中考数学模拟试题含答案共五套

第页2013-2014年中考数学模拟试卷（一）数学（全卷满分120分，考试时间120分钟）一,选择题（本大题满分36分，每小题3分.在下列各题的四个备选答案中，只有一个是正确的，请在答题卷上把你认为正确的答案的字母代号按要求用2B铅笔涂黑）1.2sin60°的值等于A.1 B. C. D.2.下列的几何图形中，肯定是轴对称图形的有圆弧角扇形菱形等腰梯形圆弧角扇形菱形等腰梯形A5个 B.4个 C.3个 D.2个3.据2013年1月24日《桂林日报》报道，临桂县2012年财政收入突破18亿元，在广西各县中排名第二.将18亿用科学记数法表示为A.1.8×10 B.1.8×108 C.1.8×109 D.1.8×10104.估计-1的值在A.0到1之间 B.1到2之间 C.2到3之间 D.3至4之间5.将下列图形绕其对角线的交点顺时针旋转90°，所得图形肯定及原图形重合的是A.平行四边形 B.矩形 C.正方形 D.菱形6.如图，由5个完全相同的小正方体组合成一个立体图形，它的左视图是A.B.C.D.A.B.C.D.7.为调查某校1500名学生对新闻,体育,动画,消遣,戏曲五类电视节目的宠爱状况，随机抽取部分学生进行调查，并结合调查数据作出如图所示的扇形统计图.依据统计图供应的信息，可估算出该校宠爱体育节目的学生共有A.1200名 B.450名 C.400名 D.300名（第7题图）（第9题图）（第7题图）（第9题图）8.用配方法解一元二次方程x2+4x–5=0，此方程可变形为A.（x+2）2=9 B.（x-2）2=9 C.（x+2）2=1 D.（x-2）2=19.如图，在△ABC中，AD，BE是两条中线，则S△EDC∶S△ABC=A.1∶2 B.1∶4 C.1∶3 D.2∶310.下列各因式分解正确的是A.x2+2x-1=（x-1）2 B.-x2+（-2）2=（x-2）（x+2）C.x3-4x=x（x+2）（x-2） D.（x+1）2=x2+2x+111.如图，AB是⊙O的直径，点E为BC的中点，AB=4，∠BED=120°，则图中阴影部分的面积之和为（第11题图）A. B.2 C. D.1（第11题图）（第12题图）（第12题图）如图，△ABC中，∠C=90°，M是AB的中点，动点P从点A动身，沿AC方向匀速运动到终点C，动点Q从点C动身，沿CB方向匀速运动到终点B.已知P，Q两点同时动身，并同时到达终点，连接MP，MQ，PQ.在整个运动过程中，△MPQ的面积大小变化状况是A.始终增大 B.始终减小 C.先减小后增大 D.先增大后减小二,填空题（本大题满分18分，每小题3分，请将答案填在答题卷上，在试卷上答题无效）13.计算：│-│=.14.已知一次函数y=kx+3的图象经过第一,二,四象限，则k的取值范围是.15.在10个外观相同的产品中，有2个不合格产品，现从中随意抽取1个进行检测，抽到合格产品的概率是.16.在临桂新区建设中，须要修一段全长2400m的道路，为了尽量减少施工对县城交通所造成的影响，实际工作效率比原安排提高了20%，结果提前8天完成任务，求原安排每天修路的长度.若设原安排每天修路xm，则依据题意可得方程.17.在平面直角坐标系中，规定把一个三角形先沿着x轴翻折，再向右平移2个单位称为1次变换.如图，已知等边三角形ABC的顶点B，C的坐标分别是（-1，-1），（-3，-1），把△ABC经过连续9次这样的变换得到△A′B′C′，则点A的对应点A′的坐标是.（第17题图）（第17题图）（第18题图）（第18题图）18.如图，已知等腰Rt△ABC的直角边长为1，以Rt△ABC的斜边AC为直角边，画第二个等腰Rt△ACD，再以Rt△ACD的斜边AD为直角边，画第三个等腰Rt△ADE……依此类推直到第五个等腰Rt△AFG，则由这五个等腰直角三角形所构成的图形的面积为.三,解答题（本大题8题，共66分，解答需写出必要的步骤和过程.请将答案写在答题卷上，在试卷上答题无效）19.（本小题满分8分，每题4分）°（1）计算：4cos45°-+(π-)+(-1)3；°（2）化简：（1-）÷.20.（本小题满分6分）≤1，……①解不等式组：≤1，……①解不等式组：3（x-1）＜2x+1.……②21.（本小题满分6分）如图，在△ABC中，AB=AC，∠ABC=72°.（1）用直尺和圆规作∠ABC的平分线BD交AC于点D（保留作图痕迹，不要求写作法）；（2）在（1）中作出∠ABC的平分线BD后，求∠BDC的度数.（第21题图）（第21题图）22.（本小题满分8分）在开展“学雷锋社会实践”活动中，某校为了解全校1200名学生参与活动的状况，随机调查了50名学生每人参与活动的次数，并依据数据绘成条形统计图如下：（1）求这50个样本数据的平均数,众数和中位数；（2）依据样本数据，估算该校1200名学生共参与了多少次活动.23.（本小题满分8分）如图，山坡上有一棵树AB，树底为30°.小宁在山脚的平地F处测量这棵树的高，点C到测角仪EF的水平距离CF=1米，从E处测得树顶部A的仰角为45°，树底部B的仰角为20°，求树AB的高度.（参考数值：sin20°≈0.34，cos20°≈0.94，tan20°≈0.36）（第23题图）（第23题图）24.（本小题满分8分）如图，PA，PB分别及⊙O相切于点A，B，点M在PB上，且OM∥AP，MN⊥AP，垂足为N.（1）求证：OM=AN；（2）若⊙O的半径R=3，PA=9，求OM的长.（第24题图）（第24题图）25.（本小题满分10分）某中学安排购买A型和B型课桌凳共200套.经招标，购买一套A型课桌凳比购买一套B型课桌凳少用40元，且购买4套A型和5套B型课桌凳共需1820元.（1）求购买一套A型课桌凳和一套B型课桌凳各需多少元？