云南省文山州马关县第一中学2018_2019学年高二物理上学期期中试题.docx

云南省马关县一中2018-2019学年上学期期中考试高二物理本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间120分钟。 学校：_姓名：_班级：_考号：_分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.如图所示，两金属板与电源相连接，电子从负极板边缘垂直电场方向射入匀强电场，且恰好从正极板边缘飞出现在使电子入射速度变为原来的两倍，而电子仍从原位置射入，且仍从正极板边缘飞出，则两极板的间距应变为原来的()A 2倍B 4倍CD2.如图，是一个常用的电子元件，关于它的说法正确的是()A 这个电子元件名称叫电阻B 这个电子元件的电容是220法拉C 这个电子元件的电量是50库仑D 这个电子元件额定电压为50伏3.如图所示，A、B、C为电场中同一电场线上的三点设电荷在电场中只受电场力作用，则下列说法中正确的是()A 若在C点无初速度地释放正电荷，则正电荷向B运动，电势能减少B 若在C点无初速度地释放正电荷，则正电荷向A运动，电势能增加C 若在C点无初速度地释放负电荷，则负电荷向A运动，电势能增加D 若在C点无初速度地释放负电荷，则负电荷向B运动，电势能减少4.如图所示，A、B为带异种电荷的小球，将两条不带电的导体棒C、D放在两球之间，在用导线将C棒左端点x和D棒右端点y连接起来的瞬间，导线中自由电子移动的方向是()AxyByxC 没有电流D 先是yx，然后xy5.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，由此可知()A 带电粒子在R点时的速度大小大于在Q点时的速度大小B 带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大C 带电粒子在R点时的动能与电势能之和比在Q点时的小，比在P点时的大D 带电粒子在R点时的加速度大小小于在Q点时的加速度大小6.两个完全相同的金属小球M、N，带电量分别为4q和2q.两球接触后分开，M、N的带电量分别为()A 3q，3qB 2q，4qC 2q，4qD q，q7.电场中有一点P，下列说法正确的是()A 若放在P点的点电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B 若P点没有试探电荷，则P点的场强为零CP点的场强越大，则同一电荷在P点受的静电力越大DP点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向8.如图所示，直角坐标系xOy平面内有一与该平面平行的匀强电场以O点为圆心、R0.10 m为半径画一个圆，圆周与坐标轴的交点分别为a、b、c、d，已知a、b、c三点的电势分别为2 V、2V、2 V，则下列说法正确的是()A 匀强电场的方向沿y轴负方向Bd点的电势为VC 将一个电子从c点移到O点，电子的电势能增加2 eVD 将一个电子沿圆弧顺时针从a点移到b点，电子的电势能先减小后增大9.关于电源电动势E的下列说法中错误的是( )A 电动势E的单位与电势、电势差的单位相同，都是伏特VB 干电池和铅蓄电池的电动势是不同的C 电动势E可表示为可知，电源内非静电力做功越多，电动势越大D 电动势较大，表示电源内部将其它形式能转化为电能的本领越大10.某一导体的伏安特性曲线如图AB段(曲线)所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是()AB点的电阻为12 BB点的电阻为40 C 导体的电阻因温度的影响改变了1 D 导体的电阻因温度的影响改变了9 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.(多选)静电喷涂机原理如图所示静电喷涂机接高压电源，工作时涂料微粒会向带正电的被喷涂工件高速运动，微粒最后被吸到工件表面关于静电喷涂机的涂料微粒，下列表述正确的有()A 微粒带正电B 微粒带负电C 微粒受电场力作用D 微粒受到的电场力恒定12.(多选)如图所示，O点固定一带正电的点电荷，实线表示某高速粒子的运动轨迹，a、b和c为轨迹上的三个点，b点离O点最近，a点比c点离O点更远则()A 三个点中，高速粒子在b点的电势能最大B 高速粒子带负电C 在O点电荷产生的电场中，c点的电势比a点电势高D 高速粒子在a、b、c三点的加速度大小abacaa13.