四川省德阳市2014-2015学年高二下学期期末物理试卷

1、.四川省德阳市2014-2015 学年高二下学期期末物理试卷一、选择题（共11 小题，每小题4 分，满分44 分）1（ 4 分）下列说法不正确的是（）a 变化的电场可能产生变化的磁场b 红外线能杀死多种细菌，常用于医院和食品消毒c 地面上的人观测到高速（接近光速）运动的宇宙飞船的长度比实际飞船的长度短d 德 国物理学家赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在，并测定了电磁波的波长和频率，证实了电磁波的传播速度等于光速2（ 4 分）下列说法正确的是（）a 某一声波从空气射入水中，其声波的波长将变大b 机械波与电磁波都可在真空中传播c 机械波在介质中传播一个周期的时间内，波上的质点沿波的传播方向平移一个

2、波长 d 电 磁波和机械波都能发生干涉、衍射现象和多普勒效应，但都不能发生偏振现象3（ 4 分）关于电磁波的性质和用途，下列说法正确的是（）a 微波宜用地波传播b 无线电选台的过程就是调制c 在广播电视中，声音和图象信号可以利用电磁波传递d 真 空中电磁波的传播速度对不同惯性参考系是不同的4（ 4 分）一般认为激光器发出的是频率为的“单色光 ”，实际上它的频率并不是真正单一的，是它的中心频率， 它所包含的频率范围是 （也称频率宽度） ，其中 +和 分别称 “上限频率 ”和 “下限频率 ”某蓝宝石激光器发出的激光（其 “上限频率 ”和 “下限频率 ”对应的分别记为a 光和 b 光）由空气斜射到某

3、平行液膜的上表面，入射方向如图中角所示则下列说法正确的是（）a 用 同一装置做双缝干涉实验，b 光产生的干涉条纹间距较小b b 光在液膜中传播速度较小c 逐渐减小 角， a 光在液膜下表面先发生全反射d a 光从下表面射出时与入射光线间偏移的距离较大5（ 4 分）如图（甲）所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为n1：n2=10 ：1，r1=r2=20，c 为电容器， 已知加在原线圈两端的正弦式交变电流的电压随时间变化的规律如图（乙） 所示，则下列叙述正确的是（）.a 交 流电的频率为100hzb 副线圈中交流电压表的示数为20vc 电阻 r1 消耗的电功率为20wd 通 过 r2 的电流始终为零

4、6（ 4 分）如图甲所示，q1、q2 为两个被固定的点电荷，其中q1 带负电， a、b 两点在它们连线的延长线上 现有一带负电的粒子以一定的初速度沿直线从a 点开始经b 点向远处运动（粒子只受电场力作用） ，粒子经过 a、b 两点时的速度分别为 va、vb，其速度图象如图乙所示以下说法中正确的是（）a q2 一定带负电b q2 的电量一定大于 q1 的电量c b 点的电场强度一定为零d 整 个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大7（ 4 分）如图，半径为 r 的均匀带正电薄球壳，其上有一小孔a ，已知壳内的场强处处为零，壳外空间的电场与将球壳上的全部电荷集中于球心o 时在壳外产生的电场一样，一

5、带正电的试探电荷（不计重力）从球心以初动能ek0 沿 oa 方向射出，下列关于试探电荷的动能 ek 与离开球心的距离r 的关系图线，可能正确的是（）.a b cd 8（ 4 分）在空间中水平面mn 的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为m 的带电小球由mn 上方的 a 点以一定初速度水平抛出， 从 b 点进入电场， 到达 c 点时速度方向恰好水平， a 、 b、 c 三点在同一直线上，且 ab=2bc ，如图所示，由此可知（）a 小球带正电b 电场力大小为 3mgc 小球从 a 到 b 与从 b 到 c 的运动时间相等d 小 球从 a 到 b 与从 b 到 c 的速度变化相等9（ 4 分）如图甲

6、所示，水平放置的平行金属导轨连接一个平行板电容器c 和电阻 r，导体棒 mn 放在导轨上且接触良好，整个装置放于垂直导轨平面的磁场中，磁感应强度b 的变化情况如图乙所示（图示磁感应强度方向为正）， mn 始终保持静止，则0t 2时间（）a 电 容器 c 的电荷量大小始终没变.b 电容器 c 的 a 板先带正电后带负电c m n 所受安培力的大小始终没变d m n 所受安培力的方向先向右后向左10（ 4 分） a 、b 两块正对的金属板竖直放置，在金属板a 的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球（可视为点电荷）两块金属板接在如图所示的电路中，电路中的r1为光敏电阻（其阻值随所受光照强度的增

