2023届重庆物理高一年级上册期末调研模拟试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

请考生注意：

1.请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0.5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答

案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。

2.答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，

有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

1、探究弹力和弹簧伸长的关系时，在弹性限度内，悬挂15N重物时，弹簧长度为0.16m；悬挂20N重物时，弹簧长

度为0.18m,则弹簧的原长L原和劲度系统"分别为

A.L原=0.02mk=500N/m

B.L原=0.10mk=500N/m

C.L原=0.02mk=250N/m

D.L原=0.10mk=250N/m

2、如图所示，一个重为ION的物体，用细线悬挂在O点，现在用力F拉物体，悬线与竖直方向夹角为，=37。，处于

静止状态，已知疝1137。=0.6,侬37。=0.8,则此时拉尸的最小值为

C.8ND.10N

3、牛顿在伽利略和笛卡尔等人的研究基础上，总结出动力学的一条基本规律——牛顿第一定律.下列说法正确的是

A.伽利略的理想实验是没有事实依据的凭空想象的实验

B.伽利略以事实为依据，通过假设、推理得出力不是维持物体运动状态的原因

C.笛卡尔指出：一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态

D.牛顿第一定律与牛顿第二定律一样，都可通过实验直接检验

4、质量不同a、b两球依次从同一高度相隔LOs自由落下，速度图像如图所示，在〜球下落后，〃球落地前，下列说

法不正确的是

A.两球速度差始终不变

B.两球距离始终不变

C.两球速度图像是两条平行线

D.a,》两球的距离在Is末、2s末、3s末之比为1：3：5

5、一辆沿笔直公路匀加速行驶的汽车，经过路旁两根相距80m的电线杆共用5s时间，它经过第1根电线杆时的速度

为15m/s,则经过第2根电线杆时的速度为（）

A.16m/sB.17m/s

C.18m/sD.19m/s

6、如图是在同一条直线上运动的A、B两质点的位移图象，由图可知（）

xfm

A.t=0时，A在B前面

B.B在t2秒末追上A并在此后跑在A的前面

C.在（）一ti时间内B的运动速度比A大

D.B开始运动时速度比A小，t2秒后才大于A的速度

7、将一个半球体置于水平地面上，半球的中央有一光滑小孔，上端有一光滑的小滑轮，柔软光滑的轻绳绕过滑轮，两

端分别系有质量为叫、色的物体（两物体均可看成质点，加2悬于空中）时，整个装置处于静止状态，如图所示。已知

此时町与半球体的球心O的连线与水平方向成53。角（碇1153。=0.8,8S53。=0.6）,町与半球面的动摩擦因数为0.5,并

假设犯所受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则在整个装置处于静止的前提下，下列说法正确的是

