江苏省高邮市2018_2019学年高二化学上学期期中试题（含解析）.docx

江苏省高邮市2018-2019学年高二上学期期中考试化学试卷1. 清洁燃料主要有两类，一类是压缩天然气(CNG)，另一类是液化石油气(LPG)。其主要成分都是A. 碳氢化合物 B. 碳水化合物 C. 氢气 D. 醇类【答案】A【解析】试题分析：压缩天然气的主要成分为甲烷，液化石油气的主要成分为乙烯、乙烷、丙烷、丙烯、丁烷、丁烯等，因此可知两类燃料都是由碳氢化合物组成的。考点：有机物的组成。2. 下列有关化学用语表示正确的是A. CHO的电子式：B. 丙烷分子的比例模型为：C. 2乙基1，3丁二烯的键线式：D. 邻羟基苯甲酸的结构简式：【答案】C【解析】试题分析：A、O原子最外层应有8个电子，因此A错误。B、B是丙烷分子的球棍模型为，因此B错误。C二烯烃的命名应以包含2个碳碳双键在内的含碳最多的碳链为主链，因此2乙基1，3丁二烯键线式为因此C正确。D羧基和羟基位于苯环的间位，因此D错误。考点：有关有机物的化学用语的考察。3.下列各项有机化合物的分类方法及所含官能团都正确的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】A醛的官能团为-CHO，则HCHO为醛类物质，故A不选；B-OH与苯环直接相连的为酚，则为醇类，故B不选；C为酯类物质官能团为-COOC-，故C选；D含-COOH，则CH3COOH为羧酸，故D不选；故选C。4.下列有机物命名正确的是A. 3甲基1，3丁二烯B. 2羟基丁烷C. 2乙基戊烷D. 3甲基丁酸【答案】D【解析】【详解】A应命名为2甲基1，3丁二烯，A错误；B.是应命名为2丁醇，B错误；C应命名为3甲基已烷，C错误；D. 3甲基丁酸，符合系统命名法的要求，D正确；答案：D。5. 下列化学式及结构式中，从成键情况看不合理的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：根据碳原子需要形成四个化学键，氢原子形成一个化学键，硫形成2个化学键，硅原子形成4个化学键。A、该分子中每个氢原子能形成1个共价键，氮原子形成3个共价键，碳原子形成4个共价键，每个原子都达到稳定结构，不选A；B、B中碳形成三个键，不合理。选B。C、分子中每个碳形成4个共价键，氢形成1个共价键，氧形成2个共价键，每个原子达到稳定结构，不选C；D、每个原子达到稳定结构，不选D。考点：元素原子形成化学键的规律。6.设NA为阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是A. 标准状况下，2.24 L CHCl3的原子总数为0.1 NAB. 4.2 g C3H6中含有的碳碳双键数一定为0.1 NAC. 1 mol OH中电子数为10 NAD. 常温常压下，28 g乙烯和环丁烷(C4H8)的混合气体中含有的碳原子数为2 NA【答案】D【解析】试题分析：A标准状况下， CHCl3是液态，无法计算，故错误；B4.2 g C3H6也可以是环丙烷，没有碳碳双键，错误；C1 mol OH中电子数为9 NA，错误；D乙烯和环丁烷(C4H8)的最简式相同，故质量一定含有的碳原子数为定值，计算为2 NA，正确；考点：考查NA的计算和判断，难度适中。7.可用来鉴别已烯、苯、甲苯、苯酚溶液的一组试剂是A. 氯化铁溶液、浓溴水 B. 碳酸钠溶液、浓溴水C. 酸性高锰酸钾溶液、浓溴水 D. 