7、大而减小），r2 为滑动变阻器， r3 为定值电阻当r2 的滑片 p 在中间时闭合电键s，此时电流表和电压表的示数分别为i 和 u，带电小球静止时绝缘细线与金属板a 的夹角为电源电动势e 和内阻 r 一定，下列说法中正确的是（）a 若 将 r2 的滑动触头p 向 a 端移动，则不变b 若将 r2 的滑动触头p 向 b 端移动，则i 减小， u 减小c 保持滑动触头p 不动，用较强的光照射r1，则小球重新达到稳定后变小d 保 持滑动触头p 不动，用较强的光照射r1，则 u 变化量的绝对值与i 变化量的绝对值的比值不变11（4 分）如图所示，两足够长的平行光滑的金属导轨mn ， pq 相距为 l

8、，导轨平面与水平面的夹角 =30，导轨电阻不计，磁感应强度为b 的匀强磁场垂直于导轨平面向上，长为l 的金属捧 ab 垂直于 mn 、pq 放置在导轨上， 且始终与导轨接触良好，金属棒的质量为 m，电阻为 r=r两金属导轨的上端连接一个灯泡，灯泡的电阻r1=r，重力加速度为g，现闭合开关 s，给金属棒施加一个方向垂直于杆且平行于导轨平两向上的、大小为 f=mg 的恒力，使金属棒由静止开始运动， 当金属捧达到最大速度时，灯泡恰能达到它的额定功率下列说法正确的是（）a 灯 泡的额定功率pl =b 金属棒能达到的最大速度vm=c 金属棒达到最大速度的一半时的加速度a=.d 若 金属棒上滑距离为d 时

9、速度恰达到最大，则金属棒由静止开始上滑4d 的过程中，金属棒上产生的电热qr=4mgd=二、实验题（共2 小题，满分17 分）12（ 8 分）在 “描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中，要测量一个标有“3v，1.5w”的灯泡两端的电压和通过它的电流现有如下器材：a 直流电阻3v （内阻可不计）b直流电流表0600ma （内阻约0.5）c直流电压表03v （内阻约3k）d滑动变阻器（10， 1a ）e滑动变阻器（1k， 300ma ）f开关、导线若干（ 1）本实验中滑动变阻器选用 （填 “d ”或 “e”）（ 2）某同学设计的实物图如图甲所示，请将未连接的导线在图甲上用线连接上（ 3）表中的各组数据是

10、该同学在实验中测得的，根据表格中的数据在如图乙所示的方格纸上作出该灯泡的伏安特性曲线u/v00.51.01.52.02.5i/a00.170.300.390.450.49（4）如图甲所示， 将两个这样的灯泡并联后再与5的定值电阻r0 串联，接在电压恒为4v的电路上，每个灯泡的实际功率为w （结果留两位有效数字）13（ 9 分）为了较准确地测量某电子元件的电阻，某实验小组做如了测量：（ 1）用多用表测量该元件的电阻， 选用 “10”倍率的电阻挡测量， 发现多用表指针偏转很小，因此需选择（填 “1或 “100”）倍率的电阻挡，并，再进行测量（ 2）若用多用表测得该元件的电阻大约为 1500，现在要

11、进一步精确测量其电阻，有以下器材：a 待测元件r（阻值约为1500）b电流表（量程5ma ，内阻约5）c电阻箱（ 9999.9， 0.02a ）d直流电源（电动势约为20v ，内阻约0.5）e单刀双掷开关一个，导线若干.实验小组有同学设计了如图所示电路进行测量在闭合 s 前，先把 r 调至（填 “最大值 ”或 “最小值 ”），然后把 k 打到 1，调节 r，当其阻值为 r1 时，电流示数为 i0，再把 k 打到 2，调节 r，当其阻值为 r2 时，电流表示数为，则 rx=（用实验中获得的物理最来表示） （ 3）两只完全相同的表头 g，分别改装成一只电流表和一只电压表，一位同学不小心做实验时误将

