广东省广州市岭南中学2018_2019学年高一物理上学期期末模拟试题（含解析）.docx

广东省广州市岭南中学2018-2019学年高一物理上学期期末模拟试题（含解析）一、选择题1.下列说法正确的是A. 单位m、kg、N是国际单位制中的基本单位B. 物体所受合外力的方向，就是物体运动的方向C. 汽车速度计显示的速度大小可以看做瞬时速度大小D. 一吨的小轿车与卡车相撞损坏越严重，它的惯性就越大【答案】C【解析】【详解】A、N不是国际单位故A错误；B、物体可以不沿着合外力方向运动，比如平抛运动，故B错误；C、汽车速度计显示的速度大小就是汽车在某一瞬间速度大小，故C正确；D、撞损坏越严重是否不但与质量（惯性）有关还与速度有关，故D错误；2.一质点受多个力的作用，处于静止状态。现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小。在此过程中，其他力保持不变，则质点的加速度大小a和速度大小v的变化情况是A. a先增大后减小，v始终增大 B. a和v都始终增大C. a和v都先增大后减小 D. a和v都先减小后增大【答案】A【解析】【详解】初始状态质点所受合力为零，当其中一个力的大小逐渐减小到零时，质点合力逐渐增大到最大，a逐渐增大到最大，质点加速；当该力的大小再沿原方向逐渐恢复到原来的大小时，质点合力逐渐减小到零，a逐渐减小到零，质点仍然加速。可见，a先增大后减小，由于a和速度v始终同向，质点一直加速，v始终增大，故BCD错误A正确。3.在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻速度达到最大值v1时，打开降落伞做减速运动。在t2时刻以较小速度v2着地他的v-t图象如图所示下列关于空降兵在0t1或t1t2时间内的结论正确的是A. 0t1空降兵的位移B. t1t2，空降兵的位移C. t1t2，空降兵的平均速度vD. t1t2空降兵做加速运动，加速度越来越小【答案】B【解析】【详解】A、0t1时间内，做匀变速运动运动，位移 ，故A错误B、t1t2，不是匀变速运动，图像面积代表位移比小于匀变速运动位移，故B正确C、在t1t2的时间内，假设伞兵做匀减速直线运动，其平均速度为 根据“面积”等于位移可知，匀减速直线运动的位移大于伞兵实际运动的位移，则平均速度，故C错误D、t1t2做减速运动，故D错误【点睛】本题难度较小，解题关键是速度时间图象与坐标轴包围的面积表示位移以及匀变速直线运动的平均速度等于该段时间内的初速度与末速度的平均值4.伽利略是意大利文艺复兴后期伟大的天文学家、物理学家和哲学家，也是近代实验物理学的开拓者。他在不同时期，做了图1和图2两个著名的理想实验。有关这两个实验采用的巧妙方法，说法不正确的是（ ）A. 图1采用了“冲淡”重力的方法B. 图2采用了“实验和逻辑推理”的方法C. 图1采用了“不计阻力”的理想方法D. 图2采用了“数学演绎”的方法【答案】D【解析】【详解】A、B、C伽利略设想物体下落的速度与时间成正比，因为当时无法测量物体的瞬时速度，所以伽利略通过数学推导证明如果速度与时间成正比，那么位移与时间的平方成正比；由于当时用滴水法计算，无法记录自由落体的较短时间，伽利略设计了让铜球沿阻力很小的斜面滚下，来“冲淡”重力得作用效果，而小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所用时间长的多，所以容易测量伽利略做了上百次实验，并通过抽象思维在实验结果上做了合理外推故A、B、C正确D、伽利略用抽象思维、数学推导和科学实验相结合的方法，没有用数学演绎的方法、，故D错误本题选择错误的所以选D5.如图所示，质量为m的球置于斜面上，被一个竖直挡板挡住。