氢氧化钠溶液、浓溴水【答案】C【解析】【分析】氯化铁溶液与苯酚发生反应显紫色；浓溴水与苯酚发生反应产生白色沉淀，苯、甲苯可以萃取溴水中的溴；己烯使浓溴水褪色；己烯和甲苯都能使高锰酸钾溶液褪色；碳酸钠溶液只能和苯酚反应生成苯酚钠和碳酸氢钠；氢氧化钠溶液只能和苯酚反应，但没有明显变化。【详解】根据上述分析：A氯化铁溶液鉴别出苯酚溶液，但是氯化铁溶液和浓溴水都不能鉴别甲苯和苯，故A错误；B碳酸钠溶液和苯酚溶液反应后不分层，但是碳酸钠溶液分别加到已烯、苯、甲苯中均不反应、分层，溴水可鉴别出己烯，但不能鉴别甲苯和苯，故B错误;C己烯可使溴水褪色、苯酚与溴水产生白色沉淀，苯、甲苯可以萃取溴水中的溴，上层有色，下层无色；甲苯使酸性高锰酸钾溶液褪色，所以用酸性高锰酸钾溶液、浓溴水可鉴别，故C正确；D浓溴水与甲苯、苯混合后现象相同，不能鉴别，D错误故选C【点睛】考点：本题考查有机物的鉴别，侧重于有机物的官能团的性质的考查，注意把握有机物的性质的异同，作为鉴别有机物的关键，题目难度不大。8.下列说法正确的是A. 根据红外光谱图的分析可以初步判断有机物中具有哪些基团B. 甲烷、乙烯和苯在工业上都通过石油分馏得到C. 煤经过气化和液化等物理变化可转化为清洁燃料D. 1H核磁共振谱能反映出有机物中不同环境氢原子的种类和个数【答案】A【解析】【详解】A根据红外光谱图的分析可以初步判断有机物中具有哪些基团,故A正确；B石油的分馏产品中不含乙烯，工业上通过石油的裂解获得乙烯，故B错误；C煤的气化是将其转化为可燃性气体的过程，属于化学变化；煤的液化是使煤转化为液体燃料的过程，属于化学变化，故C错误;D.1H核磁共振谱能反映出有机物中不同环境氢原子的种类,但不能准确反映出氢的个数，故D错误；答案：A。9.除去下列物质中的杂质(括号内的物质)，所使用的试剂和主要操作都正确的是选项物质使用的试剂主要操作A乙醇（水）金属钠蒸馏B乙酸乙酯（乙酸）饱和碳酸钠溶液分液C苯（苯酚）浓溴水过滤D乙烷（乙烯）酸性高锰酸钾溶液洗气A. A B. B C. C D. D【答案】B【解析】试题分析：A.乙醇、水均能与Na反应，无法实现除杂，A项错误；B.乙酸能与碳酸钠反应生成乙酸钠、CO2和水，乙酸乙酯与碳酸钠不反应且互不相溶，可用分液的方法分离，B项正确；C.苯酚与Br2反应生成的三溴苯酚与苯互溶，无法用过滤的方法分离，C项错误；D.乙烯能被酸性KMnO4溶液氧化生成CO2新杂质气体，D项错误；答案选B。【考点】考查物质的除杂。【名师点睛】本题考查物质的除杂。把物质中混有的杂质除去而获得纯净物叫提纯，将相互混在一起的不同物质彼此分开而得到相应组分的各纯净物叫分离。在解答物质分离提纯试题时,选择试剂和实验操作方法应遵循三个原则: 1.不能引入新的杂质（水除外），即分离提纯后的物质应是纯净物（或纯净的溶液），不能有其他物质混入其中；2.分离提纯后的物质状态不变；3.实验过程和操作方法简单易行，即选择分离提纯方法应遵循先物理后化学，先简单后复杂的原则。10.某链状有机物分子中含有n个CH2、a个CH3，其余为OH，则羟基的个数为A. m2a B. 2n3ma C. nma D. m2n2a【答案】A【解析】试题分析：根据题意，分子中碳原子都是饱和碳原子，有n+m+a，和碳原子结合的氢原子是2n+m+3a，因为碳原子最多结合的氢原子个数是2n+2m+2a+2，所以羟基的根数是（2n+2m+2a+2）-（2n+m+3a）=m+2-a考点：碳原子的成键特点。11.下列离子方程式正确的是A. 苯酚钠溶液中通入少量CO2：2C6H5O-+CO2+H2O2C6H5O-+CO32-B. 甲醛溶液中加入足量的银氨溶液并加热：HCHO+2Ag(NH3)2+2OH-NH4+2Ag+3NH3+3H2O+HCOO-C. 