（2）学校依据实际状况，要求购买这两种课桌凳总费用不能超过40880元，并且购买A型课桌凳的数量不能超过B型课桌凳数量的，求该校本次购买A型和B型课桌凳共有几种方案？哪种方案的总费用最低？26.（本小题满分12分）在平面直角坐标系中，现将一块等腰直角三角板ABC放在第二象限，斜靠在两坐标轴上，点C为（-1，0）.如图所示，B点在抛物线y=x2-x–2图象上，过点B作BD⊥x轴，垂足为D，且B点横坐标为-3.（第26题图）（第26题图）（1）求证：△BDC≌△COA；（2）求BC所在直线的函数关系式；（3）抛物线的对称轴上是否存在点P，使△ACP是以AC为直角边的直角三角形？若存在，求出全部点P的坐标；若不存在，请说明理由.2013年初三适应性检测参考答案及评分意见一,选择题题号123456789101112答案DACBCBDABCAC说明：第12题是一道几何开放题，学生可从几个特别的点着手，计算几个特别三角形面积从而降低难度，得出答案.当点P，Q分别位于A,C两点时，S△MPQ=S△ABC；当点P,Q分别运动到AC，BC的中点时，此时，S△MPQ=×AC.BC=S△ABC；当点P,Q接着运动到点C，B时，S△MPQ=S△ABC，故在整个运动变化中，△MPQ的面积是先减小后增大，应选C.二,填空题13.；14.k＜0；15.（若为扣1分）；16.-=8；17.（16，1+）；18.15.5（或）.三,解答题19.（1）解：原式=4×-2+1-1……2分（每错1个扣1分，错2个以上不给分）=0…………………4分（2）解：原式=（-）·…………2分=·…………3分=m–n…………4分20.解：由①得3（1+x）-2（x-1）≤6，…………1分化简得x≤1.…………3分由②得3x–3＜2x+1，…………4分化简得x＜4.…………5分∴原不等式组的解是x≤1.…………6分21.解（1）如图所示（作图正确得3分）（2）∵BD平分∠ABC，∠ABC=72°，∴∠ABD=∠ABC=36°，…………4分∵AB=AC，∴∠C=∠ABC=72°，…………5分∴∠A=36°，∴∠BDC=∠A+∠ABD=36°+36°=72°.…………6分22.解：（1）视察条形统计图，可知这组样本数据的平均数是==3.3，…………1分∴这组样本数据的平均数是3.3.…………2分∵在这组样本数据中，4出现了18次，出现的次数最多，∴这组数据的众数是4.…………4分∵将这组样本数据按从小到大的顺序排列，其中处在中间的两个数都是3，有=3.∴这组数据的中位数是3.………………6分（2）∵这组数据的平均数是3.3，∴估计全校1200人参与活动次数的总体平均数是3.3，有3.3×1200=3900.∴该校学生共参与活动约3960次.………………8分23.解：在Rt△BDC中，∠BDC=90°，BC=6米，∠BCD=30°，∴DC=BC·cos30°……1分=6×=9，……2分∴DF=DC+CF=9+1=10，…3分∴GE=DF=10.…4分在Rt△BGE中，∠BEG=20°，∴BG=CG·tan20°…5分=10×0.36=3.6，…6分在Rt△AGE中，∠AEG=45°，∴AG=GE=10，……7分∴AB=AG–BG=10-3.6=6.4.答：树AB的高度约为6.4米.……………8分24.解（1）如图，连接OA，则OA⊥AP.………………1分∵MN⊥AP，∴MN∥OA.………………2分∵OM∥AP，∴四边形ANMO是矩形.∴OM=AN.………………3分（2）连接OB，则OB⊥AP，∵OA=MN，OA=OB，OM∥BP，∴OB=MN，∠OMB=∠NPM.∴Rt△OBM≌Rt△MNP.………………5分∴OM=MP.设OM=x，则NP=9-x.………………6分在Rt△MNP中，有x2=32+（9-x）2.∴x=5.即OM=5……………8分25.解：（1）设A型每套x元，则B型每套（x+40）元.……………1分∴4x+5（x+40）=1820.………2分∴x=180，x+40=220.即购买一套A型课桌凳和一套B型课桌凳各需180元,220元.……………3分（2）设购买A型课桌凳a套，则购买B型课桌凳（200-a）套.a≤（200-a），∴……………4分180a+220（200-a）≤40880.解得78≤a≤80.……………5分∵a为整数，∴a=78，79，80∴共有3种方案.………………6分设购买课桌凳总费用为y元，则y=180a+220（200-a）=-40a+44000.……………7分∵-40＜0，y随a的增大而减小，∴当a=80时，总费用最低，此时200-a=120.…………9分即总费用最低的方案是：购买A型80套，购买B型120套.………………10分

2014年中考数学模拟试题（二）选择题数中最大的数是（）A,B,C,D,2,9的立方根是（）A,B,3C,D,3,已知一元二次方程的两根,，则（）A,4B,3C,-4D,-32222主视图左视图俯视图第4题第6题4,如图是某几何题的三视图，下列推断正确的是（）A,几何体是圆柱体，高为2B,几何体是圆锥体，高为2C,几何体是圆柱体，半径为2D,几何体是圆柱体，半径为25,若，则下列式子肯定成立的是（）A,B,C,D,6,如图AB∥DE，∠ABC=20°，∠BCD=80°，则∠CDE=（）A,20°B,80°C,60°D,100°7,已知AB,CD是⊙O的直径，则四边形ACBD是（）A,正方形B,矩形C,菱形D,等腰梯形8,不等式组的整数解有（）A,0个B,5个C,6个D,无数个9,已知点是反比例函数图像上的点，若，‘则肯定成立的是（）‘A,B,C,D,第10题10,如图，⊙O和⊙O′相交于A,B两点，且OO’=5，OA=3，O’B=4，则AB=()A,5B,2.4C,2.5D,4.8二,填空题11,正五边形的外角和为12,计算：13,分解因式：14,如图，某飞机于空中A处探测到目标C，此时飞行高度AC=1200米，从飞机上看地面限制点B的俯角，则飞机A到限制点B的距离约为。