12、两只表串起来连接在一闭合电路中， 接通电路后两只表的指针可能出现下列哪种现象a 电流表的指针偏转，电压表的指针不偏转b两表指针偏转角度相同c两表指针都偏转，电压表的指针偏转角度比电流表大得多d两表指针都偏转，电流表的指针偏转角度比电压表大得多三、计算题（共4 小题，满分49 分）14（8 分）如图所示为用某种透明材料制成的一块柱形棱镜的截面图，圈弧 cd 为半径为r的四分之一的圆周，圆心为 o，光线从 ab 面上的某点入射，入射角 1=45，它进入棱镜后恰好以临界角射在 bc 面上的 o 点，其光路图如图所示求：（ 1）该棱镜的折射率 n；（ 2）光线在该棱镜中传播的速度大小v（已知光在空气中

13、的传播速度c=3108m/s）15（12 分）如图所示， mn 、pq 为足够长的平行金属导轨，间距l=0.50m ，导轨平面与水平面间夹角=37，n 、q 间连接一个电阻r=2.5 ，匀强磁场垂直于导轨平面向上，磁感应强度 b=1.0t 将一根质量为m=0.050kg 的金属棒放在导轨的ab 位置，金属捧电阻r=2.5（导轨的电阻不计） 现由静止释放金属棒，金属棒沿导轨向下运动过捏中始终与导轨垂直，且与导轨接触良好已知金属棒与导轨间的动摩擦因数=0.50，当金属棒滑行至cd 处时，其速度大小开始保持不变，位置cd 与 ab 之间的距离s=2.0m已知 g=10m/s2， sin37=0.60

14、 ，cos37=0.80求：（ 1）金属棒到达 ad 处的速度大小；（ 2）金属棒由位置 ab 运动到 cd 的过程中，电阻 r 产生的热量.v0 垂直于 y 轴射入电场，经.16（14 分）如图所示平面直角坐标系xoy ，在第一象限内有平行于y 轴的匀强磁场，方向沿 y 轴负方向，电场强度大小为 e；在第四象限以 on 为直径的半圆形区域内有匀强磁场，方向垂直于 xoy 平面向外， 一质量为 m、带正电的粒子 （不计粒子重力） ，从 om=h 处的 m点，以速度x 轴上 op=2h 处的 p 点进入磁场，粒子在磁场中运动的轨道半径为r，以垂直于y 轴的方向射出磁场求：（ 1）粒子所带的电荷量

15、 q；（ 2）磁感应强度 b 及粒子在磁场中运动的时间17（ 15 分） “太空粒子探测器”是由加速、偏转和收集三部分组成，其原理可简化如下：如图 1 所示，辐射状的加速电场区域边界为两个同心平行半圆弧面，圆心为o，外圆弧面 ab的半径为 l ，电势为 1，内圆弧面 cd 的半径为2，电势为 足够长的收集板 mn 平行边界 acdb ，o 到 mn 板的距离 op=l 假设太空中漂浮着质量为m，电量为 q 的带正电粒子，它们能均匀地吸附到ab 圆弧面上，并被加速电场从静止开始加速，不计粒子间的相互作用和其它星球对粒子引力的影响（1）求粒子到达o 点时速度的大小；（2）如图 2 所示，在边界ac

16、db 和收集板mn 之间加一个半圆形匀强磁场，圆心为o，半径为 l ，方向垂直纸面向内，则发现从ab 圆弧面收集到的粒子经o 点进入磁场后有能打到 mn 板上（不考虑过边界acdb 的粒子再次返回） ，求所加磁感应强度的大小；.（3）同上问，从ab 圆弧面收集到的粒子经o 点进入磁场后均不能到达收集板mn ，求磁感应强度所满足的条件试写出定量反映收集板mn 上的收集效率与磁感应强度b 的关系的相关式子四川省德阳市2014-2015 学年高二下学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共11 小题，每小题4 分，满分44 分）1（ 4 分）下列说法不正确的是（）a 变化的电场可能产生变化的磁

