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文档简介
1、互感
N2N,电源
k2 L12W1 L12
合上开关k2电流i2增大时,在回路1中的互感电动12
12I1dt
M12I1di2 2 2线圈2的电流从0到I2,电源2 N
k2 2L12W L12
WmW1W2W12
1LI21LI2MI21 12 AImm0rr0dI解:1)B0I 0 2(dd d
r r
0BdS 0B1 dL0
I d I LI2 ln 0 ln
0I
FBI= AFdx
2dI dx
I ln
2x
1LI2-1LI I2 d I ln
ln2>0:磁能增加 r0 由回路中变化而产生)做功。 dd(LI)LdIIdLI 2
IAL
dtI(LL)=
lnI I
IAF
ln20 ln2 ln2 AAF试求(1)环内的电流I;(2)外力作的功。 dLdI LI开始时,I0=0,磁通量也为0
R2
L
dLdI LI
R2
IL
W2
LI2
2R4IdjddS
tdD dS
(D0E DS dEr dt
0IcRIcRIc
H2rILH
1rdE dtBH
oordE
x2x2
R d
R2q
R2v
323
R2) (x2R2(x2R232LHdlIcLHdlIcH 4(x2R2)32
rR BH 4(x2R2) qvrsin34(x2
R2) 0qv r3例2、练习册P807如图所示,圆形平板电容器半径为a, Ldiq0 Uq didqCd
d2U
U
t UUU0cost
DE
U
HdlH2rL
2B0H
0r
r
1 BdS hdr
4
d(dD) 0 hl0 11
(
B0E HB
c dW dV dAcdtSd dAdc0E
cdtESEB ES电磁波的能流密度(坡印廷)矢量 S (EB)E0
0E2E2(pc)2(c0
pc
c ppctAc Fp A Ppc若一个完全的反射表面Pcc
ii0cos(t
0
t
jdi
Q0idt0sin(tE0
0
cos(t2B
B2rj
B
cos(t SE SEHE
sin(t)cos(t)02(R20
S1SdtT S S
n1,10
,
nrn 1
S 20k2k1
k
2π λ λ0
II1+I2+ 22
n2(ACCB)
n2 n1n2
dsindDpx SB
d S2DxkD
ds1
k1 P rr dd
dk2M移G G
'
2d=k n12n12
2n2sin2i(λ/
n2 3若膜厚、波长一定,入射角发生变化,则不同i的两反射光的光程差e
ee
(
sinel ee'1) 2bb Rrkr2k2ekλ/22ek1λ/2(k1)
看出:(1)k 条纹(一组同心圆)的圈数N有如下关系:eR e 设R'R0
(DeN
(D
D2(RR')
8R'R0N D2(R0R'N
2N1
D2(RR') 8R'R0 RR0R' 的实验中550nm的单色光垂直入射。
r2
d S2D
d r2r1r'2ener'1
x 210D r'2ener'1r2ener1(n1)e(3)12r22r1222(r2ene)2r1k'(kN 2SB212(n1)eNN片厚度的关系,d=0时,c点的光强为I0, 解:1)r2dndr1n22(nI1I110I4Icos2102
I
I020
(n 2)(n
(2k
1) d1(2k1) n1 3)c
(2A)2A222A25A24A2AA24 II054cos(2(n1)d 4
空气隙的反射光R,d0=2。(1)试分析条纹的特点(形状、分布、级次高 若共移动了/4,BRee2e22d
(d
r2ed0
kmaxk1,2,3,2e
22(d02R)2 2Rd(k2Rd(k02r12Rd0(k2)R(3)下移4
,最小间距的光程差2 d 2d 2d'5kk
d
2
)2n(eA
580
2
A (2)
eB 1212解:因为三束反射光的振幅相等叠加后的总强度为零,所以三233223反射光的位相差(23322331
12n0n1 =22
1e 1 n1n2, n2
2n2e2=22
e2
i薄膜
ifi已知:入射光波长为,薄膜厚为e200透镜焦距f :()
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