九年级物理下学期定时训练卷6含解析

1、2015-2016学年山东省济宁市邹城八中九年级（下）物理定时训练卷（6）一、选择题1龙卷风的实质是高速旋转的气流，它能把地面上的物体或入“吸”起卷入空中龙卷风能“吸”起物体的主要原因是（）a龙卷风增大了空气对物体的浮力b龙卷风使物体受到的重力变小c龙卷风中心区域的气压远小于外部的气压d龙卷风产生了强大的静电，将物体吸上天空2“220伏 25瓦”的白炽灯l1与“36伏 25瓦”的白炽灯l2均正常工作，若两灯丝的材料相同、长度相近，则（）al1灯丝细且l1比l2暗bl1灯丝粗且l1比l2亮cl1灯丝粗，两灯一样亮dl1灯丝细，两灯一样亮3下列有关声和电磁波的应用，分析正确的是（）a摩托车上安装消

2、音器，其作用是在接收处减弱噪声b用手按在小提琴上一根弦的不同位置，其目的是改变音色c利用卫星系统进行导航，其信息传递的媒介与“b超”相同d利用声呐探测海深，其原理与蝙蝠在夜间正常飞行的原理相同4把一个物体挂在弹簧秤下，弹簧秤示数为3n，把它浸没在水（密度为1.0g/cm3）中时，弹簧秤示数变为2n假设物体的质量为m，物体的密度为，浸没在水中时物体的上下表面所受的压力差和压强差分别为f和p，则无法求得的是（）ambcfdp5a、b两物体质量相等，温度均为10；甲、乙两杯水质量相等，温度均为50现将a放入甲杯，b放入乙杯，热平衡后甲杯水温降低了4，乙杯水温降低了8，不考虑热量的损耗，则a、b两物体

3、的比热容之比为（）a4：9b3：5c2：3d1：26如图甲所示，小强在水平地面上用力推木箱，推力随时间变化的图象如图乙所示，木箱速度随时间变化的图象如图丙所示，以下对于这一过程的分析中正确的是（）a0ls内木箱没有动，是因为人对木箱的推力小于地面给木箱的摩擦力b1s2s内木箱受到的摩擦力大小为4nc2s3s内人对木箱的推力做功为6jd如果3s后人停止用力，木箱将做匀速直线运动7如图所示，是某品牌卷笔刀的使用说明下列说法正确的是（）a削铅笔时，刀片变热是通过做功改变内能的b静止在壳体内的铅笔屑，受到的力相互平衡c卷笔刀的外壳平滑无尖锐棱角，是为了增大对接触物的压强d卷笔刀外壳的手捏处设计了一些凸

4、起的颗粒，目的是为了增大摩擦8两个定值电阻r1、r2串联后接在输出电压u稳定于12v的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于r1、r2的电压表接在r1两端，如图，电压表的示数为8v，如果他把此电压表改接在r2两端，则电压表的示数将（）a小于4伏b等于4伏c大于4伏小于8伏d等于或大于8伏9如图所示，设电源电压保持不变，r是一个定值电阻，在a、b两点间接入一个标有“3v 2w”功灯泡l1，它恰能正常发光；若在a、b两点间换接入标有“3v 3w”的灯泡l2，则该灯泡（）a也能正常发光，其消耗的电功率等于2wb也能正常发光，其消耗的电功率等于3wc不能正常发光，其消耗的电功率小于3wd不能正常发光，其

5、消耗的电功率大于3w10如图所示，电源电压为12v，电流表量程00.6a，电压表量程015v，小灯泡上标有“6v 3w”字样，要求开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定电压（设灯丝电阻不变）则下列说法不正确的是（）a灯丝电阻为12b当电流表示数为0.3 a时，电压表示数为8.4 vc该电路的最大功率为7.2 wd滑动变阻器允许调节的最小阻值是1211如图所示，水平的传送带上放一物体，物体下表面及传送带上表面均粗糙，导电性能良好的弹簧右端与物体及滑动变阻器滑片相连，弹簧左端固定在墙壁上，不计滑片与滑动变阻器线圈间摩擦当传送带如箭头方向运动且速度为v时，物体与传送带