17、场b 红外线能杀死多种细菌，常用于医院和食品消毒c 地面上的人观测到高速（接近光速）运动的宇宙飞船的长度比实际飞船的长度短d 德 国物理学家赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在，并测定了电磁波的波长和频率，证实了电磁波的传播速度等于光速考点 ：电磁波谱分析： 麦克斯韦建立了电磁场理论： 变化的电场周围产生磁场， 变化的磁场周围产生电场；并预言了电磁波的存在， 而赫兹用实验证实电磁波存在 红外线的显著作用是热作用， 紫外线的显著作用是化学作用， 紫外线能用来杀菌消毒 由狭义相对论的知识可知有关惯性系的规律，即可知光的传播速度的大小关系解答：解： a 、根据麦克斯电磁场理论，变化的电场产生磁场，变化

18、的磁场产生电场，周期性变化的电场可能产生周期性变化的磁场；故a 正确b、紫外线能杀死多种细菌，常用于医院和食品消毒故b 错误c、根据相对论的假设可知，地面上的人观测到高速（接近光速）运动的宇宙飞船的长度比实际飞船的长度短故 c 正确d、德国物理学家赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在，并测定了电磁波的波长和频率，证实了电磁波的传播速度等于光速，故d 正确本题选择不正确的故选： b点评： 本题考查物理学史， 对于著名物理学家、 经典实验和重要学说要记牢， 不能张冠李戴同时注意电磁波谱中各种电磁波的性质及应用的把握2（ 4 分）下列说法正确的是（）a 某一声波从空气射入水中，其声波的波长将变大b 机

19、械波与电磁波都可在真空中传播c 机械波在介质中传播一个周期的时间内，波上的质点沿波的传播方向平移一个波长 d 电 磁波和机械波都能发生干涉、衍射现象和多普勒效应，但都不能发生偏振现象考点 ：波的干涉和衍射现象分析：机械波从一种介质另一介质，频率不变，根据v=f，由波速来确定波长的变化；机械波不能在真空中传播，电磁波自身是物质，能在真空中传播；波在传播中，质点不会随.着波迁移； 干涉、衍射现象和多普勒效应是波特有的现象，而电磁波能发生偏振现象，从而即可求解解答：解： a 、一声波从空气射入水中，根据v= f，因频率不变，且波速变大，则其声波的波长将变大，故a 正确；b、机械波不能在真空中传播，而

20、电磁波可在真空中传播，故b 错误；c、在介质中传播一个周期的时间内，波上的振动形式沿波的传播方向平移一个波长，质点不随着波迁移，故 c 错误；d、它们能发生干涉、衍射现象和多普勒效应，而只有横波才能发生偏振现象，所以电磁波能发生偏振现象，而机械波是纵波的却不能发生，故 d 错误；故选： a 点评： 考查机械波与电磁波的区别，掌握 v= f 的应用，注意波进入另一介质时，频率不变，同时理解质点不随着波迁移，并认识到横波与纵波的区别3（ 4 分）关于电磁波的性质和用途，下列说法正确的是（）a 微波宜用地波传播b 无线电选台的过程就是调制c 在广播电视中，声音和图象信号可以利用电磁波传递d 真 空中

21、电磁波的传播速度对不同惯性参考系是不同的考点 ：电磁波谱分析：电磁波可以传递信息； 把声音、图象等信号加载到高频电磁波上的过程，称为调制；分为调频与调幅，由于频率不会衰减，故调频信号抗干扰能力强解答：解： a 、微波波长短，直线传播好，不容易衍射，故适合做天波，故a 错误；b、无线电选台的过程就是调谐的过程，故b 错误；c、在广播电视中，声音和图象信号都可以利用电磁波传递，故c 正确；d、根据狭义相对论，真空中电磁波的传播速度对不同惯性参考系是相同的，故d 错误；故选： c点评：本题考查了信号的调制过程及其分类，知识点较为冷僻， 多看书考查什么是解调，及调制与解调的区别与联系4（ 4 分）一般

22、认为激光器发出的是频率为的“单色光 ”，实际上它的频率并不是真正单一的，是它的中心频率， 它所包含的频率范围是 （也称频率宽度） ，其中 +和 分别称 “上限频率 ”和 “下限频率 ”某蓝宝石激光器发出的激光（其 “上限频率 ”和 “下限频率 ”对应的分别记为a 光和 b 光）由空气斜射到某平行液膜的上表面，入射方向如图中角所示则下列说法正确的是（）a 用 同一装置做双缝干涉实验，b 光产生的干涉条纹间距较小b b 光在液膜中传播速度较小c 逐渐减小 角， a 光在液膜下表面先发生全反射d a 光从下表面射出时与入射光线间偏移的距离较大.考点 ：光的折射定律；全反射；双缝干涉的条纹间距与波长的