（结果保留整数）15,密闭盒子里，有5个红球，4个白球，6个蓝球，，随机拿一个是红球的概率为16,已知，则三,解答题17,已知点P（-2,3）在双曲线上，O为坐标原点，连接OP，求k的值和线段OP的长18,如图，⊙O的半径为2，，∠C=60°，求的长19,视察下列式子（1）依据上述规律，请猜想，若n为正整数，则n=（2）证明你猜想的结论。20,某校初三（1）班的同学踊跃为“雅安芦山地震”捐款，依据捐款状况（捐款数为正数）制作以下统计图表，但生活委员不当心把墨水滴在统计表上，部分数据看不清晰。（1）全班有多少人捐款？（2）假如捐款0~20元的人数在扇形统计图中所占的圆心角为72°，那么捐款21~40元的有多少人？捐款人数0~20元21~40元41~60元61~80元681元以上481元81元以上8%0~20元72°61~80元41~60元32%21~40元21,校运会期间，某班预料用90元为班级同学统一购买矿泉水，生活委员发觉学校小卖部有优惠活动：购买瓶装矿泉水打9折，经计算按优惠价购买能多买5瓶，求每瓶矿泉水的原价和该班实际购买矿泉水的数量。22,如图，矩形OABC顶点A(6,0),C（0,4），直线分别交BA,OA于点D,E，且D为BA中点。（1）求k的值及此时△EAD的面积；（2）现向矩形内随机投飞镖，求飞镖落在△EAD内的概率。（若投在边框上则重投）23,如图，正方形ABCD中，G是BC中点，DE⊥AG于E，BF⊥AG于F，GN∥DE，M是BC延长线上一点。（1）求证：△ABF≌△DAE（2）尺规作图：作∠DCM的平分线，交GN于点H（保留作图痕迹，不写作法和证明），试证明GH=AG24,已知抛物线（1）若求该抛物线及x轴的交点坐标；（2）若，是否存在实数,使得相应的y=1，若有，请指明有几个并证明你的结论，若没有，阐述理由。（3）若且抛物线在区间上的最小值是-3，求b的值。25,已知等腰和等腰中，∠ACB=∠AED=90°，且AD=AC（1）发觉：如图1，当点E在AB上且点C和点D重合时，若点M,N分别是DB,EC的中点，则MN及EC的位置关系是，MN及EC的数量关系是（2）探究：若把（1）小题中的△AED绕点A旋转肯定角度，如图2所示，连接BD和EC,并连接DB,EC的中点M,N,则MN及EC的位置关系和数量关系仍旧能成立吗？若成立，请以逆时针旋转45°得到的图形（图3）为例赐予证明位置关系成立，以顺时针旋转45°得到的图形（图4）为例赐予证明数量关系成立，若不成立，请说明理由。2013年天河区初中毕业班综合练习二（数学）参考答案说明：1,本解答给出了一种解法供参考，假如考生的解法及本解答不同，各题组可依据试题的主要考查内容比照评分标准制订相应的评分细则．2,对于计算题，当考生的解答在某一步出现错误时，假如后续部分的解答未改变该题的内容和难度，可视影响的程度确定给分，但不得超过该部分正确解答应得分数的一半；假如后续部分的解答有较严峻的错误，就不再给分．3,解答右端所注分数，表示考生正确做到这一步应得的累加分数．一,选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分）题号12345678910答案BDAABCBBBD二,填空题（本题共6小题，每小题3分，共18分）题号111213141516答案360°-m²35092三,解答题（本题有9个小题,共102分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤）17．（本小题满分9分）解：（1）把代入，得4分（2）过点P作PE⊥轴于点E，则OE=2，PE=36分∴在△OPE中，PO=9分18．（本小题满分9分）解：方法一连接OA，OC1分∵,∠C=60°∴∠B=60°4分∴∠AOC=120°6分∴π×2＝π9分方法二：∴2分∵∠C=60°∴5分∴=7分∴＝π9分19.（本题满分10分）（1）3分（2）证明：∵5分7分8分9分∴10分20.（本题满分10分）解：（1）2分答：全班有50人捐款。3分（2）方法1：∵捐款0~20元的人数在扇形统计图中所占的圆心角为72°∴捐款0~20元的人数为6分∴9分答：捐款21~40元的有14人10分方法2：∵捐款0~20元的人数在扇形统计图中所占的圆心角为72°∴捐款0~20元的百分比为6分∴9分答：捐款21~40元的有14人10分21.（本题满分12分）方法1解：设每瓶矿泉水的原价为x元1分5分解得：8分经检验：x=2是原方程的解9分∴11分答：每瓶矿泉水的原价为2元，该班实际购买矿泉水50瓶。12分方法2解：设每瓶矿泉水的原价为x元，该班原安排购买y瓶矿泉水1分5分解得：9分∴11分答：每瓶矿泉水的原价为2元，该班实际购买矿泉水50瓶。12分22．（本小题满分12分）解：（1）∵矩形OABC顶点A（6，0）,C（0，4）∴B（6，4）1分∵D为BA中点∴D（6，2），AD=22分把点D（6，2）代入得k=4分令得∴E（2，0）5分∴OE=2，AE=47分∴==9分（2）由（1）得10分∴12分23.