6、发生相对滑动，当传送带逐渐加速到2v时，物体受到的摩擦力和灯泡的亮度将（）a摩擦力变大，灯泡的亮度变亮b摩擦力变小，灯泡的亮度变暗c摩擦力不变，灯泡的亮度不变d摩擦力不变，灯泡的亮度变亮二、解答题（共6小题，满分0分）12电动自行车已成为大众化的一种交通工具，专业人员对某品牌电动自行车进行了测试，让电动自行车在平直的路面上同静止开始运动，获得速度随时间变化的图象如图甲所示，牵引力随时间变化的图象如图乙所示，已知匀速行驶时，电动机输入电压48v，输入电流5a，由图象可知，814s电动自行车受到的摩擦力为_n，匀速行驶时，电能转化为机械能的效率为_%13“蹦极”是一种富有刺激性的勇敢者的运动项目如

7、图所示，一端系住人的腰部、另一端系于跳台的是一根弹性橡皮绳当人下落至图中q点时，橡皮绳刚好被拉直那么，在人越过q点继续向下的过程中，橡皮绳的弹性势能_，人的动能_14如图所示的是用来描绘某一磁体周围磁场的部分磁感线，由磁感线的分布特点可知，a点的磁场比b点的磁场_（选填“强”或“弱”）；若在b点放置一个可自由转动的小磁针，则小磁针静止时，其n极指向_处（选填“p”或“q”）15如图甲，电源电压恒为6v，滑动变阻器标有“1a20”，闭合s1断开s2、s3，调节r滑片p得出电压表和电流表示数图象如乙图a线；闭合s3断开s1、s2，调节r滑片p得到关系图象如乙图b线当闭合s1、s3断开s2，p在b时

8、示数为_，当p在某位置，示数为2v，则示数为_，此时，滑动变阻器消耗电功率为_16如图是安装了漏电保护器的家庭电路当漏电保护器检测到通过图中a、b两处的电流不相等（即发生漏电）时，会迅速切断电路，从而起到保护作用当家电维修人员在图中c处不慎触电时，漏电保护器_（填“会”或“不会”）切断电路若人体电阻为5k，触电时通过人体的电流为_ma17图甲是小灯泡l和电阻r的电流随电压变化的图象，将它们按图乙所示接入电压可变的直流学生电源的电路中，只闭合开关s，小灯泡的实际功率为1w；电源电压调为1v的条件下再闭合开关s1，电流表示数变化了_a，此时小灯泡的电阻为_，此时电路中消耗的总功率为_w三、解答题（

9、共2小题，满分0分）18电梯为居民出入带来很大的便利，小明家住某小区某栋6楼，放学后，乘电梯回家：（1）若小明的体重为500n，脚与电梯地面的总接触面积为0.05m2，则小明对电梯地面的压强为多少？（2）若电梯在20 s内将小明匀速提升15m，在此过程中，电梯上升的速度是多少？电梯对小明做了多少功？电梯对小明做功的功率为多少？（3）小明又查阅资料，了解到出于安全考虑，电梯都设置了超载自动报警系统，其工作原理如图甲所示，电路由工作电路和控制电路组成：在工作电路中，当电梯没有超载时，触点k与触点a接触，闭合开关s，电动机正常工作；当电梯超载时，触点k与触点b接触，电铃发出报警铃声，闭合开关s，电动

10、机不工作在控制电路中，已知电源电压u=6v，保护电阻r1=100，电阻式压力传感器（压敏电阻）r2的阻值随压力f大小变化如图乙所示，电梯底架自重和电磁铁线圈的阻值都忽略不计在控制电路中，当压敏电阻r2受到的压力f增大时，其阻值减小，从而使电磁铁的磁性_（填“增强”“减弱”或“不变”）若电磁铁线圈电流达到20ma时，衔铁刚好被吸住，电铃发出警报声当该电梯厢内站立总质量为1000kg的乘客时，试通过计算说明电梯是否超载？（g取10n/kg）19实验室常用的双量程电压表是由小量程的电流表改装而成的图甲是一个量程为06ma的电流表，其内阻rg=10在电路中，我们可以把小量程的电流表看成一个定值电阻rg

