力和板的支持力对在脱离绝缘板前的运动过程中，电场力和板的支持力对 B B 做功的代数和做功的代数和 WW； (3)(3)B B 脱离绝缘板时离脱离

35、绝缘板时离 A A 的高度的高度 x x. . 答案答案 (1)(1)mahmah (2)(2)m m( (a ag g) )h h 为负功为负功(3)(3)q q k k m m g ga a 解析解析 (1)(1)B B球脱离绝缘板前向下匀加速运动，球脱离绝缘板前向下匀加速运动， 由运动学公式得：由运动学公式得： v v2 2 2 2ahah 所以所以 B B 球脱离绝缘板时的动能：球脱离绝缘板时的动能： 1 1 2 2E Ek k m mv v mahmah 2 2 (2)(2)对对 B B 由静止下落至与绝缘板脱离时，由静止下落至与绝缘板脱离时， 由动能定理得：由动能定理得： mghmghWW EE k k mahmah 所以所以 WWm m( (a ag g) )h h (3)(3)B B 与绝缘板脱离瞬间板的弹力为零与绝缘板脱离瞬间板的弹力为零 ，由牛顿第二定律得：，由牛顿第二定律得： mgmg kqkq2 2 2 2 mama x x 得得 x xq q k k m m g ga a 1717(11(11分分) ) (2012(2012襄阳模拟襄阳模拟) )如图所示，如图所示， 某空间有一竖直向下的匀强电场，某空间有