乙醛与碱性氢氧化铜悬浊液混合后加热至沸腾：CH3CHO+2Cu(OH)2+2OH-Cu2O+3H2O+CH3COO-D. 向小苏打溶液中加入醋酸：CO32-+2CH3COOH=CO2+H2O+2CH3COO-【答案】C【解析】【详解】A.苯酚钠溶液中通入少量CO2得到的是苯酚和碳酸氢钠，故A项错误；B.甲醛溶液中加入足量的银氨溶液并加热，生成的甲酸根离子还可以断续被氧化，最终甲醛被氧化为碳酸根离子，故B项错误；C.乙醛与氢氧化铜悬浊液在碱性条件下发生反应被氧化为乙酸根：CH3CHO+2Cu(OH)2+2OH-Cu2O+3H2O+CH3COO-，故C项正确；D.小苏打是碳酸氢钠，正确方程式为：HCO3-+2CH3COOH=CO2+H2O+2CH3COO-,故D项错误。答案为C。12.某烃的分子式为C8H10，它滴入溴水中不能使溴水褪色，但它滴入酸性高锰酸钾溶液却能使其褪色。该有机物苯环上的一氯代物有3种，则该烃是A. B. C. D. 【答案】BD【解析】试题分析：A、一氯代物有2种，不选A；B、一氯代物有3种，选B；C、一氯代物有1种，不选C；D、一氯代物有3种，选D。考点：有机物的取代物。13.下列装置或操作合理的是A. 装置可用于证明溴乙烷、NaOH、乙醇溶液共热生成乙烯B. 装置可用于实验室制取少量乙烯C. 装置可用于制备少量的乙酸乙酯D. 装置可用于比较碳酸与苯酚的酸性强弱【答案】BD【解析】【详解】A.装置溴乙烷和NaOH的乙醇溶液共热生成乙烯和溴化钠，因为乙醇也具有还原性，能使酸性高锰酸钾褪色，故A项错误；B.装置是实验室制备乙烯采用的装置图，实验中要迅速将混合物加热到170左右，温度计水银球要插到液面下，B项正确；C.装置中导管不能插入液面以下，防止液体倒吸导致实验失败，C项错误。D.装置中二氧化碳通入苯酚钠溶液中，溶液变浑浊，证明有苯酚生成，从而证明碳酸比苯酚的酸性强，故D项正确；答案为BD。14.CPAE是蜂胶的主要活性成分，由咖啡酸合成CPAE路线如下：下列说法正确的是A. 苯乙醇属于芳香醇，它与邻甲基苯酚互为同系物B. 1molCPAE最多可与含3molNaOH的溶液发生反应C. 用FeCl3溶液可以检测上述反应中是否有CPAE生成D. 咖啡酸、苯乙醇及CPAE都能发生取代、加成和消去反应【答案】B【解析】试题分析：A、醇和酚含有官能团不同，不属于同系物，故错误；B、1mol该有机物含有2mol酚羟基和1mol酯基，因此最多需要3molNaOH，故正确；C、CPAE和咖啡算中都含酚羟基，都能使FeCl3显色，故错误；D、咖啡酸和CPAE不能发生消去反应，故错误。考点：考查同系物、官能团的性质等知识。15.某有机化合物3.2 g在氧气中充分燃烧只生成CO2和H2O，将生成物依次通入盛有浓硫酸的洗气瓶和盛有碱石灰的干燥管，实验测得装有浓硫酸的洗气瓶增重3.6 g，盛有碱石灰的干燥管增重4.4 g。则下列判断正确的是()A. 只含碳、氢两种元素B. 肯定含有碳、氢、氧三种元素C. 肯定含有碳、氢元素，可能含有氧元素D. 根据题目条件可求出该有机物的最简式，无法求出该有机物的分子式【答案】B【解析】试题分析：3.2g该有机物在氧气中燃烧后生成的产物依次通过浓硫酸和碱石灰，分别增重3.6g和4.4g，生成水的质量是3.6g，所以氢原子的物质的量是0.4mol，含有氧原子的物质的量是0.2mol，生成的二氧化碳的质量是4.4g，碳原子的物质的量是0.1mol，根据碳原子守恒，可以知道有机物中含有0.1mol碳原子和0.4mol氢原子，根据质量守恒，参加反应的氧气的质量是4.8g，即物质的量是0.15mol，即0.3mol的氧原子，根据氧原子守恒，有机物质中含有氧原子0.1mol，一定含有碳元素和氢元素和氧元素，故选B考点：本题考查学生元素守恒法确定有机物的分子式知识的题目，注意质量守恒的应用，难度不大16.