2023年贵州省毕节市高考物理二诊试卷及答案解析

2023年贵州省毕节市高考物理二诊试卷

1.某实验小组利用图（甲）探究光电效应的规律。在某次光电效应实验中，得到的遏止电压立

与入射光的频率V的关系如图（乙）所示。若该直线的斜率和横截距分别为k和外,电子电荷量

的绝对值为e。则普朗克常量八和所用材料的逸出功％分别为（）

kpk

A.h=ek,Wo=ekv0B.h=-,W0=—

C.h=ek,WQ=ev0D.h=：,%=竟

2.如图所示，甲、乙两人做''拔河"游戏。两人分别用伸平的手掌托起木板的一端，保持

木板水平。在甲端的木板上放两块砖，然后各自缓慢向两侧拖拉。若两人的手与木板的动摩

擦因数相同，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则在“拔河”过程中，下列判断正确的是（）

甲-----乙

A.甲的手和木板间的摩擦力较大

B.乙的手和木板间的摩擦力较大

C.甲的手和木板间不会有相对滑动

D.甲、乙“拔河”的力属于作用力与反作用力

3.引力波的发现证实了爱因斯坦100多年前所做的预测。1974年发现

f

了脉冲双星间的距离在减小就已间接地证明了引力波的存在。如图所示，

如果将脉冲双星系统简化为理想的圆周运动模型，绕彼此连线上的。点*O—*

做匀速圆周运动。若万有引力常量为G,双星之间的距离为3观测到

双星的周期为7,则可估算出双星的（）

A.线速度B.轨道半径C.质量之和D.向心加速度

4.光滑斜面上，某物体在沿斜面向上的恒力作用下从静止

开始沿斜面运动，一段时间后撤去恒力。若不计空气阻力，

斜面足够长。物体的速度用"表示、动能用&表示、重力势

能用Ep表示、机械能用E表示、运动时间用t表示、路程用s

表示。对整个运动过程，下图表示的可能是()

A."随t变化的。一t图像B.E随s变化的E-s图像

C.Ep随t变化的"一t图像D.Ek随s变化的以一s图像

5.在东京奥运会女子蹦床决赛中，中国选手朱雪莹夺得冠军。如图所示,

某次比赛中，朱雪莹双脚离开蹦床后竖直向上运动，把上升过程分为等距

的三段，朱雪莹从下至上运动过程中，依次经历三段的时间记为t］、t2、t3。

则t"tz：”最接近()

A.3：6：10

B.3：4：10

C.3：6：20

D.3：4：20

6.在某静电场中，x轴上的场强E随x的变化关系如图所示，规定》轴正向为场强正方向。下

A.乙和冷处的电场强度相等

B.从小处到办处，电势逐渐降低

C.一电子从冷处沿直线运动到处处，速度先增大后减小

D.一电子从/处沿直线运动到灯处，电势能先减小后增大

7.质量为1kg的物块，置于水平地面上。在水平力F的作用下由静止开始运动，F与时间t的

关系如图所示。已知物块与地面间的动摩擦因数为0.1,最大静摩擦力大小与滑动摩擦力大小

相等，重力加速度大小g=10m/s2。在0〜4s内，下列判断正确的是（）

A.3s末物块的速度最大

B.3s末物块的动量大小为1kg-m/s

C.0〜4s内物块所受合外力的冲量为0

C.Rmin=D.Rmin=

9.某实验小组用图（a）所示的电路测量一未知电阻的阻值%。所用电压表V（量程3V,内阻约

3k。）、电流表4（量程0.64,内阻约0.30）,实验过程如下：

图⑶

(1)将滑动变阻器R的滑片滑到最右端。断开开关S2,闭合开关Si，调节R,电压表和电流表示

数如图(b)、(c)所示。记录两表的示数分别为V'和___A„

(2)闭合S2,调节R使电压表的示数仍为图(b)所示。记录电流表的示数0.564则待测电阻

Rx=—0。(计算结果保留三位有效数字)