（本题满分12分）解：∵四边形ABCD是正方形∴AB=BC=CD=DA1分∠DAB=∠ABC=90°∴∠DAE+∠GAB=90°∵DE⊥AGBF⊥AG∴∠AED=∠BFA=90°∠DAE+∠ADE=90°∴∠GAB=∠ADE3分在△ABF和△DAE中∴△ABF≌△DAE5分（2）作图略7分方法1：作HI⊥BM于点I8分∵GN∥DE∴∠AGH=∠AED=90°∴∠AGB+∠HGI=90°∵HI⊥BM∴∠GHI+∠HGI=90°∴∠AGB=∠GHI9分∵G是BC中点∴tan∠AGB=∴tan∠GHI=tan∠AGB=∴GI=2HI10分∵CH平分∠DCM∴∠HCI=∴CI=HI∴CI=CG=BG=HI11分在△ABG和△GIH中∴△ABG≌△GIH∴AG=GH12分方法2：作AB中点P，连结GP8分∵P,G分别是AB,BC中点且AB=BC∴AP=BP=BG=CG9分∴∠BPG=45°∵CH平分∠DCM∴∠HCM=∴∠APG=∠HCG=135°10分∵GN∥DE∴∠AGH=∠AED=90°∴∠AGB+∠HGM=90°∵∠BAG+∠AGB=90°∴∠BAG=∠HGM11分在△AGP和△GHC中∴△AGP≌△GHC∴AG=GH12分24.（本题满分14分）解（1）当，时，抛物线为，∵方程的两个根为，．∴该抛物线及轴公共点的坐标是和．3分（2）由得，5分，7分所以方程有两个不相等实数根，即存在两个不同实数，使得相应．8分（3），则抛物线可化为，其对称轴为，当时，即，则有抛物线在时取最小值为-3，此时-，解得，合题意10分当时，即，则有抛物线在时取最小值为-3，此时-，解得，不合题意，舍去.12分当时，即，则有抛物线在时取最小值为-3，此时，化简得：，解得：（不合题意，舍去），.14分综上：或25.（本题满分14分）解：解：（1）.2分（2）连接EM并延长到F，使EM=MF，连接CM,CF,BF.3分∵BM=MD,∠EMD=∠BMF，∴△EDM≌△FBM∴BF=DE=AE，∠FBM=∠EDM=135°∴∠FBC=∠EAC=90°5分∴△EAC≌△FBC∴FC=EC,∠FCB=∠ECA6分∴∠ECF=∠FCB+∠BCE=∠ECA+∠BCE=90°又点M,N分别是EF,EC的中点∴MN∥FC∴MN⊥FC8分（可把Rt△EAC绕点C旋转90°得到Rt△CBF,连接MF,ME,MC,然后证明三点共线）证法2：延长ED到F，连接AF,MF，则AF为矩形ACFE对角线，所以比经过EC的中点N且AN=NF=EN=NC.4分在Rt△BDF中，M是BD的中点，∠B=45°∴FD=FB∴FM⊥AB，∴MN=NA=NF=NC5分∴点A,C,F,M都在以N为圆心的圆上∴∠MNC=2∠DAC6分由四边形MACF中，∠MFC=135°∠FMA=∠ACB=90°∴∠DAC=45°∴∠MNC=90°即MN⊥FC8分（还有其他证法，相应给分）（3）连接EF并延长交BC于F，9分∵∠AED=∠ACB=90°∴DE∥BC∴∠DEM=∠AFM，∠EDM=∠MBF又BM=MD∴△EDM≌△FBM11分∴BF=DE=AE,EM=FM∴14分（另证：也可连接DN并延长交BC于M）备注：随意旋转都成立，如下图证明两个红色三角形全等。其中∠EAC=∠CBF的证明，可延长ED交BC于G，通过角的转换得到2014年中考数学模拟试卷（三）一,选择题（本大题共有8小题，每小题3分，共24分．请将正确选项的字母代号填涂在答题卡相应位置上）1．（3分）﹣3相反数是（）A．B．﹣3C．﹣D．3考点：相反数．分析：依据只有符号不同的两个数互为相反数解答．解答：解：﹣3相反数是3．故选D．点评：本题主要考查了互为相反数的定义，熟记定义是解题的关键．2．（3分）下列运算正确的是（）A．B．（m2）3=m5C．a2•a3=a5D．（x+y）2=x2+y2考点：完全平方公式；算术平方根；同底数幂的乘法；幂的乘方及积的乘方．专题：计算题．分析：A,利用平方根定义化简得到结果，即可做出推断；B,利用幂的乘方运算法则计算得到结果，即可做出推断；C,利用同底数幂的乘法法则计算得到结果，即可做出推断；D,利用完全平方公式绽开得到结果，即可做出推断．解答：解：A,=3，本选项错误；B,（m2）3=m6，本选项错误；C,a2•a3=a5，本选项正确；D,（x+y）2=x2+y2+2xy，本选项错误，故选C点评：此题考查了完全平方公式，合并同类项，同底数幂的乘法，以及平方差公式，娴熟驾驭公式及法则是解本题的关键．3．下列图形中，不是中心对称图形是（）A．矩形B．菱形C．正五边形D．正八边形考点：中心对称图形．分析：依据中心对称图形的概念和各图形的特点即可解答．解答：解：只有正五边形是奇数边形，绕中心旋转180度后所得的图形及原图形不会重合．故选C．点评：本题考查中心对称图形的定义：绕对称中心旋转180度后所得的图形及原图形完全重合，正奇边形肯定不是中心对称图形．4．（3分）（2012•宁德）已知正n边形的一个内角为135°，则边数n的值是（）A．6B．7C．8D．10考点：多边形内角及外角．分析：依据多边形的相邻的内角及外角互为邻补角求出每一个外角的度数，再依据多边形的边数等于外角和除以每一个外角的度数进行计算即可得解．解答：解：∵正n边形的一个内角为135°，∴正n边形的一个外角为180°﹣135°=45°，n=360°÷45°=8．故选C．点评：本题考查了多边形的外角，利用多边形的边数等于外角和除以每一个外角的度数是常用的方法，求出多边形的每一个外角的度数是解题的关键．5．（3分）（2010•眉山）下列说法不正确的是（）A．某种彩票中奖的概率是，买1000张该种彩票肯定会中奖B．了解一批电视机的运用寿命适合用抽样调查C．若甲组数据的标准差S甲=0.31，乙组数据的标准差S乙=0.25，则乙组数据比甲组数据稳定D．在一个装有白球和绿球的袋中摸球，摸出黑球是不可能事务考点：概率公式；全面调查及抽样调查；标准差；随机事务；可能性的大小．专题：压轴题．分析：依据抽样调查适用的条件,方差的定义及意义和可能性的大小找到正确答案即可．解答：解：A,某种彩票中奖的概率是，只是一种可能性，买1000张该种彩票不肯定会中奖，故错误；B,调查电视机的运用寿命要毁坏电视机，有破坏性，适合用抽样调查，故正确；C,标准差反映了一组数据的波动状况，标准差越小，数据越稳定，故正确；D,袋中没有黑球，摸出黑球是不可能事务，故正确．