药物Z可用于治疗哮喘、系统性红斑狼疮等，可由X（咖啡酸）和Y（1,4环己二酮单乙二醇缩酮）为原料合成（如下图）。试填空：（1）X的分子式为 _ ；该分子中最多共面的碳原子数为 _ 。（2）Y中是否含有手性碳原子_（填“是”或“否”）。（3）Z能发生 _ 反应。（填序号）A取代反应 B消去反应 C加成反应（4）1molZ与足量的氢氧化钠溶液充分反应，需要消耗氢氧化钠 _mol；1molZ与足量的浓溴水充分反应，需要消耗Br2 _ mol。【答案】 (1). C9H8O4 (2). 9 (3). 否 (4). ABC (5). 3 (6). 4【解析】【详解】解:(1)由结构简式可以知道分子式为C9H8O4，因为苯环、碳碳双键为平面结构,与其直接相连的原子一定在同一平面内,所以9个C原子可能共面,因此答案是: C9H8O4;9。(2)连4个不同基团的C原子为手性碳原子,则Y分子中不存在连4个不同基团的C原子,则不具有手性,因此答案是:否;(3)Z中含酚-0H可发生取代反应；碳碳双键、羰基、苯环可发生加成反应；含-0H 且与其相连的碳原子的邻位碳原子上有氢原子，故可以发生醇类的消去反应,因此答案是:ABC;(4)Z中酚-0H 、酯基，可以与NaOH反应,1mol Z与足量的氢氧化钠溶液充分反应,需要消耗氢氧化钠3mol;苯环上羟基的邻位和对位可以与浓溴水发生取代反应，碳碳双键可以与浓溴水发生加成反应,则1mol Z在一定条件下与足量浓溴水充分反应,需要消耗4molBr2。因此答案是:3;4。【点睛】(1)由结构简式可以知道分子式,苯环、碳碳双键为平面结构,与其直接相连的原子一定在同一平面内;(2)连4个不同基团的C原子为手性碳原子;(3)Z中含酚-0H、碳碳双键、酯基、-0H、羰基;(4)Z中酚-0H、酯基与NaOH反应,碳碳双键与溴水发生加成反应。17.某研究性学习小组为合成1-丁醇，查阅资料得知一条合成路线：CO的制备原理：HCOOH CO+H2O，并设计出原料气的制备装置（如下图）请填写下列空白：（1）实验室现有锌粒、稀硝酸、稀盐酸、浓硫酸、2-丙醇，从中选择合适的试剂制备氢气、丙烯。写出制备丙烯的化学方程式： _ 。（2）若用以上装置制备干燥纯净的CO，装置中a的作用是 _ ，装置中b的作用是_，c中盛装的试剂是 _。（3）制丙烯时，还产生少量SO2、CO2及水蒸气，该小组用以下试剂检验这四种气体，混合气体通过试剂的顺序是_（填序号）饱和Na2SO3溶液 酸性KMnO4溶液 石灰水 无水CuSO4 品红溶液（4）正丁醛经催化加氢得到含少量正丁醛的1-丁醇粗品，为纯化1-丁醇，该小组查阅文献得知：R-CHO+NaHSO3（饱和）RCH(OH)SO3Na；沸点：乙醚34，1-丁醇118，并设计出如下提纯路线：试剂1为 _ ，操作2为 _ ，操作3为_。【答案】 (1). (CH3)2CHOHCH2CHCH3+H2O (2). 保证分液漏斗内外压强平衡，便于液体顺利流下 (3). 作为安全瓶，防倒吸 (4). NaOH溶液 (5). （答也给分） (6). 饱和NaHSO3溶液 (7). 萃取 (8). 蒸馏【解析】【详解】（1）制备丙烯选用2-丙醇和浓硫酸发生消去反应，反应的方程式为：(CH3)2CHOHCH2CHCH3+H2O 。