(多选)某同学设计了一种静电除尘装置，如图(a)所示，其中有一长为L、宽为b、高为d的矩形通道，其前、后面板为绝缘材料，上、下面板为金属材料如图(b)是装置的截面图，上、下两板与电压恒定为U的高压直流电源相连带负电的尘埃被吸入矩形通道的水平速度为v0，当碰到下板后其所带电荷被中和，同时被收集将被收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃的数量的比值，称为除尘率不计尘埃的重力及尘埃之间的相互作用要增大除尘率，则下列措施可行的是()A 只增大电压UB 只增大长度LC 只增大高度dD 只增大尘埃被吸入水平速度v014.（多选）如图所示，电流表A1（03A）和A2（00.6A）是由两个相同的电流表改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中，闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（）A A1、A2的读数之比为11B A1、A2的读数之比为51C A1、A2的指针偏转角度之比为11D A1、A2的指针偏转角度之比为15分卷II三、实验题(共2小题,每小题10.0分,共20分) 15.（1）某同学对一个表头G进行改装，已知其满偏电流Ig=100 A，内阻标称值Rg=900 ，先利用定值电阻R1将表头改装成一个1 mA的电流表，然后利用定值电阻R2再将此电流表改装成一个3 V的电压表V1（如图1所示）；则根据条件，定值电阻R1=，R2=（2）改装完毕后，他用量程为3 V，内阻为2500 的标准电压表V2对此电压表从0开始全范围的刻度进行校准滑动变阻器R有两种规格：A：滑动变阻器（020 ）B：滑动变阻器（02k）为了实验中电压调节方便，R应选用（填A或B）（3）完成图2中的校准电路图（要求：滑动变阻器的触头画在开始实验时的位置上）（4）由于表头G上的标称值Rg小于真实值，造成改装后电压表的读数会比标准电压表的读数（填“偏大”或“偏小”）16.一毫安表头mA满偏电流为9.90 mA，内阻约为300 .要求将此毫安表头改装成量程为1 A的电流表，其电路原理图如图甲所示图中，是量程为2 A的标准电流表，R0为电阻箱，R为滑动变阻器，S为开关，E为电源(1)完成下列实验步骤：将图乙虚线框内的实物图按电路原理图连线；将滑动变阻器的滑动触头调至_端(填“a”或“b”)，电阻箱R0的阻值调至零；合上开关；调节滑动变阻器的滑动触头，增大回路中的电流，使标准电流表读数为1 A；调节电阻箱R0的阻值，使毫安表指针接近满偏，此时标准电流表的读数会_(填“增大”“减小”或“不变”)；多次重复步骤，直至标准电流表的读数为_，同时毫安表指针满偏(2)回答下列问题：在完成全部实验步骤后，电阻箱使用阻值的读数为3.1 ，由此可知毫安表头的内阻为_用改装成的电流表测量某一电路中的电流，电流表指针半偏，此时流过电阻箱的电流为_A.对于按照以上步骤改装后的电流表，写出一个可能影响它的准确程度的因素：_.四、计算题 17.水平放置的平行板电容器，两极板相距5 mm，电容为2 F，当将其充电到两板间电势差为100 V时，一个质量为1.0104g的带负电尘埃正好在两板中间静止，(g取10 m/s2)求：(1)这时电容器的带电量为多少库仑？(2)电容器上极板带何种电荷？(3)该尘埃带电量为多少？18.已知将电荷量为2.0107C的正点电荷从电场中的M点移到N点时，静电力做功为5.0105J，将此点电荷从N点移到无限远处时，静电力做功为1.5105J，则M点的电势为多大？N点的电势为多大？19.两根光滑绝缘棒在同一竖直平面内，两棒与水平面间均成45角，棒上各穿有一个质量为m、带电荷量为Q的相同小球，如图所示现两小球均处于静止状态，求两球之间的距离L.20.在场强为E的匀强电场中，取O点为圆心，r为半径作一圆周，在O点固定一电荷量为Q的点电荷，a、b、c、d为相互垂直的过圆心的两条直线和圆周的交点当把一试探电荷q放在d点恰好平衡时(如图所示)(1)匀强电场场强E的大小、方向如何？(2)试探电荷q放在点c时，受力Fc的大小、方向如何？(3)试探电荷q放在点b时，受力Fb的大小、方向如何？答案解析1.【答案】C【解析】电子在两极板间做类平抛运动，水平方向lv0t，t，竖直方向dat2，故d2，即d，故选C.2.【答案】D【解析】由该电子元件的铭牌“50 V220 F”， F是电容的单位，可知，这个电子元件名称是电容器，其电容是220 F，额定电压为50 V由QCU知，C一定，电量与电压有关，故D正确，A、B、C错误3.【答案】A【解析】若在C点无初速度地释放正电荷，正电荷所受电场力向右，则正电荷向B运动，电场力做正功，电势能减少，故A正确，B错误；若在C点无初速度地释放负电荷，负电荷所受电场力向左，则负电荷向A运动，电场力做正功，电势能减少，故C、D错误4.