23、关系专题 ：光的折射专题分析： 干涉条纹的间距与波长成正比 频率越大，波长越小，干涉条纹的间距越小，介质对这种色光的折射率越大， 通过平行液膜后侧移越大； 根据光路可逆性分析光线能否在液膜下表面发生全反射由公式v=分析光在液膜中传播速度的大小解答：解：a 、由题知， a 光的频率大于 b 光的频率，则由公式c=f，知 a 光的波长小于 b 光的波长，干涉条纹的间距与波长成正比所以相同装置做双缝干涉实验，b 光产生的干涉条纹间距较大故 a 错误b、a 光的频率大于 b 光的频率， 则液膜对 a 光的折射率大于对b 光的折射率， 由公式 v=分析可知 b 光在液膜中传播速度较大，故b 错误c、由于

24、平行液膜的上表面与下表面平行，光在上表面的折射角等于下表面的入射角，根据光路的可逆性得知， a 光不可能在液膜下表面发生全反射故c 错误d、液膜对 a 光的折射率大于对 b 光的折射率，根据折射定律可知：a 光通过平行液膜后偏折程度较大，则偏移的距离较大故d 正确故选： d点评：本题也可以用假设法，由折射率不同，从而假设a 是紫光， b 是红光，则可根据红光与紫光的特性来确定出正确答案5（ 4 分）如图（甲）所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为n1：n2=10 ：1，r1=r2=20，c 为电容器， 已知加在原线圈两端的正弦式交变电流的电压随时间变化的规律如图（乙） 所示，则下列叙述正确的是（

25、）a 交 流电的频率为100hzb 副线圈中交流电压表的示数为20vc 电阻 r1 消耗的电功率为20wd 通 过 r2 的电流始终为零考点 ：变压器的构造和原理专题 ：交流电专题分析：由周期可以知频率，电压表读数为电压有效值，由电压与匝数成反比可以求得副线圈的电压的大小，由电功率p=求功率；电容器的作用是通交流隔直流解答：解： a 、根据变压器原理可知原副线圈中电流的周期、频率相同，周期为0.02s、频率为50 赫兹，故 a 错误；.b、由图乙可知原线圈最大电压为um=200v ，有效值为200v ，再根据原副线圈的电压之比等于匝数之比可知副线圈电压的为20v ，电表读数为有效值，故为20v

26、 ，故 b 错误；c、根据正弦交流电的峰值和有效值关系并联电路特点可知电阻r1 的电功率p=w=20w ，故 c 正确；d、因为电容器有通交流、阻直流的作用，则有电流通过r2 和电容器，即电流不为零，故d 错误；故选： c点评： 本题需要掌握交流电的产生和描述， 知道：电表读数为有效值， 变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于电容器的作用要了解6（ 4 分）如图甲所示， q1、q2 为两个被固定的点电荷，其中连线的延长线上 现有一带负电的粒子以一定的初速度沿直线从（粒子只受电场力作用） ，粒子经过 a、b 两点时的速度分别为示以下说法中正确的是（）a q2 一定带负电b q2 的电量一定

27、大于 q1 的电量c b 点的电场强度一定为零d 整 个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大q1 带负电， a、b 两点在它们 a 点开始经 b 点向远处运动v a、vb，其速度图象如图乙所考点 ：电场强度；电势能专题 ：压轴题；电场力与电势的性质专题分析：速度时间图线上每一点的切线斜率表示瞬时加速度，可见 a 到 b 做加速度减小的减速运动， 到 b 点加速度为0从而知道 b 点的电场力及电场强度 通过 b 点的场强可以分析出两个点电荷电量的大小通过能量守恒判断电势能的变化解答：解： a 、从速度图象上看，可见a 到 b 做加速度减小的减速运动，在b 点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，