故选A．点评：用到的知识点为：破坏性较强的调查应采纳抽样调查的方式；随机事务可能发生，也可能不发生；标准差越小，数据越稳定；肯定不会发生的事务是不可能事务．6．（3分）（2010•海南）在反比例函数y=的图象的每一条曲线上，y都随x的增大而增大，则k的值可以是（）A．﹣1B．0C．1D．2考点：反比例函数的性质．专题：压轴题．分析：对于函数来说，当k＜0时，每一条曲线上，y随x的增大而增大；当k＞0时，每一条曲线上，y随x的增大而减小．解答：解：反比例函数的图象上的每一条曲线上，y随x的增大而增大，所以1﹣k＜0，解得k＞1．故选D．点评：本题考查反比例函数的增减性的判定．在解题时，要留意整体思想的运用．易错易混点：学生对解析式中k的意义不理解，直接认为k＜0，错选A．7．（3分）（2013•江都市模拟）如图，是某几何体的三视图及相关数据，则该几何体的侧面积是（）A．10πB．15πC．20πD．30π考点：圆锥的计算；由三视图推断几何体．分析：依据三视图可以判定此几何体为圆锥，依据三视图的尺寸可以知圆锥的底面半径为3，圆锥的母线长为5，代入公式求得即可．解答：解：由三视图可知此几何体为圆锥，∴圆锥的底面半径为3，母线长为5，∵圆锥的底面周长等于圆锥的侧面绽开扇形的弧长，∴圆锥的底面周长=圆锥的侧面绽开扇形的弧长=2πr=2π×3=6π，∴圆锥的侧面积==×6π×5=15π，故选B．点评：本题考查了圆锥的侧面积的计算，解题的关键是正确的理解圆锥的底面周长等于圆锥的侧面绽开扇形的面积．8．（3分）（2013•惠山区一模）已知点A，B分别在反比例函数y=（x＞0），y=（x＞0）的图象上且OA⊥OB，则tanB为（）A．B．C．D．考点：反比例函数综合题．专题：压轴题；探究型．分析：首先设出点A和点B的坐标分别为：（x1，）,（x2，﹣），设线段OA所在的直线的解析式为：y=k1x，线段OB所在的直线的解析式为：y=k2x，然后依据OA⊥OB，得到k1k2=•（﹣）=﹣1，然后利用正切的定义进行化简求值即可．解答：解：设点A的坐标为（x1，），点B的坐标为（x2，﹣），设线段OA所在的直线的解析式为：y=k1x，线段OB所在的直线的解析式为：y=k2x，则k1=，k2=﹣，∵OA⊥OB，∴k1k2=•（﹣）=﹣1整理得：（x1x2）2=16，∴tanB=======．故选B．点评：本题考查的是反比例函数综合题，解题的关键是设出A,B两点的坐标，然后利用相互垂直的两条直线的比例系数互为负倒数求解．二,填空题（本大题共有10小题，每小题3分，共30分.不需写出解答过程，请把答案直接填写在答题卡相应位置上）9．（3分）PM2.5是指大气中直径小于或等于0.0000025m的颗粒物，将0.0000025用科学记数法表示为2.5×10﹣6．考点：科学记数法—表示较小的数．分析：肯定值小于1的正数也可以利用科学记数法表示，一般形式为a×10﹣n，及较大数的科学记数法不同的是其所运用的是负指数幂，指数由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所确定．解答：解：0.0000025=2.5×10﹣6，故答案为：2.5×10﹣6．点评：本题考查用科学记数法表示较小的数，一般形式为a×10﹣n，其中1≤|a|＜10，n为由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所确定．10．（3分）（2011•邵阳）函数y=中，自变量x的取值范围是x≥1．考点：函数自变量的取值范围；二次根式有意义的条件．专题：计算题．分析：依据二次根式的意义，有x﹣1≥0，解不等式即可．解答：解：依据二次根式的意义，有x﹣1≥0，解可x≥1，故自变量x的取值范围是x≥1．点评：本题考查了二次根式的意义，只需保证被开方数大于等于0即可．11．（3分）分解因式：m3﹣4m2+4m=m（m﹣2）2．考点：提公因式法及公式法的综合运用．分析：先提取公因式m，再对余下的多项式利用完全平方公式接着分解．解答：解：m3﹣4m2+4m=m（m2﹣4m+4）=m（m﹣2）2．故答案为：m（m﹣2）2．点评：本题考查了用提公因式法和公式法进行因式分解，一个多项式有公因式首先提取公因式，然后再用其他方法进行因式分解，同时因式分解要彻底，直到不能分解为止．12．（3分）（2013•江都市模拟）已知⊙O1及⊙O2相交，两圆半径分别为2和m，且圆心距为7，则m的取值范围是5＜m＜9．考点：圆及圆的位置关系．分析：两圆相交，圆心距是7，依据两圆位置关系及圆心距d，两圆半径R，r的数量关系间的联系即可求得另一圆的半径的取值范围，继而求得答案．解答：解：∵⊙O1及⊙O2相交，圆心距是7，又∵7﹣2=5，7+2=9，∴半径m的取值范围为：5＜m＜9．故答案为：5＜m＜9．点评：此题考查了圆及圆的位置关系．解题的关键是留意驾驭两圆位置关系及圆心距d，两圆半径R，r的数量关系间的联系．13．（3分）（2013•江都市模拟）若点（a，b）在一次函数y=2x﹣3上，则代数式3b﹣6a+1的值是﹣8．考点：一次函数图象上点的坐标特征．分析：先把点（a，b）代入一次函数y=2x﹣3求出2a﹣b的值，再代入代数式进行计算即可．解答：解：∵点（a，b）在一次函数y=2x﹣3上，∴b=2a﹣3，即2a﹣b=3，∴原式=﹣3（2a﹣b）+1=（﹣3）×3+1=﹣8．故答案为：﹣8．点评：本题考查的是一次函数图象上点的坐标特点，即一次函数图象上各点的坐标肯定适合此函数的解析式．14．（3分）（2011•枣阳市模拟）方程的解为x=9．考点：解分式方程．专题：计算题．分析：本题考查解分式方程的实力，视察可得方程最简公分母为x（x﹣3），去分母，转化为整式方程求解．