O

A.无论」的比值如何，地面对半球体的摩擦力都为零

m.5

B.当」二1时，半球体对外的摩擦力垂直于图中的虚线向上

机23

C.当14生4：时，半球体对叫的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向下

m23

D.当”〈生《5时，半球体对班的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向上

8、半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN,在P和MN之间放有一个光滑均匀的小

圆柱体Q,整个装置处于静止.如图所示是这个装置的纵截面图.若用外力使MN保持竖直，缓慢地向右移动，在Q

落到地面以前，发现P始终保持静止.在此过程中，下列说法中正确的是

A.P、Q间的弹力先减小后增大B.地面对P的摩擦力逐渐减小

C.MN对Q的弹力逐渐增大D.Q所受的合力始终为零

9、如图所示，质量为m=26kg的小球置于倾角为30。的光滑固定斜面上，劲度系数为k=200N/m的轻弹簧一端系在小

球上，另一端固定在竖直墙上的P点，小球静止于斜面上，弹簧轴线与竖直方向的夹角为30。，g=10m/s2.则

A.小球对斜面的压力大小为20N

B.弹簧对小球拉力大小为20JiN

C.弹簧的伸长量为10cm

D.小球所受重力与支持力的合力沿斜面向下

10、如图甲所示，水平传送带的长度L=6〃?，皮带轮以速度v顺时针匀速转动，现有一质量为l%g的小物块（可视为

质点）以水平速度％从A点滑上传送带，超过B点后做平抛运动，其水平位移为s,保持物块的初速度%不变，多次

改变皮带轮的速度L依次测量水平位移，，得到如图乙所示的s-u图像，下列说法正确的是

图甲图乙

A.当0<uWbn/s时，物块在A8之间一直匀减速直线运动

B.当时，物块在A、8之间一直匀加速直线运动

C.l,w/s<u<7w/s时，物块在AB之间先减速到与传送带共速再匀速运动

D.物块的初速度%=5〃z/s

二、实验题

11、（4分）一个滑雪人从静止开始沿山坡滑下（如下图所示），山坡的倾角。=37°,滑雪板与雪地的动摩擦因数是0.04,

求5s内滑下来的路程和5s末的速度大小.（取g=l（hn/s2）

12、（10分）为了用弹簧测力计测定两木块A和5间的动摩擦因数，某同学设计了如图所示的实验方案.用水平力产

向右拉木板8,使其向右运动，弹簧测力计示数的放大情况如图所示，则弹簧测力计示数为N,已知木块A

质量为mA=650g,当地重力加速度为g=9.8m/s2,则A、8间的动摩擦因数〃=（计算结果取2位有效数

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,

答案中必须明确写出数值和单位

13、（9分）一辆汽车在十字路口等候绿灯，当绿灯亮起时，汽车以3m/s2的加速度开始行驶，恰在此时一辆自行车以

6m/s的速度匀速同向驶过路口.求：

(1)汽车在追上自行车之前和自行车之间的最大距离；

(2)汽车追上自行车时，汽车的速度为多大？

14、(14分)质量为2kg的物体在水平推力尸的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去产，其运动的v4图象

如图所示。g取lOm/s，，求：

(1)物体与水平面间的动摩擦因数"；

(2)水平推力厂的大小；

(3)0〜10s内物体运动位移的大小。

15、(13分)如图所示，物块以初速度vo=12.4m/s沿一固定斜面从底端向上运动.已知：斜面倾角，=37。且足够长,

物块与斜面间的动摩擦因数"=0.8,重力加速度g=10m/s2,41137。=0.6,cos37°=0.8.求：

(1)物块向上运动过程中的加速度大小供

(2)物块向上运动的最大距离x和所需时间f；

(3)物块能否滑回底端？请说明理由

参考答案

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求,

有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

1、D

【解析】根据胡克定律可得上=丝=’2二^_N7邱=2SON/m设弹簧的原长为4,则有可仅16-%)=15,

Ax(kl8-0J.6

解得/0=0.10m,故选项D正确

2、B

【解析】以物体为研究对象，采用作图法分析什么条件下拉力尸最小.再根据平衡条件求解F的最小值

【详解】以物体为研究对象，根据作图法可知，当拉力尸与细线垂直时最小.

根据平衡条件得尸的最小值为：Fmin=Gsin37°=10x0.6N=6N；故选B.

【点睛】本题是物体平衡中极值问题，难点在于分析尸取得最小值的条件，采用作图法，也可以采用函数法分析确定

3、B

【解析】A.伽利略的理想实验是根据事实，根据逻辑进行的理想化的推理，不是凭空想象出来的，A错误；

B.伽利略根据其理想实验推出力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动的原因，B正确；

C.牛顿总结出了牛顿第一定律，指出：一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，除非作用在它上面的力迫使

它改变这种状态，C错误；

D.牛顿第一定律是理想实验定律，不能通过实验验证，D错误；

故选B。

4、B

【解析】ABC.两球做自由落体运动，加速度相同，而修图像的斜率表示加速度，所以斜率相同，故两图像是两条

平行线，设b下落时间为f,则a下落时间为〃+1),故

△v=g(r+l)_gf=g

两球速度差不变，两球之间的距离

=+=gg+g(

距离越来越大，AC正确，不符合题意；B错误，符合题意；

D.根据=+可得。、)两球的距离在1s末、2s末、3s末之比为1：3：5,D正确，不符合题意

故选B。

5、A

【解析】根据匀变速直线运动的推论：下=乜三"=土，所以歹=粤1=笆，所以第1根电线杆时的速度为5m/s,

2t25

答案为D

考点：匀变速直线运动规律

点评：本题考查了匀变速直线运动规律的推论，利用匀变速直线运动的推论：0=**=巳求解

2t

6、AB

【解析】位移-时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻

的速度，斜率的正负表示速度的方向

【详解】t=0时，A物体的位置坐标为xi,B的位置坐标为0,所以A物体在B物体的前面，故A正确.B在t2秒末

之前任意时刻位置坐标均小于A物体的位置坐标，直到t2秒末与A物体的位置坐标相同，即两物体相遇，在此之后B

物体的位置坐标大于A物体的位置坐标，即B物体跑在前面，故B正确.由于位移-时间图的斜率表示该时刻的速度,

斜率的正负表示速度的方向，所以在0-L时间内A物体的斜率大于B物体的斜率即A的速度大于B的速度，故C错

误.由于位移-时间图的斜率表示该时刻的速度，由图可以看出ti之前A的斜率大于B的斜率，即A的速度大于B的

速度，但是在此之后A的斜率为零，即A物体速度为零，B物体的速度保持不变，所以从ti后B物体的速度大于A

物体的速度，故D错误.故选AB

7,ACD

【解析】A.对整体分析，由于整体未受其他外力，始终保持静止状态，故地面对半球体始终没有摩擦力，A正确；

B.对加2分析可知，绳中拉力为

T=m2g

对町分析可知，若半球体与町之间没有摩擦力则

T=m^gcos53n

解得

my_5

m23

m,5

故当」■=1时，g与半球体之间无摩擦力，B错误；

m23

犯，5

C.当二L＜三时，T＞叫gcos530,故半球体对犯的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向下，由于最大静摩擦力等于滑

m23

动摩擦力故

T-ggcos53°<S]gsin53°

解得14叫，

m2

故当半球体对町的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向下，c正确；

m23

5m.