(3)该实验中，电压表内阻和电流表内阻对电阻的测量值—(填“有”或“无”)影响。

10.某实验小组利用图(甲)所示装置测量滑块与长木板之间的动摩擦因数。长木板固定于水

平实验台上，一轻绳跨过定滑轮，左端与放在长木板上的滑块(滑块上固定有一细小方形遮光

条，宽度为d)相连，另一端可悬挂钩码。

钩码

甲

本实验中可用的钩码共有N=6个，质量均为小。

实验步骤如下：

①在长木板上适当的位置固定光电门4和8,两光电门通过数据采集器与计算机相连；

②用电子秤称量出滑块和遮光条的总质量为M；

③将n(依次取n=l、2、3、4、5、6)个钩码挂在轻绳右端，其余(N-n)个钩码放置在滑块

上；

④用手按往清装，并使轻绳与长木板平行；

⑤接通光电门，由静止释放滑块；

⑥计算机自动记录遮光条通过光电门力、B的时间以、功，以及遮光条的后端从离开光电门A到

离开光电门B的时间t；经数据处理后，可得到与n对应的加速度呢

(1)关于该实验，下列说法正确的是一。

A.本实验需要平衡滑块与长木板间的摩擦力

氏本实验不需要平衡滑块与长木板间的摩擦力

C滑块和遮光条的总质量M要远远小于钩码的质量Tn

D滑块和遮光条的总质量M要远远大于钩码的质量rn

(2)忽略遮光条通过光电门时速度的变化，滑块加速度a的表达式为一。(用仇、t2、t、d表

示)

(3)利用记录的数据拟合得到a-n图像，如图(乙)所示，该直线在纵轴上的截距为-b,当地

重力加速度为g,贝心的表达式为—。

(4)若仅考虑定滑轮处摩擦的影响，则〃的测量值与真实值相比—。(填“偏大”“偏小”

或“不变”)

11.如图所示，在匀强磁场中，有一竖直放置且足够长的平行金属导轨，I--(=)-I

导轨间距为3匀强磁场的方向与导轨平面垂直。质量为m的导体棒从导

轨的顶端静止释放，下降s的路程时速度达到最大值为。导体棒始终与导

轨垂直，且接触良好，接在两导轨间的电阻为R,导体棒接入电路的电阻

为r，其他部分的电阻均不计，重力加速度为g。求：

(1)匀强磁场的磁感应强度的大小；

(2)导体棒下降s的过程中，电阻R上产生的焦耳热。

12.假设你是当年“阴极射线是带电粒子”的支持者。你采用如图所示的实验装置来测定阴

极射线的比荷(电荷量与质量之比)。某次实验室中，真空管内阴极K发出的阴极射线经高压加

速电压加速后，穿过4中心的小孔沿中心轴。1。的方向进入到两块水平正对放置的平行极板P

和P'间的区域。当极板间不加偏转电压时，射线打在荧光屏的中心。点处，形成了一个亮点；

当加上偏转电压U=200.0U时，亮点偏离到0'点，。'与。点的竖直间距为y=4.0an、水平间

距忽略不计。此时，在P和P'间的区域，再加上一个方向垂直于纸面向里的匀强磁场。调节磁

场的强弱，当磁感应强度的大小8=5.0x10-47时，亮点重新回到o点。已知极板水平方向

的长度为。=5.0cm,极板间距为d=2.0cm,极板右端到荧光屏的距离为。=12.5cm。忽略

射线的重力和射线间的相互作用。

(1)推断阴极射线带什么性质的电荷，写出理由;