结果要检验．解答：解：方程两边同乘x（x﹣3），得2x=3（x﹣3），解得x=9．经检验x=9是原方程的解．点评：（1）解分式方程的基本思想是“转化思想”，把分式方程转化为整式方程求解．（2）解分式方程肯定留意要验根．15．（3分）（2013•江都市模拟）如图，⊙O的直径CD⊥EF，∠OEG=30°，则∠DCF=30°．考点：圆周角定理；垂径定理．分析：由⊙O的直径CD⊥EF，由垂径定理可得=，又由∠OEG=30°，∠EOG的度数，又由圆周角定理，即可求得答案．解答：解：∵⊙O的直径CD⊥EF，∴=，∵∠OEG=30°，∴∠EOG=90°﹣∠OEG=60°，∴∠DCF=∠EOG=30°．故答案为：30°．点评：此题考查了圆周角定理及垂径定理．此题难度不大，留意驾驭数形结合思想的应用．16．（3分）如图是二次函数和一次函数y2=kx+t的图象，当y1≥y2时，x的取值范围是﹣1≤x≤2．考点：二次函数及不等式（组）．分析：依据图象可以直接回答，使得y1≥y2的自变量x的取值范围就是直线y1=kx+m落在二次函数y2=ax2+bx+c的图象上方的部分对应的自变量x的取值范围．解答：解：依据图象可得出：当y1≥y2时，x的取值范围是：﹣1≤x≤2．故答案为：﹣1≤x≤2．点评：本题考查了二次函数的性质．本题采纳了“数形结合”的数学思想，使问题变得更形象,直观，降低了题的难度．17．（3分）（2013•江都市模拟）如图，点E,F分别是正方形纸片ABCD的边BC,CD上一点，将正方形纸片ABCD分别沿AE,AF折叠，使得点B,D恰好都落在点G处，且EG=2，FG=3，则正方形纸片ABCD的边长为6．考点：翻折变换（折叠问题）．分析：设正方形ABCD的边长为x，依据翻折变换的知识可知BE=EG=2，DF=GF=3，则EC=x﹣2，FC=x﹣3，在Rt△EFC中，依据勾股定理列出式子即可求得边长x的长度．解答：解：设正方形ABCD的边长为x，依据折叠的性质可知：BE=EG=2，DF=GF=3，则EC=x﹣2，FC=x﹣3，在Rt△EFC中，EC2+FC2=EF2，即（x﹣2）2+（x﹣3）2=（2+3）2，解得：x1=6，x2=﹣1（舍去），故正方形纸片ABCD的边长为6．故答案为：6．点评：本题考查了翻折变换的知识，解答本题的关键是娴熟驾驭翻折变换的性质：翻折前后对应边相等，另外要求同学们娴熟驾驭勾股定理的应用．18．（3分）（2013•惠山区一模）图1是一个八角星形纸板，图中有八个直角，八个相等的钝角，每条边都相等．如图2将纸板沿虚线进行切割，无缝隙无重叠的拼成图3所示的大正方形，其面积为8+4，则图3中线段AB的长为+1．考点：剪纸问题；一元二次方程的应用；正方形的性质．专题：几何图形问题；压轴题．分析：依据题中信息可得图2,图3面积相等；图2可分割为一个正方形和四个小三角形；设原八角形边长为a，则图2正方形边长为2a+a,面积为（2a+a）2，四个小三角形面积和为2a2，解得a=1．AB就知道等于多少了．解答：解：设原八角形边长为a，则图2正方形边长为2a+a,面积为（2a+a）2，四个小三角形面积和为2a2，列式得（2a+a）2+2a2=8+4，解得a=1，则AB=1+．点评：解此题的关键是抓住图3中的AB在图2中是哪两条线段组成的，再列出方程求出即可．三,解答题：（本大题共有10小题，共96分．请在答题卡指定区域内作答，解答时应写出文字说明,证明过程或演算步骤）19．（10分）（1）计算：2﹣1+cos30°+|﹣5|﹣（π﹣2013）0．（2）化简：（1+）÷．考点：分式的混合运算；实数的运算；零指数幂；负整数指数幂；特别角的三角函数值．专题：计算题．分析：（1）依据零指数幂,负整数指数幂和特别角的三角函数值得到原式=+×+5﹣1，再进行二次根式的乘法运算，然后进行有理数的加减运算；（2）先把括号内通分和把除法化为乘法，然后把分子分解后约分即可．解答：（1）解：原式=+×+5﹣1=++5﹣1=6；（2）原式=•=x．点评：本题考查了分式的混合运算：先把分式的分子或分母因式分解，再进行通分或约分，得到最简分式或整式．也考查了零指数幂,负整数指数幂和特别角的三角函数值．20．（6分）解不等式组，并将解集在数轴上表示．考点：解一元一次不等式组；在数轴上表示不等式的解集．分析：求出每个不等式的解集，找出不等式组的解集即可．解答：解：∵由①得，x＜2，由②得，x≥﹣1，∴不等式组的解集是：﹣1≤x＜2，在数轴上表示不等式组的解集为．点评：本题考查了解一元一次不等式（组），在数轴上表示不等式组的解集的应用，关键是能依据不等式的解集找出不等式组的解集．21．（8分）（2011•青岛）图1是某城市三月份1至8日的日最高气温随时间变化的折线统计图，小刚依据图1将数据统计整理后制成了图2．依据图中信息，解答下列问题：（1）将图2补充完整；（2）这8天的日最高气温的中位数是2.5℃；（3）计算这8天的日最高气温的平均数．考点：折线统计图；条形统计图；算术平均数；中位数．分析：（1）从（1）可看出3℃的有3天．（2）中位数是数据从小到大排列在中间位置的数．（3）求加权平均数数，8天的温度和÷8就为所求．解答：解：（1）如图所示．（2）∵这8天的气温从高到低排列为：4，3，3，3，2，2，1，1∴中位数应当是第4个数和第5个数的平均数：（2+3）÷2=2.5．（3）（1×2+2×2+3×3+4×1）÷8=2.375℃．8天气温的平均数是2.375．点评：本题考查了折线统计图，条形统计图的特点，以及中位数的概念和加权平均数的知识点．22．（6分）（2012•苏州）在3×3的方格纸中，点A,B,C,D,E,F分别位于如图所示的小正方形的顶点上．