现用一个恒力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法中正确的是A. 斜面对球的弹力大小与加速度大小无关B. 若加速度足够大，斜面对球的弹力可能为零C. 若加速度足够小，竖直挡板对球的弹力可能为零D. 斜面与挡板对球的弹力的合力等于ma【答案】A【解析】【详解】AB、小球受到的重mg、斜面的支持力FN2、竖直挡板的水平弹力FN1，设斜面的倾斜角为则竖直方向有：FN2cos=mg因为mg和不变，无论加速度如何变化，FN2不变且不可能为零，故A正确、B错误C、水平方向有：FN1-FN2sin=ma，FN2sin0，若加速度足够小，竖直挡板的水平弹力不可能为零，故C错误D、根据牛顿第二定律，斜面和挡板对球的弹力与重力三者的合力等于ma，故D错误故选：A6.台秤放在电梯的地板上，随电梯运动，依次在5个特定的时刻t1、t2、t3、t4、t5观察到置于台秤上物体示数的变化情况。已知t1时刻电梯静止，则A. t1和t2时刻该物体的质量相等，但所受的重力不相等B. t2和t4时刻电梯的加速度大小相等，方向一定相反C. t2和t4时刻台秤都处于超重状态D. t5时刻电梯的速度方向向上【答案】C【解析】【详解】A、发生超重与失重现象时，物体的重力并没有变化，故A错误BC、根据读数分析，t2时刻支持力大于重力，物体处于超重状态，根据牛顿第二定律分析得知，电梯的加速度方向向上t4一样故B错误C正确D、t5时刻物体处于平衡状态，可能向上匀速运动，也可能静止故D错误【点睛】超重和失重现象可以运用牛顿运动定律进行分析理解，产生超重的条件是：物体的加速度方向向上；产生失重的条件：物体的加速度方向向下7. 刹车距离是衡量汽车安全性能的重要参数之一如图所示，图线1、2分别是甲、乙两辆汽车的刹车距离s与刹车前的车速v的关系曲线，已知在紧急刹车过程中，车与地面间是滑动摩擦据此可知，下列说法中正确的是()A. 甲车与地面间的动摩擦因数较大，甲车的刹车性能好B. 乙车与地面间的动摩擦因数较大，乙车的刹车性能好C. 以相同的车速开始刹车，甲车先停下来，甲车的刹车性能好D. 甲车的刹车距离s随刹车前的车速v变化快，甲车的刹车性能好【答案】B【解析】试题分析：AB、由图可知以相等的速度开始刹车，乙车滑行的距离小，乙车减速的加速度大，根据牛顿第二定律可知，乙车与地面间的动摩擦因数较大，乙车的刹车性能好；A错误B正确C、由于乙车的加速度大，由可知，以相同的车速开始刹车，乙车先停下来，乙车的刹车性能好；错误D、由可知，s和v的图象是抛物线，根据抛物线特点可知甲车加速度小于乙车加速度，乙车与地面间的动摩擦因数较大，乙车的刹车性能好；错误故选B考点：牛顿第二定律点评：本题比较方法是垂直于速度轴做一条垂线，与图线由两个交点，读出对应的位移，就可以知道以相同速度刹车时，甲乙两车各自的滑行距离了，从而可以判定刹车性能。8.如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，用于对旅客的行李进行安全检查。其传送装置可简化为如图乙的模型，紧绷的传送带始终保持v=1m/s的恒定速率运行。旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数=0.1，A、B间的距离为2m，g取10m/s2。若乘客把行李放到传送带的同时也以v=1m/s的恒定速率平行于传送带运动到B处取行李，则A. 行李从A运动到B过程一直受到向左的摩擦力B. 乘客与行李同时到达B处C. 乘客提前1s到达B处D. 