(2)求阴极射线打在荧光屏。点时速度的大小；

(3)求阴极射线的比荷。

13.某同学用油膜法估测分子直径大小，实验步骤如下：

①将体积为力的纯油酸溶于酒精，稀释成总体积为V的油酸酒精溶液。用注射器吸取该溶液，

一滴一滴地滴入小量筒中，滴入N滴时，记录体积为匕；

②在边长为40-50cm的浅盘里倒入2.5cm深的水，将琲子粉均匀撒在水面上；

③用注射器往水面上滴1滴上述溶液，当油酸形成的薄膜形状稳定后，将透明玻璃板盖在浅

盘上，用彩色笔在玻璃板上描出油酸薄膜的形状；

④将画有油酸薄膜轮廓形状的玻璃板置于坐标纸上，坐标纸的最小正方形边长为服

计算出轮廓范围内最小正方形的总个数为n,不足半个的舍去，多于半个的算一个；

实验步骤①中，稀释油酸的目的是—，油酸分子的直径表达式&=—。假设用注射器

吸取油酸酒精溶液滴入小量筒中时，滴数少记了几滴，由此计算出来的d将—(填“偏大”、

“偏小”或“不变”)。

14.大方县城区有99口水井的记载，闻名于远近。如图所示

为可以把地下井水引到地面上的设备。活塞和阀门都只能单向

打开，提压把手可使活塞上下移动，使得空气和水只能往上走

而不往下走。活塞往上移动时，阀门开启，可将直管中的空气

抽到阀门上面；活塞向下移动时，阀门关闭，空气从活塞处溢

出，如此循环,井水就在大气压的作用下通过直管被抽上来了。

阀门下方的直管末端在水井水位线之下,水井水位线距离阀门

水井水位

的高度无=9.0m,直管横截面积5=3.0x10-3^2。现通过提压把手，使直管中水位缓慢上

升阳=6.0m。已知水的密度p=1.0xl()3kg/m3,外界大气压强pg=l.oxl()5pa,重力加

速度g=10m/s2,直管中的气体可视为理想气体。

(i)若该设备的机械效率4=0.6,求人对把手做的功；

(ii)求直管中剩余空气质量2bn与直管中原空气质量小。之比.

15.如图所示，一列简谐横波沿x轴传播。实线为t=0时的波形图，此时P质点向y轴正方向

运动,虚线为ti=02s时的波形图。已知周期7>0.2s。则该波沿x轴—(填“正”或"负”)

方向传播，波的周期为—s,速度大小为—m/s.

速度大小为c。不考虑光线在介质中的多次反射。求:

(l)sina的值;

(2)光从射入该透明介质到射出所用的时间。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：根据光电效应方程：Ekm=hv-Wo

由动能定理：Ekm=eUc

联立得立=如_畋

ee

根据图像得k=2

e

解得九=ek

横截距%=华

解得逸出功为伍=e/c%,故A正确，8CO错误。

故选：Ao

根据光电效应方程，以及最大初动能与遏止电压的关系得出遏止电压与入射光频率的关系式，结

合图线的斜率和截距分析判断.

解决本题的关键掌握光电效应方程，以及知道最大初动能与遏止电压的关系，对于图线问题，一

般的解题思路是得出物理量之间的关系式，结合图线的斜率和截距进行求解.

2.【答案】C

【解析】解：AB.在游戏过程中，由于甲、乙两人在保持木板水平的前提下，缓慢向两侧拖拉木板，

表明木板和两块砖处于动态平衡状态，即木板和两块砖所受的合外力为零。

对木板与两块砖整体分析，竖直方向受重力和甲乙两手竖直向上的支持力；水平方向受甲对木板

水平向左的摩擦力、乙对木板水平向右的摩擦力，由平衡条件知，两摩擦力等大反向，故错

误；

D甲、乙“拔河”的力，即甲手对木板向左的摩擦力与乙手对木板向右的摩擦力，两力都作用在

木板上，是一对平衡力，故。错误；

C由于甲端木板上放两块砖，则甲手与木板间弹力大于乙手与木板间弹力，即甲手与木板间最大

静摩擦力大于乙手与木板间最大静摩擦力。

在缓慢拖拉过程中，摩擦力不可能大于乙手与木板间最大静摩擦力，则摩擦力一定小于甲手与木

板间最大静摩擦力，即甲手和木板间不会有相对滑动，故C正确。

故选：c。

甲乙各自缓慢向两侧水平拖拉木板，则说明木板和两块砖处于动态平衡状态，合力为零。由水平

方向合力为零可得，甲、乙给木板的摩擦力等大反向；木板对甲手的压力大于乙手，则甲手与木

板间最大静摩擦力更大。

甲乙各自缓慢向两侧水平拖拉木板，则摩擦力不可能大于乙手与木板间最大静摩擦力，则摩擦力

一定小于甲手与木板间最大静摩擦力，即甲手和木板间不会有相对滑动。

甲、乙“拔河”的力，即甲手对木板向左的摩擦力与乙手对木板向右的摩擦力，是一对平衡力。

本题考查了静摩擦力、最大静摩擦力、作用力与反作用力、动态平衡等知识，要求学生掌握动态

平衡特征，正确进行受力分析，列出平衡方程。

3.【答案】C

【解析】解：4根据线速度与周期的关系U=罕，由于双星运动半径未知，无法求出线速度，故

A错误;