【答案】B【解析】由于同种电荷相斥，异种电荷相吸，在C、D组成的导体中自由电子沿y向x运动，在C中聚集负电荷，在D中聚集正电荷，B正确.5.【答案】A【解析】根据牛顿第二定律可得qEma，又根据电场线的疏密程度可以得出Q、R两点处的电场强度的大小关系为EREQ，则带电粒子在R、Q两点处的加速度的大小关系为aRaQ，故D错误；由于带电粒子在运动过程中只受电场力作用，只有动能与电势能之间的相互转化，则带电粒子的动能与电势能之和不变，故C错误；根据物体做曲线运动的轨迹与速度、合外力的关系可知，带电粒子在R处所受电场力的方向为沿电场线向右假设粒子从Q向P运动，则电场力做正功，所以电势能减小，动能增大，速度增大，所以A项正确，B项错误6.【答案】D【解析】两个完全相同的金属小球接触，电荷先中和后均分，故：QMQNq.7.【答案】C【解析】电场强度与试探电荷电荷量大小无关，是电场本身的属性，场强大的地方，同一个电荷受到的静电力大8.【答案】D【解析】因为a点电势高于c点电势，故电场线不可能沿y轴负方向，A项错；根据匀强电场中等势面特点，可知O0，同理O0，故d点电势d2V，B项错；电子在c点的电势能Epcec2 eV，在O点电势能为零，故电子从c移到O点，电子的电势能减少2 eV，C项错；由电场线与等势面处处垂直的特点可知，电场大致方向是指向右上方，故电子沿圆弧顺时针从a点移到b点先逆着电场线方向运动，再顺着电场线方向运动，电子带负电，故电子的电势能先减小后增大，D项正确9.【答案】C【解析】电动势E的单位与电势差的单位相同，都是伏特，故A正确；电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，干电池的电动势为1.5 V，而铅蓄电池的电动势大小是2 V，故B正确；电动势E可表示为可知，电源内非静电力移动单位正电荷做功越多，电动势越大，选项C错误；电动势较大，表示电源内部将其它形式能转化为电能的本领越大，选项D正确.10.【答案】B【解析】B点的电阻为：RB40 ，故A错误，B正确；A点的电阻为：RA30 ，故两点间的电阻改变了(4030) 10 ，故C、D错误.11.【答案】BC【解析】静电喷涂机接高压电源的负极，所以喷出的涂料微粒带负电故A错误，B正确；由于静电感应，工件的表面将会带上正电荷，对周围的带负电的涂料微粒产生吸引力，带负电的涂料微粒在电场力的作用下向工件运动故C正确，D错误12.【答案】ACD【解析】根据粒子轨迹的弯曲方向，可以判定出该粒子受力的方向大体向左下方，则粒子从a运动到c的过程中，电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，所以粒子在b点的电势能最大，故A正确根据轨迹看出粒子与点电荷间存在斥力，是同种电荷，所以粒子带正电，故B错误正点电荷的电场线从正点电荷出发到无穷远处终止，顺着电场线电势降低，越靠近点电荷电势越高，所以b点的电势最高，a点电势最低，c点的电势比a点电势高，故C正确根据库仑定律Fk可知，粒子越靠近点电荷，所受的库仑力越大，产生的加速度越大，所以abacaa.故D正确13.【答案】AB【解析】增加除尘率即是让离下极板较远的粒子也能落到下极板上，带电尘埃在矩形通道内做类平抛运动，在沿电场的方向上的位移为y()2，增大y便可增大除尘率，故A、B正确，C、D错误14.【答案】BC【解析】图中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，所以A1、A2的指针偏转角度之比为11；量程不同的电流表读数不同，电流表A1的量程为3 A，A2的量程为0.6 A，当偏转角相同时，A1、A2的读数之比为51，故B、C正确15.【答案】（1）100 2910（2）A（3）电路图如图所示（4）偏小【解析】（1）由图示电路图可知：R1=100 ，改装后电流表内阻：RA=90 ，把电流表改装成电压表，串联电阻：R2=-RA=（-90）=2910 ；（2）为方便实验操作滑动变阻器应选择最大阻值较小的A（3）电压表从0开始全范围的刻度进行校准，滑动变阻器应选择分压接法，标准电压表与改装后的电压表并联，电路图如图所示：（4）表头G上的标称值Rg小于真实值，改装后的电流表内阻偏小，改装后的电压表串联电阻偏大，电压表内阻偏大，两电压表并联，由于改装后的电压表内阻偏大，通过改装电压表的电流偏小，改装后的电压表指针偏角较小，造成改装后电压表的读数会比标准电压表的读数偏小16.【答案】(1)如图b减小1 A(2)3100.495(0.4940.496均可)；电阻箱和滑动变阻器的阻值不能连续变化；标准表和毫安表头的读数误差；电表指针偏转和实际电流的大小不成正比等【解析】(1)如图所示：滑动触头在b端时，电阻器的全部电阻连入电路，故要使电阻最大应使触头在b端因电阻箱电阻增大，则总电阻增加，干