答案：(CH3)2CHOHCH2CHCH3+H2O。（2）在题给装置中，a的作用保持分液漏斗和烧瓶内的气压相等，以保证分液漏斗内的液体能顺利加入烧瓶中；b主要是起安全瓶的作用，以防止倒吸；c为除去CO中的酸性气体，选用NaOH溶液，d为除去CO中的H2O，试剂选用浓硫酸；答案：保证分液漏斗内外压强平衡，便于液体顺利流下、作为安全瓶、防倒吸、NaOH溶液。（3）检验丙烯和少量SO2、CO2及水蒸气组成的混合气体各成分时，应首先选无水CuSO4检验水蒸气，然后用品红溶液检验SO2，并用饱和Na2SO3溶液除去SO2，再用品红溶液检验SO2是否除净；最后用石灰水检验CO2、用酸性KMnO4溶液检验丙烯。综上所述，混合气体通过试剂的顺序是 或（或）（4）粗品中含有正丁醛，根据所给的信息利用饱和NaHSO3 溶液形成沉淀，然后通过过滤即可除去；由于饱和NaHSO3 溶液是过量的，所以加入乙醚的目的是萃取溶液中的1-丁醇因为1-丁醇和乙醚的沸点相差很大，因此可以利用蒸馏将其分离开。故答案为：饱和NaHSO3 溶液；萃取；蒸馏【点睛】本题考查有机物合成方案的设计，题目难度较大，综合性较强，答题时注意把握物质的分离、提纯方法，把握物质的性质的异同是解答该题的关键。18. 碳、氢、氧3种元素组成的有机物A，相对分子质量为102，含氢的质量分数为9.8%，分子中氢原子个数为氧的5倍。一定条件下，A与氢气反应生成B，B分子的结构可视为1个碳原子上连接2个甲基和另外2个结构相同的基团。且B的核磁共振氢谱显示有3组不同的峰。（1）A的分子式是 。（2）下列物质与A以任意比例混合，若总物质的量一定，充分燃烧消耗氧气的量相等且生成水的量也相等的是（填序号） 。AC5H12O3BC4H10CC6H10O4DC5H10O（3）B的结构简式是 。A不能发生的反应是（填序号） 。A取代反应 B消去反应 C酯化反应 D还原反应（4）A还有另一类酯类同分异构体，该异构体在酸性条件下水解，生成两种相对分子质量相同的化合物，其中一种的分子中有2个甲基，该异构体的结构简式是： 。【答案】(1)C5H10O2(2)B C （3）B（4）CH3COOCH(CH3)2【解析】试题分析：碳、氢、氧3种元素组成的有机物A，相对分子质量为102，含氢的质量分数为9.8%，则氢原子个数是。分子中氢原子个数为氧的5倍，则氧原子个数是2，所以碳原子个数是，即分子式为C5H10O2。一定条件下，A与氢气反应生成B，说明A分子中含有双键。B分子的结构可视为1个碳原子上连接2个甲基和另外2个结构相同的基团。且B的核磁共振氢谱显示有3组不同的峰，则B的结构简式为，因此A的结构简式为。（1）根据以上分析可知A的分子式是C5H10O2。（2）下列物质与A以任意比例混合，若总物质的量一定，充分燃烧消耗氧气的量相等且生成水的量也相等，这说明分子中均含有10个氢原子。由于A可以看作是的是C4H10CO2，C4H10符合条件；又因为C6H10O4可以看作是的是C4H102CO2，因此也符合条件；C5H10O则不符合条件，答案选BC。（3）根据以上分析可知B的结构简式是。A中含有醛基和羟基，则能发生取代反应、酯化反应 、还原反应。由于与羟基相连的碳原子的邻位碳原子上没有氢原子，则不能发生消去反应，答案选B。（4）与A互为同分异构体的羧酸是戊酸，即C4H9COOH，丁基有4种，则戊酸有4种。（5）A还有另一类酯类同分异构体，该异构体在酸性条件下水解，生成两种相对分子质量相同的化合物，则是乙酸和丙醇形成的酯。其中一种的分子中有2个甲基，即是异丙醇，所以该异构体的结构简式是CH3COOCH(CH3)2。