8.根据G四署=mi#ri=m24方，得万=处小，七=吗由于双星质量未知，无法求出

LTT4TC2L4TT2L

运动半径，故8错误；

双星质量之和为叫+5*+嗜1=第故

c由上式得巾1=钛12

C正确;

/).由G"滑=机通1=m2a2,得的=G得，ci2=G詈，由于双星质量未知，无法求出向心加速度，

故。错误。

故选：Co

双星靠相互间的万有引力提供向心力，角速度相等，根据万有引力提供向心力求出双星的质量之

和。结合其他物理量之间的关系分析。

解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，会根据万有引力

提供向心力进行求解。

4.【答案】D

【解析】解：4撤去恒力前，物体沿斜面向上做匀加速运动，撤去恒力后，物体在重力下滑分力

作用下，加速度保持不变，先沿斜面向上做匀减速运动，然后沿斜面向下做匀加速运动，速度方

向在到达最高点开始下滑时变为沿斜面向下，题图中速度方向一直不变，故A错误：

B.撤去恒力前，恒力作正功，物体的机械能增加，撤去恒力后，只有重力做功，物体的机械能守

恒，则机械能先增大后不变，故B错误；

C.物体先向上运动，重力势能先增大，当到达最高点时后物体向下运动，重力势能减少，故C错

误；

D根据动能定理可知，撤去恒力前，合外力做正功，动能增大，撤去恒力后，只有重力做功，且

先做负功再做正功，故动能先减少后增大，动能是标量，只有大小，没有方向，故。正确。

故选：D。

分析物体的运动情况，判断图象的形状。由Ep=mg1s讥。分析昂-1图象形状。根据功能关

系分析E-s图象形状；根据动能定理列式，分析&-S图象形状。

本题主要是考查速度、动能、机械能重力势能和图象问题的知识；解题关键是知道除重力或弹力

做功以外，其它力对系统做多少功，系统的机械能就变化多少；注意运动过程中机械能和其它形

式的能的转化关系。

5.【答案】B

【解析】解：根据逆向思维，将朱雪莹向上的运动看作向下的自由落体运动，即初速度为0、加速

度为g的匀加速直线运动，则有

2

h=gg烤,2h=^g(t2+t3),3九=+t2+打产

因此ti；t2：t3=(q-C)；(C-l)；1»(1.732-1.414).-(1.414-1)；1»3；4；10

可知£i：t2：J最接近3：4：10,故AC£＞错误，8正确。

故选：B。

运用逆向思维，将朱雪莹向上的运动看作向下的自由落体运动，根据九=2gt2求解。

解答本题时，要巧用逆向思维，运用初速度为零的匀加速直线运动的推论求解。

6.【答案】BD

【解析】解：4根据场强E随x的变化关系图，匕和右处的电场强度大小相等，方向相反，故A错

误；

员从X2处到心处，场强为正值，则场强方向沿X轴正向，则电势逐渐降低，故8正确;

C.一电子从小处沿直线运动到久4处，电场力一直做负功，根据动能定理，则速度一直减小，故C

错误；

。.从X1处到%2处，电势升高；从犯处到处处，电势降低，根据公式Ep=aq,则一电子从/处沿直

线运动到灯处，电势能先减小后增大，故。正确。

故选：BD。

根据场强E随无的变化关系图，比较电场强度；

沿电场方向电势降低：

根据动能定理，电场力一直做负功，速度减小；

电势能与电势关系，Ep=<pq。

本题考查学生对电场中电场线特点、电势电势能关系的掌握，解题关键是知道：沿电场方向电势

降低、电势能与电势关系，Ep=<pq。

7.【答案】ABD

【解析】解：4、物块所受的最大摩擦力为/=林FN=0.1xION=IN

由受力分析可知，物块在0〜1s内静止，在1〜3s内加速，在3〜4减速，所以3s末时，物块的速度

最大，故A正确；

B、1〜3s内，由动量定理可得卜-九=小外其中拉力的冲量由图线与时间轴围成的面积可求，

1_1,?