（1）从A,D,E,F四个点中随意取一点，以所取的这一点及点B,C为顶点画三角形，则所画三角形是等腰三角形的概率是；（2）从A,D,E,F四个点中先后随意取两个不同的点，以所取的这两点及点B,C为顶点画四边形，求所画四边形是平行四边形的概率是（用树状图或列表法求解）．考点：列表法及树状图法；等腰三角形的判定；平行四边形的判定．分析：（1）依据从A,D,E,F四个点中随意取一点，一共有4种可能，只有选取D点时，所画三角形是等腰三角形，即可得出答案；（2）利用树状图得出从A,D,E,F四个点中先后随意取两个不同的点，一共有12种可能，进而得出以点A,E,B,C为顶点及以D,F,B,C为顶点所画的四边形是平行四边形，即可求出概率．解答：解：（1）依据从A,D,E,F四个点中随意取一点，一共有4种可能，只有选取D点时，所画三角形是等腰三角形，故P（所画三角形是等腰三角形）=；（2）用“树状图”或利用表格列出全部可能的结果：∵以点A,E,B,C为顶点及以D,F,B,C为顶点所画的四边形是平行四边形，∴所画的四边形是平行四边形的概率P==．故答案为：（1），（2）．点评：此题主要考查了利用树状图求概率，依据已知正确列举出全部结果，进而得出概率是解题关键．23．（8分）在一次数学活动课上，数学老师在同一平面内将一副直角三角板如图位置摆放，点C在FD的延长线上，AB∥CF，∠F=∠ACB=90°，∠E=45°，∠A=60°，AC=10，试求CD的长．考点：解直角三角形．分析：过点B作BM⊥FD于点M，解直角三角形求出BC，在△BMC值解直角三角形求出CM，BM，推出BM=DM，即可求出答案．解答：解：过点B作BM⊥FD于点M，在△ACB中，∠ACB=90°，∠A=60°，AC=10，∴∠ABC=30°，BC=ACtan60°=10，∵AB∥CF，∴∠BCM=∠ABC=30°．∴BM=BC•sin30°=10×=5，CM=BC•cos30°=10×=15，在△EFD中，∠F=90°，∠E=45°，∴∠EDF=45°，∴MD=BM=5，∴CD=CM﹣MD=15﹣5．点评：本题考查了解直角三角形的应用，关键是能通过解直角三角形求出线段CM,MD的长．24．（10分）（2011•莆田）如图，将一矩形OABC放在直角坐标系中，O为坐标原点．点A在y轴正半轴上．点E是边AB上的一个动点（不及点A,B重合），过点E的反比例函数的图象及边BC交于点F．（1）若△OAE,△OCF的面积分别为S1,S2．且S1+S2=2，求k的值；（2）若OA=2.0C=4．问当点E运动到什么位置时．四边形OAEF的面积最大．其最大值为多少？考点：反比例函数综合题．专题：综合题．分析：（1）设E（x1，），F（x2，），x1＞0，x2＞0，依据三角形的面积公式得到S1=S2=k，利用S1+S2=2即可求出k；（2）设，，利用S四边形OAEF=S矩形OABC﹣S△BEF﹣S△OCF=﹣+5，依据二次函数的最值问题即可得到当k=4时，四边形OAEF的面积有最大值，S四边形OAEF=5，此时AE=2．解答：解：（1）∵点E,F在函数y=（x＞0）的图象上，∴设E（x1，），F（x2，），x1＞0，x2＞0，∴S1=，S2=，∵S1+S2=2，∴=2，∴k=2；（2）∵四边形OABC为矩形，OA=2，OC=4，设，，∴BE=4﹣，BF=2﹣，∴S△BEF=﹣k+4，∵S△OCF=，S矩形OABC=2×4=8，∴S四边形OAEF=S矩形OABC﹣S△BEF﹣S△OCF=+4，=﹣+5，∴当k=4时，S四边形OAEF=5，∴AE=2．当点E运动到AB的中点时，四边形OAEF的面积最大，最大值是5．点评：本题考查了反比例函数k的几何含义和点在双曲线上，点的横纵坐标满意反比例的解析式．也考查了二次的顶点式及其最值问题．25．（10分）如图，已知⊙O的直径AB及弦CD相互垂直，垂足为点E．⊙O的切线BF及弦AC的延长线相交于点F，且AC=8，tan∠BDC=．（1）求⊙O的半径长；（2）求线段CF长．考点：切线的性质；垂径定理；解直角三角形．专题：计算题．分析：（1）过O作OH垂直于AC，利用垂径定理得到H为AC中点，求出AH的长为4，依据同弧所对的圆周角相等得到tanA=tan∠BDC，求出OH的长，利用勾股定理即可求出圆的半径OA的长；（2）由AB垂直于CD得到E为CD的中点，得到EC=ED，在直角三角形AEC中，由AC的长以及tanA的值求出CE及AE的长，由FB为圆的切线得到AB垂直于BF，得到CE及FB平行，由平行得比例列出关系式求出AF的长，依据AF﹣AC即可求出CF的长．解答：解：（1）作OH⊥AC于H，则AH=AC=4，在Rt△AOH中，AH=4，tanA=tan∠BDC=，∴OH=3，∴半径OA==5；（2）∵AB⊥CD，∴E为CD的中点，即CE=DE，在Rt△AEC中，AC=8，tanA=，设CE=3k，则AE=4k，依据勾股定理得：AC2=CE2+AE2，即9k2+16k2=64，解得：k=，则CE=DE=，AE=，∵BF为圆O的切线，∴FB⊥AB，又∵AE⊥CD，∴CE∥FB，∴=，即=，解得：AF=，则CF=AF﹣AC=．点评：此题考查了切线的性质，垂径定理，锐角三角函数定义，勾股定理，以及平行线的性质，娴熟驾驭切线的性质是解本题的关键．26．（12分）（2013•江都市模拟）已知A,B两地相距630千米，在A,B之间有汽车站C站，如图1所示．客车由A地驶向C站,货车由B地驶向A地，两车同时动身，匀速行驶，货车的速度是客车速度的．图2是客,货车离C站的路程y1,y2（千米）及行驶时间x（小时）之间的函数关系图象．（1）求客,货两车的速度；（2）求两小时后，货车离C站的路程y2及行驶时间x之间的函数关系式；（3）求E点坐标，并说明点E的实际意义．考点：一次函数的应用．