11、与能显示电流的表盘g串联在一起（如图乙），同样遵从欧姆定律当有电流通过时，电流可以从表盘g上读出，这时两接线柱ab之间有一定的电压，此时小量程电流表实际上也可以当成一个小量程的电压表（1）如图丙所示，若将这电流表串联一个定值电阻ra后，在a、b之间的加上3v电压时，通过表盘g的电流达到最大值6ma，这样ab之间就相当于一个量程为03v的电压表，求串联的定值电阻ra的大小（2）若将这电流表改为量程015v的电压表，求再串联的定值电阻rb的大小2015-2016学年山东省济宁市邹城八中九年级（下）物理定时训练卷（6）参考答案与试题解析一、选择题1龙卷风的实质是高速旋转的气流，它能把地面上的物体或入

12、“吸”起卷入空中龙卷风能“吸”起物体的主要原因是（）a龙卷风增大了空气对物体的浮力b龙卷风使物体受到的重力变小c龙卷风中心区域的气压远小于外部的气压d龙卷风产生了强大的静电，将物体吸上天空【考点】流体压强与流速的关系【分析】运用流体压强与流速的关系来分析物体的受力情况，根据受力情况可以得到物体被“吸”起的原因【解答】解：龙卷风能把地面上的物体或人畜“吸”起卷入空中，是龙卷风内空气流动速度大，压强小，而外部空气流速小，压强大，造成龙卷风内部的压强远小于外部的压强，物体在大气压的作用下被推向龙卷风故选c2“220伏 25瓦”的白炽灯l1与“36伏 25瓦”的白炽灯l2均正常工作，若两灯丝的材料相同

13、、长度相近，则（）al1灯丝细且l1比l2暗bl1灯丝粗且l1比l2亮cl1灯丝粗，两灯一样亮dl1灯丝细，两灯一样亮【考点】影响电阻大小的因素；实际功率【分析】（1）灯泡在额定电压下正常工作，额定电压下的功率是额定功率，额定功率相等，亮度相同（2）知道额定电压和额定功率求出电阻，电阻大小跟长度、材料、横截面积有关，在长度和材料相同时，横截面积越大，电阻越小【解答】解：（1）两个灯泡的额定功率相同，灯泡都在额定电压下工作，额定功率相同，亮度相同，故ab错误；（2）根据p=ui=可知，r=，两个灯泡的额定功率相同，额定电压越高，电阻越大，所以l1的电阻大；l1和l2的长度和材料相同，l1的电阻大

14、，l1的横截面积小，故c错误、d正确故选d3下列有关声和电磁波的应用，分析正确的是（）a摩托车上安装消音器，其作用是在接收处减弱噪声b用手按在小提琴上一根弦的不同位置，其目的是改变音色c利用卫星系统进行导航，其信息传递的媒介与“b超”相同d利用声呐探测海深，其原理与蝙蝠在夜间正常飞行的原理相同【考点】防治噪声的途径；回声测距离的应用；频率及音调的关系；卫星中继通信【分析】（1）减弱噪声方法有：在声源处控制噪声产生；在传播过程中阻断噪声传播；在人耳处防止噪声进入耳朵；（2）音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是

15、由发声体本身决定的一个特性；（3）人们日常生活中用的电视信号、手机信号都是利用电磁波传递信号的；（4）声音不但能传递信息，还能传递能量【解答】解：a、摩托车的消音器，其作用是在声源处减弱噪声，故a错误；b、小提琴是琴弦振动发出声音的，当在小提琴上不同位置按弦，琴弦振动的快慢会不一样，所以声音的音调就会发生变化，故b错误；c、卫星导航系统传递信息利用的是电磁波，“b超”是利用超声波，故c错误；d、利用声呐探测海深与蝙蝠在夜间能正常飞行的原理相同，都是利用超声波传递信息，故d正确；故选d4把一个物体挂在弹簧秤下，弹簧秤示数为3n，把它浸没在水（密度为1.0g/cm3）中时，弹簧秤示数变为2n假设物