lF=-^―x1x2N.s=3N-s,解得dp=mv=IF-ft=3N-s-1x2N•s=IN•s=IN•s,

故8正确；

CD、1〜4s内，由动量定理可得（F=mv，解得u=0.5?n/s,由动能定理可得=W合，

解得“台=gx1x0.52/=0.125/,故C错误，。正确。

故选：ABD.

先求出物块所受的最大摩擦力，再由受力分析判断各时间段内物体的运动性质，以及3s末物块的

速度；对1〜3s内，对物体根据动量定理求出3s末的动量大小；再对1〜4s内，由动量定理求出物

体的速度，最后根据动能定理求出合力做功。

本题考查动量定理、动能定理的相关知识，解决本题的关键是会根据图像求变力的冲量。

8.【答案】AC

【解析】解：AB.粒子在磁场中只受洛伦兹力而做匀速圆周运动，离开磁场做匀速直线运动，其

运动轨迹如图1所示：

设粒子在磁场中运动半径为r,由几何关系可得：d=-^+r,解得：r=g

因粒子的速度方向偏转了120。，故粒子在磁场中运动轨迹圆心角为120。，粒子在磁场中运动时间

、/120°2nr2nd

为:tl=360X-=17

粒子在4点离开磁场，从4到P匀速直线运动的时间为：12=="=登

则粒子从点。到P的时间为：t=t]+t2=Q容迦，故A正确，B错误；

CD、当圆形磁场区域的直径等于粒子圆周运动轨迹的弦长时，圆形磁场区域的半径最小，则有:

Rmm=竽="等=平，故c正确，O错误。

故选：ACo

粒子在磁场中只受洛伦兹力而做匀速圆周运动，离开磁场做匀速直线运动，画出粒子运动的轨迹

图。利用轨迹的圆心角求解粒子在磁场中的运动时间。当圆形磁场区域的直径等于粒子圆周运动

轨迹的弦长时，圆形磁场区域的半径最小，根据几何关系求解。

本题考查了带电粒子在磁场中运动的问题，画运动轨迹图是解决此类问题的基本功，掌握垂直速

度方向画圆心所在的直线，依据其它条件(如出射点的位置，轨迹与边界相切等)确定圆心位置，

即可确定轨迹半径与圆心角。知道半径与速度大小相关联，时间与圆心角相关联。

9.【答案】2.300.4623.0无

【解析】解：(1)电压表的最分度值为0.1V，故在读数的过程中需要估读到下一位，由图(b)可读

得电压表的示数为2.30U；电流表得表盘最小分度值为0.024故采用二分之一读法，由图(c)可读

得电流表的示数为0.464。

(2)闭合S2之后待测电阻和定值电阻并联，根据并联电路分流可得待测电阻中的电流为：lx=

0.564-0.464=0.10/

n92f)

