2019年高三物理最新信息卷九201905230387

1、年高考高三最新信息卷物 理（九）注意事项：、本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。、回答第卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。、回答第卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。、考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。二、选择题：本题共小题，每题分，在每小题给出的四个选项中，第题只有一个选项符合题目要求。第题有多选项符合题目要求。全部答对的得分，选对但不全的得分，有选错的得分。在粗糙水平面上，水平外力作用在物块上，时刻物块开始向右做直线运动，外

2、力始终不为零，其速度时间图象如图所示。则()在内，外力不断增大在时，物体开始向左运动在内，外力不断减小在内，外力的功率不断减小如图所示，水平地面上放置一斜面体，带正电的小物块置于的绝缘斜面上。轻推一下，能沿斜面匀速下滑。现在斜面顶端正上方点固定一带正电的点电荷，让从顶端向下运动，此后()物块做匀速直线运动物块受到斜面对它的作用力大小不变物块动能的增加量小于电势能的减少量斜面体受到地面水平向左的静摩擦力图甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命。图乙是“轨道康复者”在某次拯救一颗地球同步卫星前，二者在同一平面内沿相同绕行方向绕地球做匀速圆周运动的示意图，此

3、时二者的连线通过地心、轨道半径之比为:。若不考虑卫星与“轨道康复者”之间的引力，则下列说法正确的是()站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动在图示轨道上，“轨道康复者”的加速度大小是地球同步卫星的倍在图示轨道上，地球同步卫星的机械能大于“轨道康复者”的机械能若要对该同步卫星实施拯救，应让同步卫星从图示轨道上减速，然后与“轨道康复者”对接如图所示，、两滑块的质量分别为和 ，用一轻绳将两滑块相连后分别置于两等高的光滑水平桌面上，并用手按着两滑块固定不动。现将一轻质动滑轮置于轻绳上，然后将一质量为的钩码挂于动滑轮上。现先后按以下两种方式操作：第一种方式只释放而按着不动；第二种方式只释放而按着不动

4、。则在以上两种释放方式中获得的加速度之比为() : : : :如图所示，电源电动势，内阻不计，、为定值电阻，阻值分别为、 、 ，、为电阻箱，最大阻值均为，右侧竖直放置一个电容为 的理想平行板电容器，电容器板长，板间距为。一带电粒子以的速度沿平行板中线进入，恰好匀速通过，不计空气阻力，此时、阻值分别为 、 。下列说法正确的是()此粒子带正电带电粒子匀速穿过电容器时，电容器的电荷量为欲使粒子向上偏转但又不打到电容器的上板，阻值不得超过欲使粒子向下偏转但又不打到电容器的下板，阻值不得低于某金属发生光电效应，光电子的最大初动能与入射光频率 之间的关系如图所示。已知为普朗克常量，为电子电荷量的绝对值，结

5、合图象所给信息，下列说法正确的是()频率小于 的入射光不可能使该金属发生光电效应现象该金属的逸出功随入射光频率的增大而增大h 0若用频率是 的光照射该金属，则遏止电压为e1 / 8遏止电压与入射光的频率无关如图所示，两条足够长的平行金属导轨固定在水平面内，处于磁感应强度大小为、方向竖直向下的匀强磁场中，两导轨间距为，左端间接一电阻，质量为的金属杆静置于导轨，杆与导轨间动摩擦因数为 。现给金属杆一个水平向右的冲量，金属杆运动一段距离后静止，运动过程中与导轨始终保持垂直且接触良好。不计杆和导轨的电阻，重力加速度为。则金属杆在运动过程中()做匀减速直线运动杆中的电流大小逐渐减小，方向从流向b2 l2

6、 i 0刚开始运动时加速度大小为m2 rg电阻上消耗的电功为i 02mgx2m如图所示，竖直轨道由两部分构成。部分为光滑水平轨道，部分为一半径为的光滑半圆轨道，右端与半圆轨道的底端相切。一质量为、 可看成质点的小滑块从轨道的最左端点处以速度v08gr向右滑行，则当滑块滑到图中的点位置时( ) ，则下列说法正确的是 ()12小滑块在点处的动能为mgr小滑块在点处的机械能为在点处轨道对小滑块的压力大小为21mg5小滑块能通过最高点，且最高点轨道对小滑块的压力为第卷（非选择题，共分）三、非选择题 ( 包括必考题和选考题两部分。第题第题为必考题，每个试题考生都必须作答。第题第题为选考题，考生根据要求做