乘客提前0.5s到达B处【答案】D【解析】【详解】BCD、行李放在传送带上后，在摩擦力的作用下做匀加速运动， ，速度最大到v用时 ，位移 ，接着以速度v匀速运动到B点， ，所以行李总用时2.5s，人匀速运动B处用时 ，所以乘客提前0.5 s到达B处，故D正确BC错误；A、在匀速段行李不再受到摩擦力，所以A错误。【点睛】该题考查是的传送带问题，行李在传送带上先加速运动，然后再和传送带一起匀速运动，若要时间最短，则行李一直做匀加速运动9.在做互成角度的两个力的合成实验时，利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置O点以及两只弹簧测力计拉力的大小。有关此实验，下列叙述正确的是A. 两弹簧测力计的拉力可以同时比橡皮筋的拉力大B. 橡皮筋的拉力是合力，两弹簧测力计的拉力是分力C. 两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉到同一位置O这样做的目的是保证两次弹簧测力计拉力的效果相同D. 若只增大某一只弹簧测力计的拉力大小而要保证橡皮筋结点的位置不变，只需调整另一只弹簧测力计拉力的大小即可【答案】AC【解析】【详解】A、两弹簧测力计的拉力的合力与橡皮筋的拉力大小相等，根据合力分力大小特点，两弹簧测力计的拉力可以同时比橡皮筋的拉力大故A正确；B、两弹簧测力计的拉力与橡皮条的拉力的合力为零，它们之间不是合力与分力的关系，B错误；C、两次拉橡皮筋时，为了使两次达到效果相同，橡皮筋结点必须拉到同一位置O，故C正确；D、结点位置不变，合力不变，当一只弹簧测力计的拉力只是大小改变时，另一弹簧测力计的拉力的方向必须改变，故D错误故选AC10.在某地将甲乙两小球从距离水平地面同一高度处先后释放，它们做自由落体运动的vt图象如图所示。则A. t4s时，两球的高度相差为40mB. 该地区重力加速度g=10m/s2C. 两球在空中运动过程中，距离逐渐变大D. 乙球释放时距离甲球20m【答案】BCD【解析】【详解】A、根据速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示质点的位移，知t=4s时，甲球通过的位移为，乙的位移为，两球位移之差等于60m，故A错误B、由图像斜率可知g=10m/s2,故B正确C、释放乙球时甲已经运动了2s，此后他们做加速度均为10m/s2匀加速运动，速度差恒为20m/s,距离逐渐变大，故C正确D、释放乙球时甲已经运动了2s，所以此时乙距离甲球 ，故D正确11.如图所示是骨折病人的牵引装置示意图，绳的一端固定，绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内在下列的采取的方法中一定能使脚所受的拉力增大的是A. 增加绳的长度同时增大定滑轮的间距B. 将病人的脚向左移动C. 保持定滑轮与动滑轮的角度不变的情况下增加重物的质量D. 增大两定滑轮的间距的同时将病人的脚向左移动【答案】BC【解析】【详解】设脚所受的拉力为F，绳子的拉力为T，则有F=2TcosA、只增加绳的长度，重物的质量不变，绳子的拉力T不变，同时增大滑轮的间距，变大，拉力F=2Tcos，所以脚所受的拉力F变小故A错误B、只将病人的脚向左移动，减小，绳子的拉力T不变，则由F=2Tcos得知，脚所受的拉力F增大故B正确C、只增加重物的质量，绳子的拉力T增加，拉力F=2Tcos，脚所受的拉力F增大，故C正确D、将两定滑轮的间距变大，又将病人的脚向左移动，不一定变小。虽然绳子的拉力T不变，但是由F=2Tcos可知，脚所受的拉力不一定变大故D错误12.汽车在平直公路上做初速度为零的匀加速直线运动，途中用了6s时间经过A、B两根电线杆，已知A、B间的距离为车经过B时的速度为，则A. 车从出发到B杆所用时间为9s B. 