16、体的质量为m，物体的密度为，浸没在水中时物体的上下表面所受的压力差和压强差分别为f和p，则无法求得的是（）ambcfdp【考点】阿基米德原理【分析】（1）根据重力的计算公式g=mg可计算质量大小；（2）根据视重法可以计算出浮力，根据阿基米德原理计算排开液体的体积，即物体的体积，最后根据密度公式计算物体的密度；（3）浮力的产生原因为物体上下表面所受的压力差，上下表面所受的压力差即浮力；（4）根据压强计算公式p=gh和p=fs计算液体产生的压强【解答】解：a、用弹簧秤可测出物体的重力，利用m=可求出物体的质量，因此a选项不符合题意；b、因为物体完全浸没于水中，因此物体的体积为：v=v排=，因此物体

17、的密度为：=，因此b选项不符合题意；c、物体上下表面所受的压力差即为浮力，因此f=f浮=gf，因此c选项不符合题意；d、物体的深度未知，无法运用p=gh进行压强计算；因物体的形状未知，因此物体上下表面的压强差无法求得，d选项符合题意；故选：d5a、b两物体质量相等，温度均为10；甲、乙两杯水质量相等，温度均为50现将a放入甲杯，b放入乙杯，热平衡后甲杯水温降低了4，乙杯水温降低了8，不考虑热量的损耗，则a、b两物体的比热容之比为（）a4：9b3：5c2：3d1：2【考点】热平衡方程的应用【分析】（1）物体a放入甲杯水后，水的温度由50降低了4，变成504=46，a的温度由10升高到46，水放出

18、的热量等于a吸收的热量，据此列出热平衡方程，就可以求出a的比热容（2）物体b放入乙杯水后，水的温度由50降低了8，变成508=42，b的温度由10升高到42，水放出的热量等于b吸收的热量，据此列出热平衡方程，就可以求出b的比热容求出a和b的比热容后，就可以解决问题【解答】解：（1）物体a放入甲杯水后，它们的共同温度为504=46，水放出的热量q放=c水m水t水a吸收的热量q吸=camata，根据热平衡方程：q放=q吸，即c水m水t水=camata代入相关数据得：ca=（2）物体b放入乙杯水后，它们的共同温度为508=42，水放出的热量q放=c水m水t水b吸收的热量q吸=cbmbtb，根据热平衡

19、方程：q放=q吸，即c水m水t水=cbmbtb代入相关数据得：cb=（3）a、b两物体质量相等，即ma=mb，=4：9故选a6如图甲所示，小强在水平地面上用力推木箱，推力随时间变化的图象如图乙所示，木箱速度随时间变化的图象如图丙所示，以下对于这一过程的分析中正确的是（）a0ls内木箱没有动，是因为人对木箱的推力小于地面给木箱的摩擦力b1s2s内木箱受到的摩擦力大小为4nc2s3s内人对木箱的推力做功为6jd如果3s后人停止用力，木箱将做匀速直线运动【考点】力与运动的关系；功的计算【分析】（1）物体处于静止或者匀速直线运动状态时，受到的力是平衡力，相互平衡的两个力大小相等；（2）物体做匀速运动时

20、，受到的摩擦力是最大静摩擦力，即使再做加速运动，受到的摩擦力也不变；（3）功等于力和距离的乘积，根据丙图算出23s通过的距离，根据乙图找出此时的推力，根据w=fs计算出推力做的功；（4）力是改变物体运动状态的原因，考虑木箱受到的摩擦力来判断3s后箱子的运动状态【解答】解：a、木箱在01s内没有动，是因为人对木箱的推力等于地面对木箱的摩擦力，该选项说法不正确；b、由图丙可知，在23s内木箱做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可知，木箱受到的滑动摩擦力f=f，由图乙可知，在23s内推力f=4n，则木箱受到的滑动摩擦力f=f=4n；由图丙可知，木箱在12s内做加速运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力，