7、答)( 一 ) 必考题 ( 共分 ) ( 分 ) “阿特伍德机”是物理学家乔治 ?阿特伍德在年研制的一种验证运动定律的机械。其基本结构为在跨过定滑轮的轻绳两端系着质量均为的物块和， 质量为的金属片放置在物块上 （不粘连）。铁架台上固定一圆环，圆环在物块的正下方。系统静止时，金属片与圆环间的高度差为。() 由静止释放物块、，当物块穿过圆环时，金属片被搁置在圆环上，此后，物块继续下落。如果忽略一切阻力，物块穿过圆环后做直线运动。（填“匀速”“匀减速”或“匀加速”）() 如果在实验误差允许的范围内，物块、和金属片组成的系统，在下落高度的过程中，金属片减少的重力势能等于系统增加的动能，即可验证该系统机

8、械能守恒。测得物块穿过圆环后下落高度所用时间为，当地的重力加速度为。则该系统机械能守恒的表达式为。() 改变静止释放物块、的初始位置，重复试验，记录各次的高度差，以及物块穿过圆环后下落11相同高度所用的时间，以为纵轴，以（填“t ”“”或“ t2 ”）为横轴，若作出的图线为一条过原点的直线，则说明了系统的机械能守恒。 ( 分 ) 某研究小组欲将电流表改装成欧姆表，他们在实验室中找到的器材如下：干电池（电动势，内电阻 ）电阻箱（阻值范围为 ）电流表（量程，内阻 ）电阻箱（阻值范围为 ）开关导线若干定值电阻() 如图所示，电阻箱应选择。为了将电流表（图）的标注为 ，电阻箱的阻值应调整为 ，则应标注

9、 。() 研究小组发现上述改装成的欧姆表测电阻阻值越大，指针偏转角越小。为了能让测电阻的阻值越大，指针偏转角也越大，请在方框内重新设计电路。 ( 分 ) 近年来，网上购物促使快递行业迅猛发展。如图所示为某快递车间传送装置的简化示意图，传送带右端与水平面相切， 且保持 的恒定速率顺时针运行， 传送带的长 。现将一质量为 的包裹轻放在传送带左端，包裹刚离开传输带时恰好与静止的包裹发生正碰，碰撞时间极短，碰撞后包裹向前滑行了 静止，包裹向前运动了静止。已知包裹与传输带间的动摩擦系数为，包裹、与水平面间的动摩擦因数均为，取。求：() 包裹在传送带上运动的时间；() 包裹的质量。 ( 分 ) 如图所示，

10、为了研究带电粒子在电场和磁场中的运动，在空间中建立一平面直角坐标系，在 且的区域内存在沿轴正方向的匀强电场，在轴的正半轴上固定着一个长为的弹性绝缘挡板，挡板上端位于点，下端与坐标原点重合。有一质量为，电荷量为的带正电的粒子甲从电场中的点由静止释放，加速后以大小为的速度从轴上的点进入磁场。点，有一质量为，电荷量为的带正电的粒子乙由静止释放，当粒子甲刚进入磁场时，位于点正下方的l经过 t02v 时间加速后也从点进入磁场。已知甲、乙两粒子在磁场中运动轨迹重合，均垂直打在弹性挡板上的点并以原速率弹回，不考虑粒子与挡板发生碰撞所需的时间，不计粒子重力。() 求磁场的磁感应强度大小；() 求、两点和、两点

11、间的距离和；() 若粒子乙与弹性挡板相碰时，立即撤去磁场，并经过时间恢复原磁场，要使此后两粒子一直在磁场中运动但不能经过同一位置，求时间的取值范围。（二）选考题：共分。请考生从给出的道物理题、道化学题、道生物题中每科任选一题作答。如果多做。则每学科按所做的第一题计分。【物理选修】( 分 )()( 分 ) 下列说法中正确的是。（填正确答案标号。选对个得分，选对个得分，选对个得分。每选错个扣分，最低得分为分）气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在势能物体温度升高时，速率小的分子数目减少，速率大的分了数目增多一定量的水变成的水蒸气，其分子平均动能增加物体从外界吸收热量，其内能不一

12、定增加液晶的光学性质具有各向异性()( 分 )如图所示， 导热气缸由半径不同的两个圆柱形容器组成，气缸上部横截面积为，深度为，下部横截面积为，深度为，侧面有阀门，处于打开状态。活塞上表面通过滑轮与一水桶相连。关闭阀门后向水桶中缓慢加水，使活塞上升到距气缸上口处停下。已知：大气压强为，室温为，重力加速度为，不计一切摩擦，忽略水桶质量、活塞厚度及活塞质量。求：() 加入桶中水的质量；() 将桶中的水取走一半，并对缸中气体缓慢加热，当活塞再次停于离气缸上口处时，气体的温度。该波遇到长度为米的障碍物时将会发生明显衍射现象波速可能为该波的周期可能为若波速为，该波一定沿着轴负方向传播.若波速为，从到时刻，

