上海市2023年中考物理模拟试卷及答案汇总一

上海市2023年中考物理模拟试卷及答案汇总一一、选择题（共6小题，满分12分，每小题2分）1．下列物理量中，能反映物质特性的是（）A．质量 B．密度 C．体积 D．温度2．摩擦起电中的“电”是指（）A．电荷 B．电量 C．电流 D．电压3．冰熔化成水后（ρ冰=0.9×103千克/米3）（）A．质量变大，体积变小 B．质量变小，体积变大C．质量不变，体积变小 D．质量不变，体积变大4．凸透镜成像，焦距是10厘米，蜡烛和凸透镜之间的距离是35厘米，能成像的性质是（）A．放大实像 B．放大虚像 C．等大实像 D．缩小实像5．甲、乙两小车沿同一直线相向而行，其s﹣t图像如图所示。当甲经过P点时，乙刚好经过Q点，再过3秒，甲、乙两车相距4米，则P、Q两点间的距离（）A．可能为8米 B．可能为12米 C．一定为16米 D．一定为20米6．在如图所示的电路中，电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器滑片位于中点。用一阻值为20Ω的电阻替换R1，可能使电压表示数与替换R1前相等的方法是（）A．电源电压不变，不移动滑片P B．电源电压不变，向左移动滑片PC．减小电源电压，不移动滑片P D．增大电源电压，向左移动滑片P二、填空题（共7小题，满分24分）7．家用电器的额定电压是V，电饭煲在工作时，将转化为内能，在电饭锅中注水，发现锅底比平时看到的浅，是由于。8．意大利科学家首次测定了大气压强的值为1.01×105帕，实验装置如图所示，其中用到的水银密度为13.6×103千克/米3，它表示体积为1立方米的水银；若玻璃管顶端不慎被打破，管内水银将（选填“上升”或“下降”）。9．将圆柱体浸没在装满水的容器中，溢出5牛的水，它受到的浮力为牛；若它下表面所处深度为0.1米，则下表面受到水的压强为帕；增大圆柱体浸没的深度，它下表面受到压强的大小将（选填“变小”“不变”或“变大”）。10．某导体两端电压为8伏，10秒通过其横截面的电荷量为5库，通过该导体的电流为安，这段时间内电流做功为焦；减小该导体两端电压，其阻值（选填“增大”、“不变”或“减小”）。11．用如图所示的滑轮沿竖直方向提起一重为16牛的物体A（滑轮自身重力及摩擦忽略不计），滑轮处于静止状态，其实质是一个杠杆，力F的大小为牛，此时物体A所受到的合力大小为牛。12．在如图所示的电路中，电源电压为U且不变。①闭合开关S后，两电表的指针位置均不变。若电路中仅有一处故障，且只发生在R1或R2上，请根据以上信息，写出两电表的示数及对应的故障。②排除故障后，再闭合开关S，向右移动变阻器的滑片P，电流表示数，电压表示数与电流表示数的比值（选填“变大”、“不变”或“变小”）。13．在一间普通的教室里，一位教师拿着一个质量为6克的气球，给予充满氢气恰好让氢气球悬浮在教室空中。（已知空气密度是1.3千克/米3、氢气密度是0.09千克/米3）试完成下列问题：①这间教室中空气的质量相当于以下哪组物体的质量。A．三只鸡B．三个成人C．三张纸D．三本书②氢气球悬浮在教室空中时受到的浮力约为。A.0.01牛B.0.06牛C.1牛D.6牛③若让教室密闭，且用抽气机不断抽掉教室里的空气，则原来悬浮在教室空中氢气球将（选填“上升”、“仍悬浮”或“下降”）。④小明同学用拳头击打气球、小红同学用针尖触碰气球，结果小明未能弄破气球，而小红轻易弄破气球。试用学过的物理知识来解释。。三、作图题（共2小题，满分4分，每小题2分）14．根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极．15．在如图中，手指压物块的力为6牛，请用力的图示法画出物块对竖直墙面的压力F。四、综合题（共5小题，满分30分，每小题6分）16．国产大飞机C919采用碳纤维材料减轻自身质量。求：体积V为2米3的碳纤维的质量m。已知碳纤维的密度ρ碳纤维=1.8×103千克/米3。17．如图所示，体积为3×10﹣3米3、密度为2×103千克/米3的均匀实心正方体甲和底面积为2×10﹣2米2、高为0.3米的薄壁圆柱形容器乙置于水平桌面上，乙容器内盛有0.2米深的水。试求：（1）甲的质量m甲；（2）水对乙容器底部的压强p水；（3）现将物体甲浸没在乙容器内的水中，计算出水对乙容器底部压强增加量Δp水。18．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20欧，滑动变阻器R2上标有“20Ω1A”字样。仅闭合开关S，电流表A和A1的示数分别为0.7安、0.3安。（1）求电源电压U；（2）求此时变阻器R2连入电路的阻值；（3）移动变阻器滑片P可以使电流表A示数变化，求电流表A示数的最大变化量ΔImax。19．已知甲、乙两个均匀圆柱体密度、底面积、高度的数据如下：圆柱体密度（千克/米3）底面积（米2）高度（米）甲5×1032×10﹣30.6乙8×1035×10﹣30.5（1）求甲的质量m甲；（2）求乙对地面的压强p乙；（3）若在甲、乙上方分别沿水平方向切去一部分，并将切去的部分叠放在对方剩余部分的上方。甲的底部对地面的压力变化量为49牛。求乙的底部对地面的压强的变化量Δp乙。20．小华同学做“测小灯泡电功率”的实验，他将电源（电源电压为2伏的整数倍）、待测小灯（额定电压为6伏，如果实际电压超过7.5伏时小灯会损毁）、电流表、开关串联。并将电压表并联入电路。实验时，他将电压表的示数UV，电流表的示数IA，以及两者的乘积UVIA记录下来，表格中为部分数据。序号UV（伏）IA（安）UVIA（瓦）12.01.224.036.01.8（1）电压表并联在两端（“小灯泡”或“滑动变阻器”）。（2）求出电源电压U（需写出主要计算过程）。（3）求出小灯的额定电功率P额（需写出主要计算过程）。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A.质量是物质本身的一种属性，而不是特性，故A不合题意；