21、滑动摩擦力与推力大小无关，物体间接触面与物体间压力不变，物体受到的滑动摩擦力不变，则1s2s内木箱受到的摩擦力大小为4n，该选项说法正确；c、由丙图知，箱子通过的距离s=vt=2m/s1s=2m，由乙图指此时受到的推力f=4n，因此推力做功w=fs=4n2m=8j，该选项说法不正确；d、如果3s后人停止用力，箱子仍然受到摩擦力的作用，因此做减速运动，最后停下来，该选项说法不正确故选b7如图所示，是某品牌卷笔刀的使用说明下列说法正确的是（）a削铅笔时，刀片变热是通过做功改变内能的b静止在壳体内的铅笔屑，受到的力相互平衡c卷笔刀的外壳平滑无尖锐棱角，是为了增大对接触物的压强d卷笔刀外壳的手捏处设计

22、了一些凸起的颗粒，目的是为了增大摩擦【考点】做功改变物体内能；增大或减小摩擦的方法；增大压强的方法及其应用【分析】（1）改变物体内能的方法：做功和热传递，热传递是能的转移过程，做功实质是能的转化过程；（2）物体处于平衡状态时，受到的是平衡力；（3）在压力一定时，增大受力面积可以减小压强；（4）在压力一定时，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力【解答】解：a、削铅笔时，刀片变热属摩擦生热，是通过做功改变内能的，故a正确；b、静止在壳体内的铅笔屑，属于平衡状态，受到的力相互平衡，故b正确；c、卷笔刀的外壳平滑无尖锐棱角，是为了在压力一定时，减小对接触物的压强，故c错误；d、卷笔刀外壳的手捏处设计了一

23、些凸起的颗粒，目的是为了增大接触面的粗糙程度，增大摩擦，故d正确故选abd8两个定值电阻r1、r2串联后接在输出电压u稳定于12v的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于r1、r2的电压表接在r1两端，如图，电压表的示数为8v，如果他把此电压表改接在r2两端，则电压表的示数将（）a小于4伏b等于4伏c大于4伏小于8伏d等于或大于8伏【考点】欧姆定律的应用【分析】电压表的内阻不是远大于r1 r2，电压表与电阻并联后，并联部分电阻减小，分担的电压减小结合串联电路电压与电阻成正比来分析电压表的示数【解答】解：电压表接在r1两端，电压表的示数8v，则此时r2两端的电压为4v把此表改接在r2两端时，由于电

24、压表的内阻不是远大于r1 r2，电压表与r2并联的阻值小于r2，而r1与并联部分串联，总电压u=12v，则r1的电压大于8v，电压表与r2并联的电路的电压小于4v故选a9如图所示，设电源电压保持不变，r是一个定值电阻，在a、b两点间接入一个标有“3v 2w”功灯泡l1，它恰能正常发光；若在a、b两点间换接入标有“3v 3w”的灯泡l2，则该灯泡（）a也能正常发光，其消耗的电功率等于2wb也能正常发光，其消耗的电功率等于3wc不能正常发光，其消耗的电功率小于3wd不能正常发光，其消耗的电功率大于3w【考点】电功率的计算；电阻的串联【分析】由铭牌可以比较l1和l2灯丝电阻的大小关系，当接入l1时正

25、常发光电压为3v，当接入l2时因电阻变小而分压变小，加在l2两端的电压小于额定电压而不能正常工作【解答】解：由铭牌及可知，额定电压相同，p1p2，所以r1r2，当接入l1时正常发光，u1=3v，当接入l2时，因为r1r2，所以：u2u1=3v，所以当接入l2时，所加电压小于额定电压，其实际功率小于额定功率（3w），不能正常发光故选c10如图所示，电源电压为12v，电流表量程00.6a，电压表量程015v，小灯泡上标有“6v 3w”字样，要求开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定电压（设灯丝电阻不变）则下列说法不正确的是（）a灯丝电阻为12b当电流表示数为0.3

