2023届高考物理各省模拟试题卷（重庆）

2023届高考物理各省模拟试题精编卷（四）（重庆专版）

1.（2023届重庆2月质检）在科幻电影《全面回忆》中有一种地心车，无需额外动力

就可以让人在几十分钟内到达地球的另一端。如图沿地球直径挖一个通道N8,地心车

从通道/端静止释放，只在万有引力作用下在N8两点之间做简谐运动，地心处为。

点，则乘客（）

A.在。处速度最大B.从4到。受到的万有引力一直增大

C.从/到。的时间大于。到8的时间D.在/、8处加速度相同

2.（2023届重庆2月质检）如图用货车运输规格相同的两块水平水泥板，底层水泥板

车厢间的动摩擦因数为0.6,两块水泥板之间动摩擦因数为0.8,最大静摩擦力等于滑

动摩擦力，取g=10m/s2,为保证底层水泥板与车厢、两块水泥板之间均不发生相对

运动，货车行驶的最大加速度为（）

A.2mzs2B.4m/s2C.6m/s2D.8m/s2

3.（2023届重庆2月质检）如图所示，在丁轴与直线x=l之间区域有垂直纸面向外的

匀强磁场，在直线与直线x=2L之间区域有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强

度大小均为瓦现有一直径为L的圆形导线框，从图示位置开始，在外力E（未画出）

的作用下沿x轴正方向匀速穿过磁场区域。线框中感应电流（逆时针方向为正方向）

与导线框移动的位移x的变化关系图像中正确的（）

4.（2023届重庆2月质检）如图所示为某电站向其他地区远距离输电的原理图，图中

交流电表均为理想电表，变压器（、7；均为理想变压器。输电线电阻为&=100。，可

变电阻R为用户端负载，发电机输出电压有效值。=250V保持不变。当输电功率

P=1000kW时，输电线上损失的功率为输电功率的1%，电压表示数为220V。下列说

法正确的是（）

A.输电线上的电流为io底A

B.升压变压器7；的原、副线圈匝数比为1：2008

C.降压变压器7；的原、副线圈匝数比为450:1

D.随着用电高峰到来，电压表的示数将变小

5.（2023届重庆二检）如图所示，一小球以一定初速度水平抛出，忽略空气阻力。当

小球以速度%抛出时，经历时间4后以匕恰好击中斜面/处（抛出点与4点的连线

垂直于斜面）。当小球以速度3%抛出时，经历时间与后以也恰好从6点沿圆弧切线

进入圆轨道。则（）

2

B.44=—n—

12tan20

sin^Vtan2^+4c2cosejtan?6+4

C・3以=：~=

3tan93tan。

6.（2023届重庆二检）下列说法正确的是（）

A.牛顿发现了万有引力定律并利用扭称测出了引力常量

B.做匀速圆周运动的物体，其机械能总保持不变

C.牛顿第二定律适用于微观物体、高速运动的情况

D.一对互为相互作用的摩擦力做功之和不可能大于零

7.（2023届重庆11月调研）如图所示，建筑工地常使用打柱机将圆柱体打入地下一定

深度。设定某打桩机每次打击过程对圆柱体做功相同，圆柱体所受泥土阻力/与进入

泥土深度。成正比（即/=必，左为常量），圆柱体自重及空气阻力可忽略不计。打桩

机第一次打击过程使圆柱体进入泥土深度为〃。，则打桩机第〃次打击过程使圆柱体进

入泥土深度为（）

i

A.4B.叫C.y/nh0D,（V«-VM-1）/20

8.（2023届重庆11月调研）如图所示，一长方体箱子沿固定斜面依惯性自由滑行，轻

绳一端固定在箱顶，另一端连接一小球，小球与箱子相对静止，不计空气阻力。可判

定（）

A.箱子沿斜面向下减速运动B.箱子沿斜面向下加速运动

C.箱子沿斜面向上减速运动D.箱子沿斜面向上加速运动

9.（2023届重庆11月调研）足够长的光滑水平面上静止放置有长度均为L的甲、乙木

板，如图所示。完全相同的小物块（可视为质点），以水平速度分别冲上甲、乙木板

左端，两木板上表面均水平。已知小物块与甲、乙木板间动摩擦因数相同，甲、乙木

板质量分别为2M、Mo不计空气阻力，小物块恰好能到达甲木板正中央位置，小物

块能到达乙木板的位置距乙木板左端的距离为d,则（）

,,厅“力”“厅______/