B.密度是物质本身的一种特性，只与物质的种类和状态有关，故B符合题意；

C.体积表示物体所占的空间大小，不是物质的性质，故C不合题意；

D.温度表示物质的冷热程度，不是额u中的性质，故D不合题意。

故选B。

【分析】根据对质量、密度、体积和温度的认识判断即可。2．【答案】A【解析】【解答】从摩擦起电的实质可知，通过摩擦，使电子由一个物体转移到另一个物体，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电，这就是摩擦起电现象，所以摩擦起电的“电”是指电荷。故答案为：A。【分析】结合摩擦起电的实质分析解答.3．【答案】C【解析】【解答】因质量是物体的一种属性，与物体的状态无关，所以，一块冰熔化成水后质量不变，水的密度是1.0×103kg/m3，冰的密度是0.9×103kg/m3，所以一块冰熔化成水后密度变大，由V=m故答案为：C。

【分析】熔化前后，物体的质量一定；物体的密度变大时，体积变小。4．【答案】D【解析】【解答】凸透镜焦距是10厘米，蜡烛和凸透镜之间的距离是35厘米，物距大于二倍焦距，根据凸透镜成像规律可知，此时成倒立、缩小的实像。故答案为：D。

【分析】当物距u>2f时，像距f<v<2f，成倒立、缩小的实像，应用为照相机、摄像机。5．【答案】B【解析】【解答】根据图像可知，经过3s后，两车行驶的路程分别为：s甲=6m，s乙=10m；

两车相向行驶，两车没有相遇时，则PQ间距离为：s1=s甲+s乙+4m=6m+10m+4m=20m；

两车相遇后，又继续行驶，则PQ间距离为：s2=s甲+s乙-4m=6m+10m-4m=12m，

故A、C、D错误，而B正确。

故选B。

【分析】根据图像确定3s时甲和乙的路程，然后分别从相遇前和相遇后两个角度分析解答即可。6．【答案】C【解析】【解答】因为R1和R串联，电压表测量的是R1两端电压。串联分电压，如果用一阻值为20Ω的电阻替换原来10Ω的R1，如果电源电压不变，当R1变大时，两端电压会变大，要让电压表示数不变，则R两端的电压应变大，即增大变阻器的阻值，所以向右移动滑片可以实现，AB错误；

当减小电源电压，不移动滑片，R1和R两端电压都会变小，是可以实现电压表示数不变的，C正确D错误；

故选C。

【分析】本题根据串联电路分电压规律分析即可解答。7．【答案】220；电能；光的折射【解析】【解答】家用电器的额定电压是220V。电饭煲在工作时，需要煮熟食物，所以将电能主要转化为内能。在电饭锅中注水，发现锅底比平时看到的浅，是由于光的折射现象引起的。