28、所以该点场强为零q1对负电荷的电场力向右，则q2 对负电荷的电场力向左，所以q2 带正电故 a 错误， c 正确b、b 点场强为零，可见两点电荷在b 点对负电荷的电场力相等，根据f=，b 到q1 的距离大于到q2 的距离，所以q1 的电量大于q2 的电量故b 错误c、整个过程动能先减小后增大，根据能量守恒电势能先增大后减小故d 错误故选 c.点评：解决本题的关键根据图象b 点的加速度为0，根据这一突破口，从而判断q2 的电性及 q1 和 q2 的电量大小7（ 4 分）如图，半径为 r 的均匀带正电薄球壳，其上有一小孔a ，已知壳内的场强处处为零，壳外空间的电场与将球壳上的全部电荷集中于球心o

29、时在壳外产生的电场一样，一带正电的试探电荷（不计重力）从球心以初动能ek0 沿 oa 方向射出，下列关于试探电荷的动能 ek 与离开球心的距离r 的关系图线，可能正确的是（）a b cd 考点 ：电势差与电场强度的关系专题 ：电场力与电势的性质专题分析：在球壳内， 场强处处为零， 试探电荷不受电场力 壳外空间的电场与将球壳上的全部电荷集中于球心o 时在壳外产生的电场一样，离o 越远，场强越小试探电荷的动能ek与离开球心的距离r 的关系根据动能定理分析解答：解：在球壳内，场强处处为零，试探电荷不受电场力，做匀速直线运动，其动能不变；在球壳外，取一段极短距离内，认为库仑力不变，设为f，根据动能定理

30、得：ek=f r则得： f=.根据数学知识得知：等于 ek r 图象上切线的斜率，由库仑定律知r 增大， f 减小，图象切线的斜率减小，故c 正确， abd 错误故选： c点评：本题的关键是运用微元法， 根据动能定理列式， 分析图象的斜率的意义， 即可解答8（ 4 分）在空间中水平面mn 的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为m 的带电小球由mn 上方的 a 点以一定初速度水平抛出， 从 b 点进入电场， 到达 c 点时速度方向恰好水平， a 、 b、 c 三点在同一直线上，且 ab=2bc ，如图所示，由此可知（）a 小球带正电b 电场力大小为 3mgc 小球从 a 到 b 与从 b 到 c

31、的运动时间相等d 小 球从 a 到 b 与从 b 到 c 的速度变化相等考点 ：带电粒子在匀强电场中的运动；平抛运动专题 ：带电粒子在电场中的运动专题分析：小球先做平抛运动，进入电场中做匀变速曲线运动，其逆过程是类平抛运动两个过程都运用的分解法研究，水平方向都做匀速直线运动，根据位移公式x=vt ，可分析时间关系；再研究竖直方向， 由牛顿第二定律和运动学位移公式结合列式，求解电场力的大小 根据 v=at 研究速度变化量的关系解答：解： a 、由于轨迹向上弯曲，加速度方向必定向上，合力向上，说明电场力方向向上，所以小球带负电故a 错误b、设带电小球在进入电场前后两个运动过程水平分位移分别为x1

32、和 x2，竖直分位移分别为 y1 和 y2，经历的时间为分别为t 1 和 t2在电场中的加速度为a小球做平抛运动过程，有：x1=v 0t1；进入电场做匀变变速曲线运动的过程，有：x2=v 0t2；由题意有： x1=2x 2；则得： t1=2t 2又 y1=将小球在电场中的运动看成沿相反方向的类平抛运动，则有：y2=根据几何知识有：y1： y2=x 1： x2；解得： a=2g；根据牛顿第二定律得：f mg=ma=2mg ，解得： f=3mg，即电场力为3mg故 b 正确， c 错误.d、根据速度变化量为： v=at，则得平抛运动过程速度变化量大小为： v1 =gt1=2gt2，方向竖直向下；电

33、场中运动过程速度变化量大小为： v2=at2=2gt2，方向竖直向上，所以小球从a 到 b 与从 b 到 c 的速度变化量大小相等，方向相反，则速度变化量不相等故d 错误故选： b点评：本题将平抛运动与类平抛运动的组合，关键运用逆向思维研究小球b 到 c 的过程，再运用力学基本规律：牛顿第二定律和运动学公式列式分析9（ 4 分）如图甲所示，水平放置的平行金属导轨连接一个平行板电容器c 和电阻 r，导体棒 mn 放在导轨上且接触良好，整个装置放于垂直导轨平面的磁场中，磁感应强度b 的变化情况如图乙所示（图示磁感应强度方向为正）， mn 始终保持静止，则0t 2 时间（）a 电 容器 c 的电荷量