13、质点运动的路程为()( 分 ) 如图所示，为等腰直角三棱镜的截面图，。一束平行于边的单色光从边上的点射入，折射光线刚好射到点，已知三棱镜对该单色光的折射率为2 ，边的长度为。() 求点到点的距离；() 保持入射光线的方向不变，让入射点沿边下移，使折射光线刚好射到边上的中点，求入射点沿边移动的距离，并判断折射光线在边上是否会发生全发射。【物理选修】( 分 )()(分 ) 如图所示，实线是一列简诸横波在时刻的波形图，是平衡位置距点的质点，虚线是() 时刻的波形图。 下列说法中， 正确的是。（填正确答案标号。选对个得分， 选对个得分，选对个得分。每选错个扣分，最低得分为分）3 / 8绝密 启用前年高

14、考高三最新信息卷物理答案（九）二、选择题：本题共小题，每题分，在每小题给出的四个选项中，第题只有一个选项符合题目要求。第题有多选项符合题目要求。全部答对的得分，选对但不全的得分，有选错的得分。【答案】【解析】 根据题意分析，设阻力为，根据牛顿第二定律，根据图象分析，在内加速度逐渐减小，所以外力逐渐减小，错误；根据题意分析，向右为正方向，前后速度始终为正值，始终是正方向，向右运动，错误；根据牛顿第二定律，根据图象分析在内加速度不变，所以外力不变，错误；外力功率，结合选项的分析，不变，而内速度减小，所以功率减小，正确。【答案】【解析】 物块下滑的过程中，、距离越来越大，正电荷对正电荷的库伦斥力是变

15、力且越来越小，做变加速运动，故错误；由于对的库伦斥力变小，所以这个库伦力在垂直于斜面的分力也减小，之间摩擦力也减小，所以对的作用力也不断减小，故错误；根据题意，没有电荷时，沿斜面向下做匀速运动，根据动能定理：，有电荷时，沿斜面做变加速运动，由动能定理：电 , ，由于，所以 ，因为电势能的减小量等于电场力做功，联合可得物块动能的增加与电势能的减小量之差为： 电 ，则有： 电，故正确；把、看成一个整体，电荷对这个整体有沿斜向左下方的库伦斥力，故有向左的运动的趋势，斜面体有受到地面向右的静摩擦力，故错误。【答案】【解析】 因“轨道康复者”的高度低于同步卫星的高度，可知其角速度大于同步卫星的角速度，也

16、大于站在赤道上的观察者的角速度，则站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向东运动，选项错误；由得：，在图示轨道上，“轨道康复者”与地球同步卫星加速度之比为，故正确；因“轨道康复者”与地球同步卫星的质量关系不确定，则不能比较机械能的关系，选项错误；应让“轨道康复者”从图示轨道上加速，与同步卫星进行对接，故错误。【答案】【解析】 固定滑块不动，释放滑块，设滑块的加速度为，钩码的加速度为，根据动滑轮的特征可知，在相同的时间内，滑块运动的位移是钩码的倍，所以滑块、钩码之间的加速度之比为:。此时设轻绳之间的张力为，对于滑块，由牛顿第二定律可知，对于钩码由牛顿第二定律可得，联立解得， 。若只释放滑块，设滑块的

17、加速度为，钩码的加速度为?，根据动滑轮的特征可知，在相同的时间内，滑块运动的位移是钩码的倍，所以滑块、钩码之间的加速度之比也为: ? ，此时设轻绳之间的张力为?，对于滑块，由牛顿第二定律可知?，对于钩码由牛顿第二定律可t402010得 ? ?，联立解得3 ，abac: ?3 ，3 。则在以上两种释放方式中获得的加速度之比为 ，故正确。【答案】【解析】 上极板与电源的正极相连，极板间电场方向向下，粒子所受的电场力方向向上，故粒子带负电，故错误；电容器与、这部分电路并联，当粒子匀速穿过电容器时，、这部分电路的总电阻为 ，根据串联电路分压特点可得这部分的电压，电容器的电荷量为 ，故错误；当粒子匀速穿

18、过电容器时，有，粒子在电容器中的运动时间。当粒子向上偏转且刚好经过上极板最右端时，在竖直方向上，有，解得：由牛顿第二定律得 ，可得，并可得，由此得、这部分电路总电压，的电压，电流，可得、这部分电路总电阻，由，由此算出 ，所以欲使粒子向上偏转但又不打到电容器的上板，阻值不得超过 ，故正确；同理，粒子经过下极板最右端时的加速度电容器极板间电压，解得： ，故错误。【答案】【解析】 由图象可知金属的极限频率为 ，入射光的频率必须要大于 才能发生光电效应现象，选项正确；金属的逸出功与入射光的频率无关，选项错误；若用频率是 的光照射该金属，则光电子的最大初动能为，则遏止电压为，选项正确；遏止电压与入射光的