A.d>—B.d=-C.d<—D.d=L

222

10.（2023届重庆八中适应性测试）如图所示是。、b卫星分别绕尸、。行星在不同的轨

道上做圆周运动的IgT-lg，,图像，其中T为卫星的周期，r为卫星的轨道半径。则下

列说法正确的是（）

A.卫星a的质量小于卫星b的质量

B.行星P的质量小于行星。的质量

C.卫星a在2处的速率小于卫星b在3处的速率

D.卫星a在1处的加速度小于卫星a在2处的加速度

11.（2023届重庆二中质检）校橙子辅导小组将验证M、皿河>⑼组成的系统机械能

守恒。两物块通过跨过轻质光滑定滑轮的轻绳相连；左边竖直放置两个光电门，其中

光电门1固定不动，光电门2可以上下移动，两个光电门间距为人挡光片的宽度为力

重力加速度为g。某次实验中挡光片通过光电门1的时间为。，通过光电门2的时间

为。

（1）若要验证系统机械能守恒，则需验证的表达式为（用

M、加、g、d、h、小G表示）；

（2）通过计算发现系统动能的增加量总是略小于系统重力势能的减少量，原因是

（3）橙子辅导还发现也可通过该装置来测量g,通过g的测量值是否等于实际值来验

证机械能守恒。调节光电门2的位置来改变人，并得到对应的4作出的

;△（一）-人图像如图乙所示，已知图像中直线的斜率为七则测量重力加速度表达式为

S=（用A/、m、A'表示）。

12.（2023届重庆2月质检）小南同学设计如图甲所示实验测量电源电动势与内阻，再

利用该电源和gA表改装成欧姆表。

-/Q

R

甲乙

实验步骤如下:

（1）如图甲所示，4=0.5Q,改变电阻箱氏的阻值进行多次测量，读出多组。、R

数值，根据测得数据描绘图线如图乙所示。根据工一,图线求得电源的电动势

URUR

E=V,内阻尸=Qo

（2）利用该电源、电阻箱、量程为IOORA内阻约为300。的NA表改装成如图丙所示

的欧姆表。进行欧姆调零后，正确使用该欧姆表测量某待测电阻，欧姆表示数如图丁

所示，被测电阻阻值为Q。

（3）若考虑图甲中电压表内阻影响，则图丁电阻测量值（选填“大于”“等

于""小于"）真实值。

13.（2023届重庆11月调研）如图所示，一质量m=lkg的物块恰能沿倾角8=37°的固

定斜面匀速自由下滑。重力力口速度g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8。不计空气阻

力，求：

（1）物块与斜面间动摩擦因数；

（2）如果对物块施力E（图中未画出），使物块沿斜面向上匀速运动，求力厂的最小

值。

14.（2023届重庆二检）某部电梯原理结构简化如图甲，质量为的轿厢（不含

乘客和货物）通过钢索跨过两个光滑定滑轮与质量为M?=L5t的配重相连，轿厢和配

重均一直悬空。电动机（图中未画出）通过给轿厢额外的沿竖直方向的力来控制轿厢

的运行。轿厢在一楼载上总质量为加=lt的乘客和货物开始向上运行，不计滑轮和钢

索质量，每层楼高3m,g=10m/s2。

（1）若轿厢向上启动时加速度为2m/s2,求电动机对轿厢作用力的大小和方向；

（2）若为了舒适性，轿厢在每次加速和减速时加速度的大小都按乙图变化，且要求

0〜2s内轿厢位移大小为1.5m,求为的大小；

（3）在（2）条件下，轿厢在相邻两次加减速之间都保持匀速。一批总质量为600kg

的乘客和货物在5楼下了电梯；剩下的乘客和货物全部在15楼下了电梯；然后空轿厢

继续向上运行到20楼停下。若电动机在对轿厢做正功时有75%的电能转化为机械能，

电动机在对轿厢做负功时有60%的机械能转化为电能。求此次电梯上行消耗的总电能。

15.（2023届重庆2月质检）地球周围不但有磁场，还有电场。如图，在赤道上一个不

太高的空间范围内，有垂直纸面向里（水平向正北）的匀强磁场，磁感应强度大小为

5；有竖直向下的匀强电场，电场强度大小为£一群质量均为机，电量均为q的带正

电宇宙粒子射向地面；取距水平地面高度为力的P点观察，发现在如图所示水平线以

下180。方向范围内都有该种粒子通过尸点，且速度大小都为v；所有粒子都只受匀强

电磁场的作用力，求：

（1）若有些粒子到达了地面，这些粒子的撞地速度大小;