【分析】家庭电路中的电压为220v，电流通过导体时会产生热量，此现象就是电流的热效应，利用热效应工作的用电器例如电水壶、电暖气等；光从一种介质斜射入另一种介质中时，光的传播路程会发生偏折，即光的折射，折射角和入射角的大小关系，明确处在空气中的角最大即可。8．【答案】托里拆利；质量为13.6×103千克；下降【解析】【解答】根据物理学史可知，意大利科学家托里拆利首次测定了大气压强的值为1.01×105帕。根据物质密度的定义可知，水银密度为13.6×103千克/米3，它表示体积为1立方米的水银的质量为13.6×103千克。在托里拆利实验中长试管顶端不慎破裂时，管内的水银与外界的大气相通，此时外界大气压对管内水银也有个向下的压强，所以管内的水银不仅不会从小孔喷出，反而会立即下降。

【分析】托里拆利首先测量了大气压的大小；密度表示单位体积的质量；根据压强的大小，判断液体的流动方向。9．【答案】5；1.0×103；变大【解析】【解答】根据阿基米得原理可知浸在液体中的物体所受的浮力等于排开液体所受的重力，因此F浮=G排=5N10．【答案】0.5；40；不变【解析】【解答】（1）通过导体的电流为：I=Qt=5C10s=0.5A；

电流做功为：W=UIt=8V×0.5A×10s=40J；

（2）减小导体两端的电压，其阻值保持不变。11．【答案】省力；8；0【解析】【解答】（1）根据图片可知，滑轮跟随物体一起上下移动，为动滑轮，本质为动力臂为阻力臂2倍的省力杠杆，那么可以省一半的力，即F=12G=12×16N=8N。

12．【答案】若电压表示数为0，电流表示数为0，R2断路；若电压表示数为U，电流表示数为0，R1断路；变小；不变【解析】【解答】①根据图片可知，变阻器R2与定值电阻R1串联，电压表测量的是R1两端的电压，电流表测量电路中的电流；

若R2断路，开关S断开时，电流表和电压表示数都为0；开关闭合后，整个电路是断开的，则电流表示数为0，电压表示数为0；电流表和电压表示数都不变，故符合题意；

若R1断路，开关S断开时，则电流表示数为0，电压表测量电源电压，为U；开关闭合后，电路中无电流，电流表示数为0，电压表测量的是电源电压，示数为U；电流表示数不变，电压表示数不变，故符合题意；

若R2短路，开关S断开时，电流表示数为0，电压表测量的是电源电压，为U；开关闭合后，电路中有电流，电流表示数变大，此时电压表测量的是电源电压，保持不变，故不符合题意；

若R1短路，开关S断开时，电压表测量的是电源的电压，示数为U，电路中无电流，电流表示数为0；开关闭合后，电路是通路，电路中有电流，此时电压表测量的是一段导线两端的电压，示数为0，两表示数都发生了变化，故不符合题意；

综上所述，该故障为：若电压表示数为0，电流表示数为0，R2断路；若电压表示数为U，电流表示数为0，R1断路；

②排除故障后，再闭合开关S，向右移动变阻器的滑片P，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，根据R总=R1+R2可知，电路的总电阻变大。根据I=UR可知，电路中的电流变小，电流表示数变小。根据R=UI可知，电压表与电流表示数的比值为R1的阻值，保持不变。

【分析】①既然故障发生在R1或R2上，每个电阻只有短路或断路两种情况，据此对各种情况进行分析，推测可能出现的各种情况，哪个与题目描述相同，哪个就是正确情况。

②根据R总=R1+R2分析总电阻的变化，再根据13．【答案】B；B；下降；小红同学所用的针尖刺气球，虽用力不大，但针尖的受力面积小，产生较大的压强，所以小红容易弄破气球【解析】【解答】①一间卧室的长约是10m，宽约是6m，高约是3m，

则教室内空气的体积：V=10m×6m×3m=180m3；

那么教室内空气的质量m=ρV=1.29kg/m3×180m3=232.2kg；

三只鸡的质量约为6kg左右，一个成年人的质量在70kg左右，三个成人的质量约为210kg左右，三张纸的在几克左右，三本书的质量在0.5kg左右，故B符合题意，而A、C、D不合题意。

故选B。

②氢气球悬浮在教室空中时受到的浮力等于自身的重力，

氢气球的重力为：G=mg=0.006kg×10N/kg=0.06N，

所以氢气球受到的浮力为0.06N；

故选B。

③若让教室密闭，且用抽气机不断抽掉教室里的空气，室内空气的密度变小，

氢气球的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ气gV排可知，氢气球受到的浮力变小，

因为浮力小于重力，因此气球会下沉；

④小明同学用拳头击打气球，拳头与气球的受力面积较大，产生的压强较小；小红同学所用的针尖刺气球，虽用力不大，但针尖的受力面积小，产生较大的压强，所以小红容易弄破气球