19、频率有关，入射光的频率越大，则最大初动能越大，遏制电压越大，选项错误。【答案】【解析】 金属杆获得冲量后，速度，对金属杆应用右手定则分析可得电流方向是到，受安培力方向向左，根据牛顿第二定律，所以杆做的是加速度减小的减速直线运动，错误，正确；刚开始运动时，联立解得：，错误；对金属棒应用动能定理：，克服安培力的功等于转化给回路的电能即电阻消耗的电功，解得：，正确。【答案】1 / 8mgv22mgr ，由【解析】 设小滑块在点的速度为，小滑块恰好通过最高点时有：r ，解得1mv221 mv122mgr5gr8gr ，故小滑块可通过最高点，通过最动能定理可得：22，解得 v11 mv22 1 mv02

20、2mgr，解得 v24gr ，设轨道对小滑块的压力为，高点的速度由动能定理可得222n mg mv2由牛顿第二定律可得：r ，解得，故正确。小滑块从点处滑到点处时由机械能守恒1 mv02mgr(1cos53 )1 mv2v24gr定律得： 22，解得小滑块到达点时的速度为5，小滑块在点12 grm v221mg处的动能为 5，故正确；根据牛顿第二定律可得：r ，代入数据解得： 5，e1 mv024mgr故 正确；小滑块在运动过程中机械能守恒，在点的机械能为2，故错误。第卷（非选择题，共分）三、非选择题 ( 包括必考题和选考题两部分。第题第题为必考题，每个试题考生都必须作答。第题第题为选考题，考

21、生根据要求做答)( 一 ) 必考题 ( 共分 ) ( 分 )【答案】 () 匀速（分）()（分）()（分）【解析】 () 因质量相同，则物块穿过圆环后做匀速直线运动。() 由题意可知，系统减小的重力势能转化为系统的增加的动能，即为：() ，即为：（），又, 得：（） () 。() 将（），变形后，则有：。因此以为横轴；由上式可知，作出的图线是一条过原点的直线，直线的斜率：。 ( 分 )【答案】 （）（分）（分）（分）（）如图所示（分）面的分析可知，当标注为 时，电阻箱示数应为 。当电流表示数为时， ( ) ，可得。() 要使所测电阻阻值越大，电流表示数越大，可采用并联接法，如图所示，定值电阻为

22、保护电阻。 ( 分 )【解析】 （）包裹在传送带滑行，由牛顿第二定律可得：( 分)假设包裹离开传送带前就与传送带共速，由匀变速运动知识可得：( 分 )解得：，所以上述假设成立加速过程：( 分 )匀速过程：( 分 )包裹在传送带上运动的时间：( 分 )联立解得：( 分 )（）包裹在水平面滑动时，由牛顿第二定律可得：( 分 )由式解得：同理可知包裹在水平面滑动的加速度也是( 分 )包裹向前滑动至静止：( 分)包裹向前滑动至静止：( 分 )包裹、相碰前后系统动量守恒：( 分 )联立解得：( 分 ) ( 分 )【解析】 () 由于两粒子均垂直轴进入磁场且垂直打在弹性挡板上，由几何关系可知，两粒子在磁场

23、中做匀速圆周运动的半径 ( 分 )对于粒子甲在磁场中的运动，有( 分 )解得：( 分 )() 设粒子乙进入磁场时的速率为，电场区域中电场强度的大小为，对于粒子乙在磁场中的运动，有：( 分 )得：由运动学规律可得：( 分 )【解析】 () 根据欧姆定律，总，总，联立可得 。由于需要用到 ，故需选；由前粒子甲从点运动到点的过程中，由动能定理得：( 分 )粒子乙从点运动到点的过程中，由动能定理得：( 分 )联立上述两式可得：( 分 )() 粒子甲进入磁场后经过时间绕圆心转过的角度：( 分)即粒子乙到达点时，粒子甲恰好打在点上粒子乙从点运动到点用时：( 分 )在时间内，粒子甲绕圆心转过的角度：( 分 )设磁场撤去时，粒子甲位于点，即，此后两粒子均做匀速直线运动；若磁场恢复后，两粒子运动轨迹恰好相切于点，如图所示。设粒子甲、乙运动轨迹的圆心分别为、，磁场恢复时粒子甲、乙分别位于、两点上，由几何关系可知，线段与轴平行，四边形为矩形，在中，由余弦定理得：解得：( 分 )若磁场恢复后，粒子甲的运动轨迹恰好与磁场上边界相切于点，如图所示。设粒子甲、乙运动轨迹的圆心分别为、，磁场恢复时粒子甲、乙分别位于、两点上，过点作垂直于点，由几何关系可知由图可知：解得：( 分 )综上所述，时间的取值范围为：。 ( 分)（二）选考题：