26、a时，电压表示数为8.4 vc该电路的最大功率为7.2 wd滑动变阻器允许调节的最小阻值是12【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据p=ui求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，再根据欧姆定律求出电流表的示数为0.3a时灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电压表的示数；（2）比较灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小、电路消耗的功率最大，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据p=ui求

27、出电路的最大功率【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流（1）由p=ui可得，灯泡的额定电流：il=0.5a，由i=可得，灯泡的电阻：rl=12，故a正确；当电流表示数为0.3a时，灯泡两端的电压：ul=irl=0.3a12=3.6v，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表的示数：u滑=uul=12v3.6v=8.4v，故b正确；（2）因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的额定电流为0.5a，电流表的量程为00.6a，所以，电路中的最大电流为0.5a，此时电路中的总电阻：r=24，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变

28、阻器接入电路中的最小阻值：r滑小=rrl=2412=12，故d正确；电路消耗的最大功率：p大=ui大=12v0.5a=6w，故c错误故选c11如图所示，水平的传送带上放一物体，物体下表面及传送带上表面均粗糙，导电性能良好的弹簧右端与物体及滑动变阻器滑片相连，弹簧左端固定在墙壁上，不计滑片与滑动变阻器线圈间摩擦当传送带如箭头方向运动且速度为v时，物体与传送带发生相对滑动，当传送带逐渐加速到2v时，物体受到的摩擦力和灯泡的亮度将（）a摩擦力变大，灯泡的亮度变亮b摩擦力变小，灯泡的亮度变暗c摩擦力不变，灯泡的亮度不变d摩擦力不变，灯泡的亮度变亮【考点】摩擦力的大小；欧姆定律的应用【分析】由摩擦力大小

29、的影响因素可知摩擦力的变化；对物体由力的平衡可知触片的位置变化；则由欧姆定律可得出灯泡亮度的变化【解答】解；因摩擦力大小只与压力大小及接触面的粗糙程度有关与物体的相对运动速度无关，故物体所受摩擦力不变；因物体在弹簧弹力及摩擦力的作用下将处于平衡状态，故物体的位置将不发生变化，滑动变阻器接入电阻不变，则由欧姆定律可得电路中电流不变，灯泡的亮度不变；故选c二、解答题（共6小题，满分0分）12电动自行车已成为大众化的一种交通工具，专业人员对某品牌电动自行车进行了测试，让电动自行车在平直的路面上同静止开始运动，获得速度随时间变化的图象如图甲所示，牵引力随时间变化的图象如图乙所示，已知匀速行驶时，电动机

30、输入电压48v，输入电流5a，由图象可知，814s电动自行车受到的摩擦力为30n，匀速行驶时，电能转化为机械能的效率为75%【考点】机械效率的计算【分析】（1）观察速度时间图象，电动自行车在08s速度越来越快，814s，速度不再变化；观察牵引力时间图象，在814s牵引力大小不变，由于电动车匀速运动，牵引力等于摩擦力，求出摩擦力的大小；（2）匀速行驶时，牵引力与摩擦力是一对平衡力，利用p=fv=fv求电动自行车匀速行驶时克服摩擦力做功的有用功率，利用p=ui求出总功率，然后利用=求效率【解答】解：（1）由甲图象可知，电动自行车的运动特点是先加速、后匀速由乙图象可知，在814s牵引力大小f=30n

31、，因为在814s匀速运动，牵引力与摩擦力是一对平衡力，所以摩擦力f=f=30n；（2）由甲图象可知，电动自行车匀速行驶时速度v=6m/s，则克服摩擦力做功的功率为p有用=fv=30n6m/s=180w；电动机输入总功率为p总=ui=48v5a=240w，所以效率=100%=100%=100%=100%=75%故答案为：30；7513“蹦极”是一种富有刺激性的勇敢者的运动项目如图所示，一端系住人的腰部、另一端系于跳台的是一根弹性橡皮绳当人下落至图中q点时，橡皮绳刚好被拉直那么，在人越过q点继续向下的过程中，橡皮绳的弹性势能增大，人的动能先变大，后变小【考点】动能和势能的大小变化【分析】影响重力势