D.当时，Tv叫gcos530,故半球体对町的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向上；由于最大静摩擦力等于滑

Jm2

动摩擦力故

叫geos53°一7W〃町gsin53°

解得为45,

m2

5m..

故当时，半球体对叫的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向上，故D正确；

3吗

故选ACD。

8、CD

【解析】AC.先对Q受力分析，受重力、P对Q的支持力和MN对Q的支持力，如图：

根据共点力平衡条件，有：

N]_mg,N,=mgtan0,

cos0

MN保持竖直且缓慢地向右移动过程中，角。不断变大，所以乂增大，N?增大,A错误C正确；

B.再对P、Q整体受力分析，受重力、地面支持力、MN挡板对其向左的支持力和地面对其向右的支持力，如图:

1N

M/

<-------------------->

根据共点力平衡条件，有:

f=N2,N=(M+nijg

故：

f-mgtan0,

角〃不断变大，故/变大，B错误；

D.缓慢移动Q受力平衡，合力始终为零，D正确；

故选CD,

9、AC

【解析】小球受重力、弹力和支持力，可画出受力图，根据平衡条件求出弹簧的拉力和斜面对小球的支持力，由胡克

定律求解弹簧的伸长量；

【详解】小球静止于斜面上，设小球受的弹簧拉力为T,设斜面对小球的支持力为FN,设弹簧的伸长量为x,对小球

受力分析如图，则:FNsin30°=Tsin30°；FNCOS30°+TCOS30°=mg；T=kx；联立解得：FN=T=20N、x=0.1m=10cm；

*mg

即小球受的弹簧拉力为T=20N,弹簧伸长了10cm.故AC正确.斜面对小球的支持力为FN=20N,据牛顿第三定律，

小球对斜面的压力的大小为20N.故B错误.小球所受重力与支持力的合力与弹簧的拉力T等大反向，即沿弹簧拉力

方向，选项D错误；故选AC.

【点睛】本题解题关键是分析物体的受力情况，作出力图.此题运用合成法进行求解，也可以根据正交分解法处理

10、ABD

【解析】当0VvWlm/s时，s不变，说明物体滑到B点的速度不变，与传送带速度无关，物块在A、B之间做匀减速

直线运动.v27m/s时，s不变，说明物体滑到B点的速度又不变，物块在A、B之间做匀加速直线运动

根据牛顿第二定律得到，物体在传送带上做匀减速运动和匀加速运动的加速度大小均等于Ug.对图象0VvWlm/s

和v》7m/s时，物体的运动情况进行研究，两种情况下物体对地位移大小均等于L,加速度大小均为Ng,由图读出

末速度，由速度-位移关系公式分别列方程求解初速度V。

【详解】A项：由乙知，当0Vv<lm/s时，物体平抛运动的水平位移不变，物体运动到B点的速度不变.当物体的初

速度大于传送带速度时，物体在传送带上做匀减速运动，加速度一定，位移一定，到B点的速度一定，与传送带速度

无关，故A正确；

B项：当v》7m/s时，物体的速度始终小于传送带的速度，一直做匀加速运动，由于物体的加速度一定，位移一定，

到达B点的速度一定，物块在A、B之间做匀加速直线运动，故B正确；

C项：当lVvV7m/s时，物体的初速度小于传送带的速度，物体先做匀加速运动，速度与传送带相同后，做匀速直线

运动，随着传送带速度的增大，物体到达B点的速度增大，平抛的水平位移增大，故C错误；

D项：由图读出：OVvWlm/s,物块做匀减速直线运动的末速度为vi=lm/s；v，7m/s时，物块做匀加速直线运动的末

速度为V2=7m/s

得至心；一片=-2〃孔

u；一说=-2/2gL

联立解得：v（）=5m/s,故D正确

故选ABD

【点睛】本题考查根据图象物体运动情况的能力.传送带问题，往往物体的运动情况比较复杂，要充分挖掘图象的信

息，考虑各种可能情况，进行分析

二、实验题

11、71m,28.4m/s

【解析】考查牛顿运动定律。

【详解】由牛顿第二定律：

mgsind-/.imgcos0=ma

解得加速度a=5.68m/s2,沿斜面向下，

5s内滑下来的路程：

12F

x=—at=71m

2

5s末的速度大小：

v=at=28.4m/s

12、①.3.80②.0.60

【解析】弹簧测力计估读到0.01N得到拉力；借助二力平衡求出滑动摩擦力从而得到动摩擦因数.

【详解】弹簧测力计最小刻度为0.1N,读数时须估读到下一位，示数为3.80N；对A受力分析可知A相对6向左从而

受向右的滑动摩擦力，而A相对地面静止，由二力平衡有居=解得：4=0.60.

【点睛】用弹簧测力计拉住木块，读出弹簧测力计的示数，即可求出两张纸间的滑动摩擦力，木板的运动状态不受限

制，木板可以做匀速运动，也可做变速运动；明确A相对