车的加速度为C. 经过A杆时速度为 D. 从出发点到A杆的距离是【答案】AD【解析】【详解】根据平均速度公式，代入数据解得：vA=5m/s，故C错误；车的加速度：，故B错误；车从出发到B杆所用的时间：，故A正确；出发点到A杆的距离：，故D正确。所以AD正确，BC错误。13.如图所示，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点O；整个系统处于静止状态；现将细绳剪断，将物块a的加速度记为a1，S1和S2相对原长的伸长分别为l1和l2，重力加速度大小为g，在剪断瞬间A. a1=3g B. a1=0 C. l1=2l2 D. l1=l2【答案】AC【解析】设物体的质量为m，剪断细绳的瞬间，绳子的拉力消失，弹簧还没有来得及改变，所以剪断细绳的瞬间a受到重力和弹簧的拉力，剪断前对bc和弹簧组成的整体分析可知，故a受到的合力，故加速度，A正确，B错误；设弹簧的拉力为，则，根据胡克定律可得，C正确，D错误。【考点定位】牛顿第二定律的瞬时性【方法技巧】做本类型题目时，需要知道剪断细线的瞬间，弹簧来不及发生变化，即细线的拉力变为零，弹簧的弹力吧不变，然后根据整体和隔离法分析。【此处有视频，请去附件查看】14.如图，水平面上有质量m=1.0kg的物块，受到随时间t变化的水平拉力F作用，用力传感器测出相应时刻物块所受摩擦力f的大小。g=10m/s2。下列正确的是A. 3s末物块所受合力大小为3.0NB. 物块在05s内处于静止状态C. 物块与木板之间的动摩擦因数为0.3D. 6s10s内物块的加速度大小为2.0m/s2【答案】CD【解析】【详解】A、3s末拉力为3N，摩擦力为3N，合力为零故A错误；B、在0-5s内，前4s物体静止，4s末开始运动，故B错误；C、物体滑动摩擦力为3N，由 得 ，故C正确；D、由图可知6s10s拉力为5N，摩擦力为3N，则合力F合=F-f=5-3=2N；故加速度为：，故D正确；15.如图所示，正在水平路面上行驶的汽车车厢底部有一质量为m1的木块，在车厢的顶部用细线悬挂一质量为m2的小球，某段时间内，乘客发现细线与竖直方向成角，而木块m1则始终相对于车厢静止。这段时间内A. 汽车可能正在向左匀加速行驶B. 汽车可能正在向右匀加速行驶C. 木块对车厢底部的摩擦力方向水平向右D. 木块对车厢底部的摩擦力大小为m1gtan【答案】ACD【解析】【详解】对m2分析，；由牛顿第二定律，车可能向左加速或向右减速，A正确B错误；对m1受力分析，受重力、支持力和向左的摩擦力，合力等于摩擦力，根据牛顿第二定律，D正确；根据牛顿第三定律，车受到摩擦力向右，C正确；故选ACD二、填空题16.某同学利用图（a）所示的实验装置探究物块速度随时间的变化。打点计时器所用交流电源频率为50 Hz。启动打点计时器，释放物块，打点计时器打出的纸带如图（b）所示（图中相邻两点间有4个点未画出）。根据实验数据分析，该同学认为物块的运动为匀加速直线运动。回答下列问题：（1）实验打印纸带前进行一系列操作，一定需要的操作是_（填字母序号）A平衡摩擦力步骤 B纸带和桌面保持平行C物块要靠近打点计时器 D钩码质量远小于物块质量（2）在打点计时器打出B点时，物块的速度大小为_m/s；（保留两位有效数字）（3）物块的加速度大小为_m/s2。（保留两位有效数字）【答案】 (1). （1）BC (2). （2）0.56 (3). （3）2.0【解析】【详解】(1)本实验是要研究物体速度随时间变化情况，不是探究合外力与加速度关系，所以不用平衡摩擦力、保证钩码质量远小于物块质量；B、C是之正确的。