32、能大小的影响因素：质量和高度，质量不变时，高度越小，重力势能越小影响动能的因素有：质量和速度，即质量越大，速度越大，动能就越大影响弹性势能的因素是弹性形变的大小，弹性形变越大、弹性势能越大【解答】解：（1）人在最高点到q点的过程中，质量不变，速度越来越大在人越过q点继续向下的过程中，受到绳的拉力，拉力由小变大开始时小于重力仍加速运动，当拉力大于重力后，才减速运动所以他的动能在前一段时间增加，后一段时间减小，是先变大后变小（2）在人越过q点继续向下的过程中，橡皮绳变长，具有的弹性势能变大故答案为：增大；先变大，后变小；14如图所示的是用来描绘某一磁体周围磁场的部分磁感线，由磁感线的分布特点可知，

33、a点的磁场比b点的磁场弱（选填“强”或“弱”）；若在b点放置一个可自由转动的小磁针，则小磁针静止时，其n极指向q处（选填“p”或“q”）【考点】磁感线及其特点【分析】磁感线的分布疏密可以反映磁场的强弱，越密越强，反之越弱磁感线是有方向的，磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向一致【解答】解：从图中可以看出a点的磁感线比b点的磁感线疏，故a点的磁场比b点的磁场弱小磁针静止在b点时，其n极指向与该点磁感线的方向一致，故n极指向q点故本题答案为：弱；q15如图甲，电源电压恒为6v，滑动变阻器标有“1a20”，闭合s1断开s2、s3，调节r滑片p得出电压表和电流表示数图象如乙图a线；闭

34、合s3断开s1、s2，调节r滑片p得到关系图象如乙图b线当闭合s1、s3断开s2，p在b时示数为1a，当p在某位置，示数为2v，则示数为0.4a，此时，滑动变阻器消耗电功率为1.6w【考点】电功率的计算；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律【分析】（1）闭合s1断开s2、s3，r1与滑动变阻器串联，电压表测r1两端的电压，电流表测电路中的电流，则a图象是通过r1电流和两端电压关系的图象；闭合s3断开s1、s2，r2与滑动变阻器串联，电压表测r2两端的电压，电流表测电路中的电流，则b图象是通过r2电流和两端电压关系的图象；（2）由电路图可知，当闭合s1、s3断开s2，p在b时，滑动变阻器接入电

35、路中的电阻为0，r1与r2并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压，由图象读出通过两电阻的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流；当p在某位置，电压表的示数为2v时，根据图象读出对应的电流，根据欧姆电路求出干路电流，利用串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用p=ui求出滑动变阻器消耗电功率【解答】解：（1）由电路图可知：闭合s1断开s2、s3时，电压表测r1两端的电压，电流表测电路中的电流，则a图象是通过r1电流和两端电压关系的图象；闭合s3断开s1、s2时，电压表测r2两端的电压，电流表测电路中的电流，则b图象是通过r2电流和两端电压关系的图象；（2）由电

36、路图可知，当闭合s1、s3断开s2，p在b时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0，r1与r2并联，电流表测干路电流，并联电路中各支路两端的电压相等，u1=u2=6v，由图象可知，通过两电阻的电流分别为：i1=0.75a，i2=0.25a，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，干路电流表的示数：i=i1+i2=0.75a+0.25a=1a；当p在某位置，电压表的示数为2v时，u1=u2=u并=2v，由图象可知，通过两电阻的电流分别为：i1=0.25a，i2=0.15a，干路电流表的示数：i=i1+i2=0.25a+0.15a=0.4a，串联电路中总电压等于各分电压之和，滑动变阻器两端的电压：ur=u