（2）若要所有粒子都不能到达地面，v的最大值是多少；

（3）若y=J万二，且里=〃，过尸点的这些粒子打在地面上区域的长度。注：本

BqB1

cosO.43兀，胆厘

小问结果用6表示,78（Vn-i）»5°

V17+1

答案以及解析

L答案：A

解析：A.乘客达到地心时处于平衡位置，故其速度最大，加速度等于零，故A正确；

B.乘客达到地心时受到的万有引力为零，故B错误；

C.地心车从通道N端静止释放，只在万有引力作用下在N8两点之间做简谐运动，所以

从4到O的时间等于。到8的时间，故C错误；

D.根据牛顿第二定律可知，在/、8处受万有引力大小相同，方向相反，所以在Z、B处

加速度方向相反，故D错误。

故选Ao

2.答案：C

解析：要使上层水泥板不发生相对滑动，上层水泥板的最大静摩擦力〃Mg=加6，要

使两块水泥板均不发生相对滑动，则242mg=2〃9，所以最大加速度应

2

am<a2=6m/s,故选Co

3.答案B

解析：设导线框匀速运动的速度为n,导线框电阻为凡在0«x<L过程，导线框进入

左侧磁场，导线框的磁通量向外增大，根据楞次定律可知，感应电流为顺时针方向（负

方向），导线框切割磁感线的有效长度先增大后减小，根据心小爷，可知导线

框的电流先增大后减小，其中最大电流为人由="，在£«x<2L过程，导线框从左

1llldA

侧磁场进入右侧磁场，导线框的磁通量从向外减小到向里增大，根据楞次定律可知，

感应电流为逆时针方向（正方向），导线框切割磁感线的有效长度先增大后减小，根据

（=*=至|Q,可知导线框的电流先增大后减小，其中最大电流为1."二竿，

在2L«X<3£过程，导线框离开右侧磁场，导线框的磁通量向里减小，根据楞次定律

可知，感应电流为顺时针方向（负方向），导线框切割磁感线的有效长度先增大后减

小，根据人="=也，可知导线框的电流先增大后减小，其中最大电流为

RR

r=—，故选B。

J3max

4.答案：CD

解析：A.设输电线上的电流为八，则有4=/；&=0.01尸，解得A=IOA,故A错误;

C.设降压变压器7；副线圈输出电流为乙，则有勺=。4=尸-为=0$9P,解得

0.99P0.99xlOOPxlQ3

八A=4500A,则降压变压器石的原、副线圈匝数比为

220

台>臀=哈故C正确;

B.降压变压器7；的原线圈输入电压为q=&。4=99000V,升压变压器（的副线圈输

%

出电压为。2=。3+/2凡=100000丫，升压变压器7；的原、副线圈匝数比为

=^P=L故B错误；

〃2。2100000400

D.随着用电高峰到来，输电功率变大，则升压变压器（的原线圈电流变大，副线圈电

流变大；输电线电阻损失电压变大，则降压变压器7；的原线圈输入电压变小，降压变

压器7；的副线圈输出电压变小，电压表的示数将变小，故D正确。

故选CD。

5.答案：A

解析：对N点：ta团与於二册+（刈2；

2gl

对8点：tan^=1^,vg=^L.

3%cos”

故人=口=cos6Jtan26出,即A正确，B、C、D错误。

3

123tan0vB3tan0

6.答案：D

解析：一对互为相互作用的静摩擦力做功的和为零，一对互为相互作用的滑动摩擦力

做功的和为负数。

7.答案：D

解析：设定打桩机每次打击过程对圆柱体做功为W,由题意得：第一次打击后，

%=；阳02。第（〃一1）次打击后，圆柱体进入泥土总深度为4T，（〃-1）%=；必3,第〃

次打击后，圆柱体进入泥土总深度为〃“,〃%=;左片，则打桩机第〃次打击过程使圆柱

体进入泥土深度为（4-五二i）%,选项D正确。

8.答案：C

解析：设斜面倾角为仇重力加速度为g,由分析知，小球与箱子的加速度方向沿斜面

向下，且大小a>gsin。，说明箱子必受到沿斜面向下的滑动摩擦力，所以箱子沿斜面

向上减速运动，选项C正确。

9.答案：C

解析：如图，作出小物块和甲、乙木板运动的V—图像，可知当小物块分别与甲、乙

木板共速时，小物块与甲木板的相对位移《=5~00,小物块与乙木板的相对位移

d=SAABO,可得d<g,选项C正确。

10.答案:BC

世d与绕行天体的质量无关，故A错误。由2、3两处相

解析：根据绕行关系T

GM

比较可知道，行星尸的质量小于行星。的质量，故B正确。由丫=当2兀厂可知，卫星a

在2处的速率小于卫星。在3处的速率，故C正确。由"皆可知，卫星.在1处的

加速度大于卫星。在2处的加速度，故D错误。

2

11.答案：（"-加9=；（川+加）d，-dF2、；摩擦生热或有空气阻力做功;k(M+m)

I7(M-fn)