由部分电路的欧姆定律可得：/?》屋=绘。=23.00

(3)实验中待测电阻两端的电压就是电压表的读数，通过的电流为两次电流表示数的差值，都是真

实值，因此电压表内阻和电流表内阻对测量没有影响。

故答案为：(1)2.30,0.46；(2)23.0；(3)无。

(1)先确定电压表和电流表的最小分度值，再读出读数；

(2)先计算通过待测电阻的电流，再根据欧姆定律计算电阻；

(3)分析待测电阻两端电压和通过电流是否为真实值，再进行判断。

本题考查测量电阻的阻值，要求掌握实验原理和实验电路、分析实验误差。

10.【答案】8笔菖)偏大

【解析】解：(1)4B.本实验是测量滑块与长木板之间的动摩擦因数，故不需要平衡滑块与长木板

间的摩擦力，故A错误，B正确；

CD.本实验的研究对象是滑块与钩码组成的整体，故不需要滑块和遮光条的总质量M远远小于钩码

的质量小，也不需要滑块和遮光条的总质量M远远大于钩码的质量m,故CO错误。

故选：Bo

(2)忽略遮光条通过光电门时速度的变化，滑块经过光电门的速度分别为以=壬vB=^

根据运动学公式可得益=vA+at

以必

联立可得滑块加速度的表达式为_(G-

aa一小2t

(3)以滑块与钩码为整体，根据牛顿第二定律可得rung[M+(6-n)m]g=(M+6m)a

可得。=嚅誓』

可知a-n图像的纵轴截距为-b=-fig

解得〃=1

y

(4)若仅考虑定滑轮处摩擦的影响，〃的测量值实际上包含了定滑轮处摩擦对系统整体摩擦力的贡

献，所以〃的测量值与真实值相比偏大。

故答案为：(1)8;(2)午修：(3)。；(4)偏大

C1C2C9

(1)根据实验原理与实验操作分析判断;

(2)在极短时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，由此得到遮光条经过光电门的速度，再根

据加速度的定义式求解加速度；

(3)(4)由牛顿第二定律得到a与n的关系，结合图象进行解答，并分析误差。

对于实验题，要弄清楚实验目的、实验原理以及数据处理、误差分析等问题，一般的实验设计、

实验方法都是根据教材上给出的实验方法进行拓展，延伸，所以一定要熟练掌握教材中的重要实

验。

II.【答案】解：(1)导体棒匀速时的速度为加，受力平衡，有

mg=BIL

导体棒切割产生的电动势为

E=BLvm

由闭合电路欧姆定律得

I--

R+r

解得B=回恒

(2)系统能量守恒得

Q=mgs-gm喝

电阻R上产生的焦耳热为

Q=4Q

YRRR+r”

解得：QR=白0ngs-

答：(1)匀强磁场的磁感应强度的大小为右等立；

(2)导体棒下降s的过程中，电阻R上产生的焦耳热为QR=券5勿-标谥)

n+FL

【解析】(1)导体棒的速度达到最大值时，受力平衡，合力为零；

(2)由系统能量守恒求电阻R上产生的焦耳热。

本题考查了导体棒竖直面切割磁感线，速度达到最大时受力平衡问题及此过程电阻R上产生的焦

耳热求解问题，难度不大。

12.【答案】解：(1)阴极射线带负电，原因是射线在K4之间或平行极板P和P'间所受电场力与电

场方向相反。

(2)当电子受到的电场力与洛伦兹力平衡时，电子做匀速直线运动，亮点重新回复到中心。点，根

据平衡条件有：qvB=其中d=2.0cm=0.02m

代入数据得：v=2.0x107m/s

(3)设阴极射线在偏转电场中的偏转距为力,由几何关系得:

-2

代入数据得：yx=|cm=|x10m

2

根据位移一时间公式，有：yr=^at

根据牛顿第二定律有：a=当

ma

其中d=2.0cm=0.02m

水平方向匀速直线运动，则有：仇

联立可得：^=||xlOnC/kg=2.1xlO^C/kg

答：(1)阴极射线带负电；

(2)阴极射线打在荧光屏。点时速度的大小为2.0x107m/s；

(3)阴极射线的比荷2.1xlO^C/kg.

【解析】(1)根据带电粒子从电场的负极向正极加速的特点可得，粒子带负电；

(2)电子受到的电场力与洛伦兹力平衡时，电子做匀速直线运动，亮点重新回复到中心。点，根据

平衡条件即可求出速度；

(3)电子在电场中做类平抛运动，将运动分解成沿电场强度方向与垂直电场强度方向，然后由运动

学公式求解.电子离开电场后，做匀速直线运动，从而可以求出偏转距离的表达式，变型得到电

子的荷质比表达式.

考查平抛运动处理规律：将运动分解成相互垂直的两方向运动，因此将一个复杂的曲线运动分解

成两个简单的直线运动，并用运动学公式来求解.

13•【答案】形成单分子油膜.偏大

【解析】解：实验步骤①中，稀释油酸的目的是形成单分子油膜。

一滴油酸酒精溶液含有纯油酸的体积%=余;％

油膜面积s=na2

所以油酸分子的直径表达式d=侬=3