34、大小始终没变b 电容器 c 的 a 板先带正电后带负电c m n 所受安培力的大小始终没变d m n 所受安培力的方向先向右后向左考点 ：导体切割磁感线时的感应电动势；电容；法拉第电磁感应定律专题 ：电磁感应与电路结合分析：根据法拉第电磁感应定律分析电路中感应电动势和感应电流是否变化，电容器的电压等于电阻r 两端的电压，由欧姆定律判断其电压变化，即可知道电荷量如何变化由楞次定律判断感应电流的方向，即可确定电容器极板的电性由f=bil 分析安培力大小，由左手定则判断判断安培力的方向解答：解： a 、 b 由乙图知，磁感应强度均匀变化，根据法拉第电磁感应定律可知，回路中产生恒定电动势，电路中电流恒

35、定，电阻r 两端的电压恒定，则电容器的电压恒定，故电容器 c 的电荷量大小始终没变根据楞次定律判断可知，通过r 的电流一直向下，电容器上板电势较高，一直带正电故a 正确， b 错误；c、根据安培力公式 f=bil ，i、l 不变，由于磁感应强度变化，mn 所受安培力的大小变化，故 c 错误d、由右手定则判断得知， mn 中感应电流方向一直向上，由左手定则判断可知，mn 所受安培力的方向先向右后向左，故d 正确故选 ad点评：本题关键要根据法拉第电磁感应定律判断出电路中的电流恒定不变，再根据楞次定律、右手定则、左手定则进行分析10（ 4 分） a 、b 两块正对的金属板竖直放置，在金属板a 的内

36、侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球（可视为点电荷）两块金属板接在如图所示的电路中，电路中的r1为光敏电阻（其阻值随所受光照强度的增大而减小），r2 为滑动变阻器， r3 为定值电阻当.r2 的滑片 p 在中间时闭合电键 s，此时电流表和电压表的示数分别为 i 和 u，带电小球静止时绝缘细线与金属板 a 的夹角为 电源电动势 e 和内阻 r 一定，下列说法中正确的是（）a 若 将 r2 的滑动触头 p 向 a 端移动，则 不变b 若将 r2 的滑动触头 p 向 b 端移动，则 i 减小， u 减小c 保持滑动触头 p 不动，用较强的光照射r1，则小球重新达到稳定后变小d 保 持滑动触头 p

37、 不动，用较强的光照射r ，则 u 变化量的绝对值与i 变化量的绝对值1的比值不变考点 ：电容；闭合电路的欧姆定律专题 ：电容器专题分析：该电路 r1 和 r3 串联，电容器两端间的电压等于r1 两端间的电压，根据闭合电路的动态分析， 分析电容器两端的电压变化，从而知道电场的变化以及角的变化 通过电容器两端电压的变化，就可知道电容器所带电量的变化解答：解： a 、滑动变阻器处于含容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，电容器两端的电压不变，则 不变故 a 正确， b 错误c、用更强的光线照射 r ， r1的阻值变小，总电阻减小，电流增大，内电压增大，外电压1减小，即 u 减小，所以 u 的变化

38、量的绝对值等于内电压的增加量=r 不变因为外电压减小， r3 电压增大，则 r2 两端电压减小，所以电容器两端的电压减小，所以小球重新达到稳定后 变小故 c、 d 正确故选 acd点评： 解决本题的关键抓住电源的电动势和内阻不变， 利用闭合电路欧姆定律进行动态分析11（4 分）如图所示，两足够长的平行光滑的金属导轨mn ， pq 相距为 l ，导轨平面与水平面的夹角 =30，导轨电阻不计，磁感应强度为b 的匀强磁场垂直于导轨平面向上，长为l 的金属捧 ab 垂直于 mn 、pq 放置在导轨上， 且始终与导轨接触良好，金属棒的质量为 m，电阻为 r=r两金属导轨的上端连接一个灯泡，灯泡的电阻r1