考点：考查有机物推断、结构与性质及同分异构体判断19. 由丙烯经下列反应可制得F、G两种高分子化合物，它们都是常用的塑料。（1）聚合物F的结构简式 。AB的反应条件为 。EG的反应类型为 。（2）D的结构简式 。B转化为C的化学反应方程式是 。（3）在一定条件下，两分子E能脱去两分子水形成一种六元环状化合物，该化合物的结构简式是 。（4）E有多种同分异构体，其中一种能发生银镜反应，1mol该种同分异构体与足量的金属钠反应产生1mol H2，则该种同分异构体的结构简式为 。【答案】（1）NaOH水溶液，加热 缩聚反应（2）CH3COCOOH（3）（4）CH2(OH)CH(OH)CHO【解析】试题分析：丙烯与溴发生加成反应生成A，A为CH3CHBrCH2Br，A在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成B，B为CH3CH（OH）CH2OH，B催化氧化生成C，C为，C氧化生成D，D为，D与氢气发生加成反应生成E，E为CH3CH（OH）COOH，E发生酯化反应是高聚物G，丙烯发生加聚反应生成高聚物F，F为，结合有机物的结构和性质以及题目要求可解答该题。（1）丙烯发生加聚反应生成F聚丙烯，其结构简式为：。AB的反应条件为 NaOH水溶液，加热。EG的反应类型为缩聚反应 。（2）通过以上分析知，D的结构简式为；B转化为C是CH3CH（OH）CH2OH催化氧化生成O=C（CH3）CHO，反应方程式为。（3）在一定条件下，两分子CH3CH（OH）COOH能脱去两分子水形成一种六元环化合物，该化合物的结构简式是.。（4）E的结构简式为CH3CH（OH）COOH，CH3CH（OH）COOH有多种同分异构体，其中一种能发生银镜反应，1mol该种同分异构体与足量的金属钠反应产生1mol H2，说明该同分异构体分子中含有2个OH、1个CHO，故符合条件的同分异构体为：HOCH2CH2（OH）CHO。考点：本题考查有机物的推断，题目难度中等，结合反应条件与转化判断其结构是解题的关键，给出某反应信息要求学生加以应用，能较好的考查考生的阅读、自学能力和思维能力，是热点题型。20.1912年的诺贝尔化学奖授予法国化学家V.Grignard,用于表彰他所发明的Grignard试剂（卤代烃基镁）广泛运用于有机合成中的巨大贡献。Grignard试剂的合成方法是：RXMg RMgX（Grignard试剂）。生成的卤代烃基镁与具有羰基结构的化合物（醛、酮等）乙醚发生反应，再水解就能合成各种指定结构的醇：现以2丁烯和必要的无机物为原料合成3，4二甲基3己醇，进而合成一种分子式为C10H16O4的具有六元环的物质J，合成线路如下：请按要求填空：（1） 3，4二甲基3己醇是： _（填代号），E的结构简式是 _；（2）CE的反应类型是 _，HI的反应类型是 _；（3）写出下列化学反应方程式（有机物请用结构简式表示）：AB _ ， IJ _ 。【答案】 (1). F (2). (3). 加成反应 (4). 取代反应(水解) (5). CH3CH2CHBrCH3NaOHCH3CH2CH(OH)CH3NaBr (6). 【解析】【分析】试题解析：由题意可知2-丁烯经一系列反应之后生成F，F应为醇，结构简式是3，4-二甲基-3-己醇，F发生消去反应生成G，G和溴发生加成反应生成H，H和氢氧化钠溶液发生取代反应生成I，I和酸发生酯化反应生成J，所以G为，H为，I为， F为，E为，D为，C为：，B为，A为，I和二元酸发生酯化反应生成J，C10H16O4的具有六元环的物质J，则J的