【分析】①首先估测教室的长宽高，然后根据长方体的体积公式V=abc计算出教室内空气的体积，根据公式m=ρV求出空气的质量，然后和选项中各物体的质量进行比较即可得出答案；

②根据悬浮条件计算氢气球受到的浮力；

③根据阿基米德原理F浮=ρ气gV排分析气泡受到的浮力的变化，再根据物体浮沉条件分析氢气球的浮沉情况；

④增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。14．【答案】【解析】【解答】解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极．所以螺线管的左端为N极，右端为S极．根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极．根据安培定则：伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的．所以电源的右端为正极，左端为负极．故答案为：【分析】①根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极；②根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极；③最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极．15．【答案】【解析】【解答】根据图片可知，物块对墙面的压力作用在二者的接触面上，且与接触面垂直，大小为6N，如下图所示：

【分析】根据图片分析物体对墙壁压力的三要素，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。16．【答案】解：根据公式ρ=mV，可得体积V为2米3答：体积V为2米3的碳纤维的质量为3.6×103千克。【解析】【分析】根据密度和体积的乘积计算质量。17．【答案】（1）解：根据ρ=mV可得甲的质量：m甲＝ρ甲V甲＝2×103kg/m3×3×10﹣3m答：甲的质量m甲为6kg；（2）解：水对乙容器底部的压强：p水＝ρ水gh＝1×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m＝1960Pa；答：水对乙容器底部的压强p水为1960Pa；（3）解：把甲浸没在乙容器内的水中，则甲排开水的体积V排＝V甲＝3×10﹣3m3，若无水溢出，水的深度增加量应为：Δh=V而乙容器高0.3m，内盛有0.2m深的水，故把甲浸没在乙容器内的水中有水溢出，则部分水溢出后，水的深度增加量：Δh′＝0.3m﹣0.2m＝0.1m，水对容器底部压强增大量：Δp水＝ρ水gΔh＝1×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m＝980Pa。答：水对乙容器底部压强的增加量Δp水为980Pa。【解析】【分析】（1）根据公式m甲＝ρ甲V甲计算甲的质量；

（2）根据液体压强公式p＝ρ液gh计算水对乙容器底部的压强；

（3）把甲浸没在乙容器内的水中，则甲排开水的体积等于甲的体积，接下来根据Δℎ=V排S容计算水深度的增加量，然后与容器的高度比较是否有水溢出，再根据Δh′＝h-h水计算水的深度的实际增加量，最后根据Δp18．【答案】（1）解：由图可知，电阻R1和变阻器R2并联，电流表A测量干路中的电流，电流表A1测量通过R1的电流。由题意可知，通过电阻R1的电流是0.3A，电阻R1两端的电压：U1＝I1R1＝0.3A×20Ω＝6V，由并联电路电压的规律可知电源电压：U＝U1＝6V，答：电源电压是6V；（2）解：由并联电路电流的规律可知通过变阻器的电流：I2＝I﹣I1＝0.7A﹣0.3A＝0.4A，由并联电路电压的规律和欧姆定律得到此时变阻器R2连入电路的阻值：R2答：此时变阻器R2连入电路的阻值是15Ω；（3）解：通过滑动变阻器R2的最大电流是1A，由并联电路的特点可知移动变阻器滑片P，通过R1的电流不变，所以电流表A的最大示数是：I最大＝I2最大+I1＝1A+0.3A＝1.3A，滑动变阻器最大阻值是20Ω，当变阻器连入电路的阻值最大时，通过它的电流最小，最小电流：I2最小由并联电路的特点可知移动变阻器滑片P，通过R1的电流不变，所以电流表A的最小示数是：I最小＝I2最小+I1＝0.3A+0.3A＝0.6A，电流表A示数的最大变化量：ΔImax＝I最大﹣I最小＝1.3A﹣0.6A＝0.7A，答：移动变阻器滑片P可以使电流表A示数变化，电流表A示数的最大变化量是0.7A。【解析】【分析】（1）由图可知，电阻R1和变阻器R2并联，电流表A测量干路中的电流，电流表A1测量通过R1的电流。首先根据U1＝I1R1计算电阻R1两端的电压，再根据并联电路电压的规律U＝U1计算机电源电压。

（2）首先根据并联电路的电流规律I2＝I﹣I1计算通过电阻R2的电流，再根据R2=UI2计算变阻器接入的阻值。

（3）根据滑动变阻器的铭牌确定通过变阻器的最大电流，而通过R1的电流不变，据此根据并联电路的电流规律