39、=r，重力加速度为g，现闭合开关 s，给金属棒施加一个方向垂直于杆且平行于导轨平两向上的、大小为 f=mg 的恒力，使金属棒由静止开始运动， 当金属捧达到最大速度时，灯泡恰能达到它的额定功率下列说法正确的是（）.a 灯 泡的额定功率pl =b 金属棒能达到的最大速度vm=c 金属棒达到最大速度的一半时的加速度a=d 若 金属棒上滑距离为d 时速度恰达到最大，则金属棒由静止开始上滑4d 的过程中，金属棒上产生的电热qr=4mgd=考点 ：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化专题 ：电磁感应 功能问题分析：当金属棒达到最大速度时，做匀速直线运动，由平衡条件和安培力公式可求出电路中的电

40、流，由功率公式p=i2l由感应电动势公式e=blv 和欧姆定r 求解灯泡的额定功率p律结合求解最大速度；金属棒达到最大速度的一半时，推导出安培力与速度的关系，由牛顿第二定律求解加速度由能量守恒求解电热解答：解： a 、当金属棒达到最大速度时，做匀速直线运动，由平衡条件得：f=bil+mgsin30 ，又 f=mg，解得 i=，则灯泡的额定功率 pl=i 2r=（）2r=，故 a 正确b、由 i=，又 i=，可得： vm=，故 b 正确c、金属棒达到最大速度的一半时受到的安培力大小fa =mg，根据牛顿第二定律得：f mgsin30 fa=ma，解得： a=g，故 c 错误d、金属棒由静止开始上

41、滑4l 的过程中，金属棒上产生的电热qr=（f?4l mg?4lsin30 mv m2） =mgl ，故 d 错误故选： ab 点评： 本题是电磁感应与力学知识的综合， 其桥梁是安培力， 要学会推导安培力的表达式，分析棒的运动情况，根据牛顿第二定律和能量守恒处理这类问题二、实验题（共2 小题，满分17 分）12（ 8 分）在 “描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中，要测量一个标有“3v，1.5w”的灯泡两端的电压和通过它的电流现有如下器材：.a 直流电阻3v （内阻可不计）b直流电流表0600ma （内阻约0.5）c直流电压表03v （内阻约3k）d滑动变阻器（10， 1a ）e滑动变阻器（1k，

42、300ma ）f开关、导线若干（1）本实验中滑动变阻器选用d （填 “d”或“e”）（ 2）某同学设计的实物图如图甲所示，请将未连接的导线在图甲上用线连接上（ 3）表中的各组数据是该同学在实验中测得的，根据表格中的数据在如图乙所示的方格纸上作出该灯泡的伏安特性曲线u/v00.51.01.52.02.5i/a00.170.300.390.450.49（4）如图甲所示， 将两个这样的灯泡并联后再与5的定值电阻r0 串联，接在电压恒为4v的电路上，每个灯泡的实际功率为0.30w （结果留两位有效数字）考点 ：描绘小电珠的伏安特性曲线专题 ：实验题；恒定电流专题分析：（1）在保证安全的前提下，应选择最

43、大阻值较小的滑动变阻器（ 2）根据实验测量的数据确定滑动变阻器的接法，根据待测灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后作出实物图（ 3）根据表中实验数据在坐标纸上描出对应点，然后作出图象（ 4）在灯泡 i u 图象中作出电源的 i u 图象，根据图象求出灯泡两端电压与通过灯泡的电流，然后求出灯泡功率解答： 解：（ 1）在保证安全的前提下， 应选最大阻值较小的滑动变阻器， 因此滑动变阻器应选 d （ 2）由实验数据可知，电流与电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示.（ 3）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后

44、根据描出的点作出图象，图象如图所示（ 4）将两个这样的灯泡并联后再与5的定值电阻 r0 串联，接在电压恒为 4v 的电路上，根据闭合电路欧姆定律得： u=e 2ir 0=4 25i=4 10i ，即 u=4 10i，在灯泡的i u 图象中作出等效电源的i u 图象如图所示，由图象可知，灯泡两端电压为 1.0v ，通过灯泡的电流为 0.3a ，每个灯泡消耗的实际功率 p=ui=1.0 0.3=0.30w ；故答案为：（ 1） d（ 2）如图（ 3）如图（ 4） 0.30点评：本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图、作图象， 知道实验原理是选择实验器材的前提与关键，确定滑动变阻器与电流表的接法即可正确作出实验电路图；要掌握描点法作图的方法13（ 9 分）为了较准确地测量某电子元件的电阻，某实验小组做