（2）根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，所以 （3）根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得17.在“探究加速度与力、质量的关系”时采用如图所示的实验装置，小车及车中砝码质量为M，砂桶及砂的质量为m。（1）若已平衡摩擦力，在小车做匀加速直线运动过程中，绳的张力大小FT_，当M与m的大小满足_时，才可认为绳子对小车的拉力大小等于砂和砂桶的重力。（2）某同学在保持砂和砂桶质量m一定的条件下，探究小车加速度a与质量M的关系，其具体操作步骤如下，则做法合理的有（ ）A平衡摩擦力时，砂桶应用细线通过定滑轮系在小车上且小车后面的纸带也必须连好B每次改变小车质量M时，都需要重新平衡摩擦力C实验时，先接通计时器的电源，再放开小车D用天平测出m及M，直接用公式a求出小车运动的加速度【答案】 (1). （1） (2). Mm (3). （2）C 【解析】【详解】（1）由牛顿第二定律知：对小车有FT=Ma；对砂和砂桶有mg-FT=ma；所以；可见当Mm时，FTmg.（2）平衡摩擦力时，不系砂桶，只让小车拖着后面的纸带在倾斜木板上做匀速运动，选项A错误；平衡摩擦力时mgsin=mgcos，即sin=cos，与质量无关，则每次改变小车质量M时，不需要重新平衡摩擦力，选项B错误；实验时，先接通计时器的电源，再放开小车，选项C正确；小车运动的加速度是利用打点计时器测量，如果用天平测出m以及小车质量M，直接用公式a=mg/M求出，这是在直接运用牛顿第二定律计算的，而我们实验是在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系故D错误故选C.【点睛】此题关键是要先搞清实验的原理，尤其是一个重要的步骤：平衡摩擦力，为什么要平衡摩擦力，怎样平衡摩擦力等；记住实验的一个重要条件：Mm.18.一物块从倾角为、长为s的斜面的顶端由静止开始下滑，物块与斜面间的动摩擦因素为，则物块滑到斜面底端所需的时间为_。（重力加速度为g）【答案】【解析】【详解】设物块质量为m，加速度为a，物块受力情况如图所示，mgsin-f=ma，N-mgcos=0，f=N，联立三式解得a=gsin-gcos由三、计算题19.汽车由9m/s开始刹车做匀减速直线运动，第2s末的速度变为5m/s，求汽车在第4s内的位移大小。【答案】2m【解析】【详解】由加速度定义知汽车刹车到停止所需的时间，所以3s末速度为 所以第4s内位移为20.如图所示，轻质光滑滑轮用轻绳OC悬挂于竖直面内的O点。滑轮上另一根轻绳一端悬挂mA=6kg物块，另一端系在水平粗糙桌面的物块B上，mB=20kg，绳与桌面成370角。外力F向右上方成530角拉B，整个系统处于静止状态。g=10m/s2，sin370=0.6，cos370=0.8。（1）若物块B不受摩擦力，求拉力F的大小和B对桌面的压力。（2）若F=90N，求物块B受到的摩擦力。【答案】（1）80N 100N，方向竖直向下（2）6N，方向水平向左【解析】【详解】（1）当B不受摩擦力时，对B受力分析如图绳子拉力T=mAg，用正交分解 得由牛顿第三定律知物体对桌子压力为100N，竖直向下。（2）若F=90N80N，物体会受到向左摩擦力，受力分析如图由正交分解得f=6N，水平向左。21.如图所示，质量m=1kg的物体静止在粗糙水平地面上A点。物体在斜向上与水平方向夹角=370的恒力F作用下，从A点开始运动，到达B点时立即撤去拉力F，物体最后滑到C点静止。物体开始一段时间及隔一段时间后的v-t的图象如图。g取10m/s2，sin=0.6，cos=0.8。求：（1）动摩擦因数； （2）恒力F的大小；（3）01.8s内物体位移s的大小。【答案】（1）=