连云港市2019年高考物理考点突破每日一练(32)电路的分析与计算、动力学动量能量的综合问题(含解析)

1、名校名 推荐考点突破每日一练（ 32）电路的分析与计算、动力学动量能量的综合问题1如图所示，一根长为L、横截面积为S 的金属棒，其材料的电阻率为 ，棒内单位体积自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e. 在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v，则金属棒内的电场强度大小为()22mvmvSnA. 2eLB.eC nevD. evSL2如图所示，其中电流表 A 的量程为 0.6 A，表盘均匀划分为30 个小格，每一小格表示 0.02A； 1 的阻值等于电流表内阻的1； 2 的阻值等于电流表内阻的2 倍若用电流表 A 的表盘刻度R2 R表示流过接线柱1 的电流值，则

2、下列分析正确的是()A将接线柱 1、2接入电路时，每一小格表示0.04 AB将接线柱 1、2接入电路时，每一小格表示0.02 AC将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06 AD将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01 A3. 电子式互感器是数字变电站的关键装备之一如图所示，某电子式电压互感器探头的原理为电阻分压，ac间的电阻是cd间电阻的 (n1) 倍，某次测量中输出端数字电压表的示数为，U则输入端的电压为()- 1 -名校名 推荐A nUUB.nUC ( n1) UD. n 14.( 多选 ) 有滑动变阻器R，热敏电阻 R0，二极管 D和电容器 C组成的电路如图所示，有一个带电液

3、滴静止于电容器两极板之间，电容器下极板接地，下列说法中正确的是()A若把滑动变阻器的滑动触头向上移动，液滴将会向下运动B若把开关断开，液滴将会向上运动C若热敏电阻的温度降低，液滴将会向下运动D若把上极板向上移动，液滴将静止不动5如图所示，长木板B 质量为 m2=1 0 kg ，静止在粗糙的水平地面上，长木板左侧逸域光滑。质量为m3=1.0 kg 、可视为质点的物块C放在长木板的最右端。质量m1=0.5 kg 的物块A，以速度vo=9m s 与长木板发生正碰（时问极短），之后B、 C 发生相对运动。已知物块C与长木板间的动摩擦因数 1=0.1 ，长木板与地面间的动摩擦因数为 2=0.2 ，最大静

4、摩擦力等于滑动摩擦力，整个过程物块C 始终在长木板上，g 取 10 m/s 2。(1) 若 A、 B 相撞后粘在一起，求碰撞过程损失的机械能。(2)若 A、 B 发生弹性碰撞，求整个过程物块C 和长木板的相对位移。参考答案UL1C 欧姆定律I R，电流的微观表达式I neSv，电阻定律R S，则金属棒内场强大小UIR为 E L L nev，故 C正确 - 2 -名校名 推荐RA2C 当接线柱1、2 接入电路时， R1 与电流表并联，由于R1，可知流过R1 的电流为流过2电流表电流的2 倍，所以1、 2 接线柱间的电流为通过电流表电流的3 倍，所以每一小格是原来的 3 倍，即为0.06 A ，所

5、以 A、 B 错误；当接线柱1、 3 接入电路时，电流表与R1 并联，然后再与 R2 串联，串联电阻对电流无影响，与 1、2 接入电路的效果一样，所以每一小格表示0.06A， C 正确， D 错误 3 A ac 和 cd 是串联形式，由串联电路电压和电阻成正比，ac 间的电阻是 cd 间电阻的 ( n 1) 倍，则当某次测量中输出端数字电压表的示数为U时，ac间的电压为 ( 1)，故输入电nU压为 U( n 1) U nU，故 A 正确， B、 C、 D 错误 4 BD 当滑动变阻器的滑动触头向上移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电流增大，内压及R0 两端的电压增大，则滑动变阻器两端的电压减

6、小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差不变，A 错误；开关K 断开时，电容器直接接在电源两端，电压增大，则液滴向上运动，B 正确；热敏电阻降温时，热敏电阻阻值增大，则由闭合电路欧姆定律可知，滑动变阻器两端的电压减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差不变，液滴仍然静止，C 错误；电容器C的上极板向上移动， d 增大；则电容C减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差增大，有QSUC 和 C及 E 得 E 不变， D 正确 U4 kdd5【参考答案】 （1） 13.5J （ 2）8 m3（ 3） vg(

7、 2mR( Fmg) B2L2s)B 2L2s L12.52m1FmgB2 L22R2mR【解题思路】（1）若 A、B 相撞后粘在一起，由动量守恒定律得：m1v0(m1 m2 )v （ 2 分）由能量守恒定律得：1212E2 m1v02 ( m1m2 )v （ 2 分）解得损失的机械能：Em1m2v02 13.5 J（ 2 分）2(m1m2 )（ 2） A、 B 发生完全弹性碰撞，由动量守恒定律得：m1v0m1 v1 m2v2 （ 1 分）由机械能守恒定律得：1 m1v021 m1v121 m2v22（1 分）222联立解得： v1m1m2 v0-3m / s ， v22m1v06m / s（ 2 分）m1m2m1m2- 3 -名校名 推荐之后 B减速运动， C加速运动， B、C达到共同速度之前，由牛顿运动定律，对长木板：2 (m2m3 )g1m3 gm2a1 （1 分）对物块 C：1m3 gm3a2 （ 1 分）设达到共同速度过程经历的时间为t ，则： v2a1 ta2 t （1 分）这一过程的相对位移为：1212x1v2t2a1t2 a2 t3 m（ 2 分）B、 C达到共同速度之后，因12 ，二者各自减速至停下，由牛顿运动定律，对长木板：2 (m2m3 )g