37、u并=6v2v=4v，滑动变阻器消耗电功率：pr=uri=4v0.4a=1.6w故答案为：1a；0.4a；1.6w16如图是安装了漏电保护器的家庭电路当漏电保护器检测到通过图中a、b两处的电流不相等（即发生漏电）时，会迅速切断电路，从而起到保护作用当家电维修人员在图中c处不慎触电时，漏电保护器会（填“会”或“不会”）切断电路若人体电阻为5k，触电时通过人体的电流为44ma【考点】熔断器的作用及保险丝的选择方法；欧姆定律的变形公式【分析】（1）判断漏电保护器会不会切断电路，就是分析a、b两处的电流是否相等，如果相等就不会切断电路，如果不相等就会切断电路；（2）根据家庭电路的电压和人体的电阻，利用

38、欧姆定律就可以求出通过人体的电流【解答】解：（1）当家电维修人员在图中c处不慎触电时，电流就会从c处通过人体流向大地，导致通过b处的电流比a处的小，因此漏电保护器会切断电路（2）家庭电路的电压u=220v，人体电阻r=10k=104，因此通过人体的电流：i=0.044a=44ma故答案为：会；4417图甲是小灯泡l和电阻r的电流随电压变化的图象，将它们按图乙所示接入电压可变的直流学生电源的电路中，只闭合开关s，小灯泡的实际功率为1w；电源电压调为1v的条件下再闭合开关s1，电流表示数变化了0.1a，此时小灯泡的电阻为2.5，此时电路中消耗的总功率为0.6w【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【

39、分析】由电路图可知，只闭合开关s时，电路为l的简单电路，电流表测通过l的电流，根据图象读出灯泡的实际功率为1w时电源的电压和通过的电流；电源电压调为1v的条件下再闭合开关s1时，l与r并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压相等，根据图象读出通过l与r的电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻，根据并联电路的电流特点求出干路电流，然后得出电流表示数的变化量，根据p=ui求出此时电路中消耗的总功率【解答】解：由电路图可知，只闭合开关s时，电路为l的简单电路，电流表测通过l的电流，由图象可知，电源的电压u=2v，通过灯泡的电流i=0.5a时，灯泡的实际功率p=ui=2v0.5a

40、=1w；电源电压调为1v的条件下再闭合开关s1时，l与r并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，l与r两端的电压ul=ur=u=1v，由图象可知，通过l与r的电流分别为il=0.4a，ir=0.2a，由i=可得，此时灯泡的电阻：rl=2.5，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表的示数：i=il+ir=0.4a+0.2a=0.6a，则电流表示数的变化量：i=ii=0.6a0.5a=0.1a，此时电路中消耗的总功率：p=ui=1v0.6a=0.6w故答案为：0.1；2.5；0.6三、解答题（共2小题，满分0分）18电梯为居民出入带来很大的便利，小明家住某

41、小区某栋6楼，放学后，乘电梯回家：（1）若小明的体重为500n，脚与电梯地面的总接触面积为0.05m2，则小明对电梯地面的压强为多少？（2）若电梯在20 s内将小明匀速提升15m，在此过程中，电梯上升的速度是多少？电梯对小明做了多少功？电梯对小明做功的功率为多少？（3）小明又查阅资料，了解到出于安全考虑，电梯都设置了超载自动报警系统，其工作原理如图甲所示，电路由工作电路和控制电路组成：在工作电路中，当电梯没有超载时，触点k与触点a接触，闭合开关s，电动机正常工作；当电梯超载时，触点k与触点b接触，电铃发出报警铃声，闭合开关s，电动机不工作在控制电路中，已知电源电压u=6v，保护电阻r1=100，电阻式压力传感器（压敏电阻）r2的阻值随压力f大小变化如图乙所示，电梯底架自重和电磁铁线圈的阻值都忽略不计在控制电路中，当压敏电阻r2受到的压力f增大时，其阻值减小，从而使电磁铁的磁性增强（填“增强”“减弱”或“不变”）若电磁铁线圈电流达到20ma时，衔铁刚好被吸住，电铃发出警报声当该电梯厢内站立总质量为1000kg的乘客时，试通过计算说明电梯是否超载？（g取10n/kg）【考