解析：系统整体机械能守恒，则系统减少的重力势能等于系统增加的动能。

dd

在光电门1处的速度匕=/，在光电门2处的速度匕=厂

则系统减少的重力势能为加）

系统增加的动能为△纭=；1（〃+〃?）4--、

21匕乙2

17

则当满足（"-Mg力=；（"+加）d2d2\条件时，系统机械能守恒。

17

本实验有空气阻力做功，所以系统重力势能的减少量大于系统动能的增加量。

22

,1(t/d'h=(M-")g

由---5■•一

22(M+m)(M+

则

12.答案:(1)1.5；0.5(2)6000(3)小于

解析：（1）根据闭合电路欧姆定律可得E=U+S（&+r），可得工=K上'+L,

R'"'UERE

可知*!图像的纵轴截距为解得电源电动势为―冷图

4_2

像的斜率为左=国土二=工^。.丫一|=2^^丫一1,解得内阻为r=0.5。。

E13

P

(2)欧姆调零时，根据闭合电路欧姆定律有人=土，解得欧姆表内阻为

f=1.5x104。，根据欧姆中间刻度可知欧姆表倍率为〃=生丝=1000,测量某待测

15

电阻，欧姆表示数如图丁所示，则被测电阻阻值为此=6x1000。=60000。

(3)若考虑图甲中电压表内阻影响，设电压表内阻为心,由图甲根据闭合电路欧姆

TTTJ可得_1=&±目._1+&+4+%，可知

定律可得E真=。+-+—（4+%），

KK、UE其RR、E英

工-工图像的纵轴截距为b=—匚=R'+Ao+'h,可得£则=——<E.,则欧

UR扁W真M&,+q+。真

姆调零时，有人二F乜二二F,设图丁指针对应电流为/,根据闭合电路欧姆定律可得

小测3真

/=心=—「，1="真"=―「，可得至=",则有及测<R真，则

缶测+R测［+&_'a真+R真/_(__直.E测E其

8%8E其

电阻测量值小于真实值。

13.答案:(1)0.75

(2)9.6N

解析：解：(1)由题知，mgsin37°=pimgcos37°,解得：〃=0.75

(2)方法一：设力E与斜面方向夹角为a,由分析知，力/具有沿斜面向上的分量,

且-90"<a<90°

对物块进行受力分析(如答图)，有:

Fcosa=f+mgsin0,N+Fsina=mgcos0,f=RN

联立解得：/Jg（sin-s6）

〃sina+cosa

mg（4sin37°+3cos37。）zwgsin（37°+37°）

代入〃和仇化简可得：F

3sina+4cosasin（a+53。）

当sin(a+53°)=l,即。=37°时，/有最小值

故/=mgsin（370+37°）=2，”gsin37°cos370=9.6N

由/=〃N和分析可知：

/与N的合力线的方向与重力加g之间的夹角恒定，为兀-2。

由矢量合成的三角形法则可得：当力尸与片垂直时，力R有最小值

即：（in=^gsin29=2mgsin0cos0=9.6N

（2）1.5m/s

（3）62475J

解析：解：（1）对轿厢和配重整体，在沿绳方向：

+M2g-（Mi+m）a,解得：5=13200N,方向竖直向上。

（2）因为a—图与，轴围的面积为Av,又因为轿厢初速度为0,故：0〜2s内任意f时

2

刻轿厢的速度为丫=5卬2,0<,<is；v=a0--a0（2-/）,ls</<2s；画出函数图像如图:

2z/s

由于图像的对称关系，0〜2s内图像与/轴所用面积为：S=?x2=%=L5m,故

2

Q（）=1.5m/s

即：轿厢匀速时的速度y=L5m/s

（3）从1楼向上加速阶段以及匀速到5楼阶段，电动机对轿厢的作用力向上，做正功:

即将到达5楼的减速阶段，若电动机不给轿厢作用力，则轿厢加速的加速度大小为：

22

（M+/n^g-M2g=+M+，a=m/s>a0=1,5m/s,

故整个减停过程电动机给轿厢的作用力都向上，做正功。所以1-5楼全程，系统机械

能增加量为：

4

3m=（M+〃LM）g%5=72000J，消耗的电能为1电I=5△£1机］=96000J

从5楼向上加速到匀速阶段：因为钢索两边重力刚好平衡，故电动机对轿厢做的正功

为系统总动能的增加：

14

相机2=2（必+加+必）声=3375］，消耗的电能为△媪2=整％2=4500J

匀速到15楼阶段，因为钢索两边重力刚好平衡，电动机不给作用力，不做功；

即将到达15楼的减停阶段，因为钢索两边重力刚好平衡，故电动机对轿厢做的负功为

系统总动能的减少：

13

■机3=-5（川|+加+河2»2=-3375J,消耗的电能为然心=《北机3=-2025J

从15楼到20楼阶段，若电动机不给轿厢作用力，则轿厢加速的加速度大小为：

20

,22

M2g-Mxg={<M1+A/1）a,=—m/s>=1,5m/s,

故整个15楼到20楼过程电动机给轿厢的作用力都向下，做负功。所以15-20楼全程，

系统机械能增加量为：

AE机4=