分析：（1）设客车的速度为akm/h，则货车的速度为km/h，依据题意列出有关v的一元一次方程解得即可；（2）依据货车两小时到达C站，可以设x小时到达C站，列出关系式即可；（3）两函数的图象相交，说明两辆车相遇，即客车追上了货车．解答：解：（1）设客车的速度为akm/h，则货车的速度为km/h，由题意列方程得：9a+×2=630，解之，a=60，∴=45，答：客车的速度为60km/h，货车的速度为45km/h（2）方法一：由（1）可知P（14，540），∵D（2，0），∴y2=45x﹣90；方法二：由（1）知，货车的速度为45km/h，两小时后货车的行驶时间为（x﹣2），∴y2=45（x﹣2）=45x﹣90，（3）方法一：∵F（9，0）M（0，540），∴y1=﹣60x+540，由，解之，∴E（6，180）点E的实际意义：行驶6小时时，两车相遇，此时距离C站180km；方法二：点E表示两车离C站路程相同，结合题意，两车相遇，可列方程：45x+60x=630，x=6，∴540﹣60x=180，∴E（6，180），点评：本题考查了一次函数的应用及一元一次方程的应用，解题的关键是依据题意结合图象说出其图象表示的实际意义，这样便于理解题意及正确的解题．27．（12分）如图1，已知Rt△ABC中，∠C=90°，AC=8cm，BC=6cm．点P由B动身沿BA方向向点A匀速运动，同时点Q由A动身沿AC方向向点C匀速运动，它们的速度均为2cm/s．以AQ,PQ为边作平行四边形AQPD，连接DQ，交AB于点E．设运动的时间为t（单位：s）（0≤t≤4）．解答下列问题：（1）用含有t的代数式表示AE=5﹣t．（2）当t为何值时，平行四边形AQPD为矩形．（3）如图2，当t为何值时，平行四边形AQPD为菱形．考点：相像形综合题．分析：（1）首先利用勾股定理求得AB=10，然后表示出AP，利用平行四边形对角线相互平分表示出线段AE即可；（2）利用矩形的性质得到△APQ∽△ABC，利用相像三角形对应边的比相等列出比例式即可求得t值；（3）利用菱形的性质得到．解答：解：（1）∵Rt△ABC中，∠C=90°，AC=8cm，BC=6cm．∴由勾股定理得：AB=10cm，∵点P由B动身沿BA方向向点A匀速运动，速度均为2cm/s，∴BP=2tcm，∴AP=AB﹣BP=10﹣2t，∵四边形AQPD为平行四边形，∴AE==5﹣t；（2）当▱AQPD是矩形时，PQ⊥AC，∴PQ∥BC，∴△APQ∽△ABC∴即解之t=∴当t=时，▱AQPD是矩形；（3）当▱AQPD是菱形时，DQ⊥AP，则COS∠BAC==即解之t=∴当t=时，□AQPD是菱形．点评：本题考查了相像形的综合知识，正确的利用平行四边形,矩形,菱形的性质得到正方形是解决本题的关键．28．（14分）（2012•漳州二模）如图，在平面直角坐标系中，O是坐标原点，直线及x轴，y轴分别交于B，C两点，抛物线经过B，C两点，及x轴的另一个交点为点A，动点P从点A动身沿AB以每秒3个单位长度的速度向点B运动，运动时间为t（0＜t＜5）秒．（1）求抛物线的解析式及点A的坐标；（2）以OC为直径的⊙O′及BC交于点M，当t为何值时，PM及⊙O′相切？请说明理由．（3）在点P从点A动身的同时，动点Q从点B动身沿BC以每秒3个单位长度的速度向点C运动，动点N从点C动身沿CA以每秒个单位长度的速度向点A运动，运动时间和点P相同．①记△BPQ的面积为S，当t为何值时，S最大，最大值是多少？②是否存在△NCQ为直角三角形的情形？若存在，求出相应的t值；若不存在，请说明理由．考点：二次函数综合题．专题：代数几何综合题；压轴题；动点型．分析：（1）由直线及x轴，y轴分别交于B，C两点，分别令x=0和y=0求出B及C的坐标，又抛物线经过B，C两点，把求出的B及C的坐标代入到二次函数的表达式里得到关于b，c的方程，联立解出b和c即可求出二次函数的解析式．又因A点是二次函数及x轴的另一交点令y=0即可求出点A的坐标．（2）连接OM，PM及⊙O′相切作为题中的已知条件来做．由直径所对的圆周角为直角可得∠OMC=90°从而得∠OMB=90°．又因为O′O是⊙O′的半径，O′O⊥OP得到OP为⊙O′的切线，然后依据从圆外一点引圆的两条切线，切线长相等可得OP=PM，依据等边对等角得∠POM=∠PMO，然后依据等角的余角相等可得∠PMB=∠OBM，再依据等角对等边得PM=PB，然后等量代换即可求出OP的长，加上OA的长即为点P运动过的路程AP，最终依据时间等于路程除以速度即可求出时间t的值．（3）①由路程等于速度乘以时间可知点P走过的路程AP=3t，则BP=15﹣3t，点Q走过的路程为BQ=3t，然后过点Q作QD⊥OB于点D，证△BQD∽△BCO，由相像得比列即可表示出QD的长，然后依据三角形的面积公式即可得到S关于t的二次函数关系式，然后利用t=﹣时对应的S的值即可求出此时的最大值．②要使△NCQ为直角三角形，必需满意三角形中有一个直角，由BA=BC可知∠BCA=∠BAC，所以角NCQ不可能为直角，所以分两种状况来探讨：第一种，当角NQC为直角时，利用两组对应角的相等可证△NCQ∽△CAO，由相像得比例即可求出t的值；第二种当∠QNC=90°时，也是证三角形的相像，由相像得比例求出t的值．解答：解：（1）在y=﹣x+9中，令x=0，得y=9；令y=0，得x=12．∴C（0，9），B（12，0）．又抛物线经过B，C两点，∴，解得∴y=﹣x2+x+9．于是令y=0，得﹣x2+x+9=0，解得x1=﹣3，x2=12．∴A（﹣3，0）．（2）当t=3秒时，PM及⊙O′相切．连接OM．∵OC是⊙O′的直径，∴∠OMC=90°．∴∠OMB=90°．∵O′O是⊙O′的半径，O′O⊥OP，∴OP是⊙O′的切线．而PM是⊙O′的切线，∴PM=PO．∴∠POM=∠PMO．又∵∠POM+∠OBM=90°，∠PMO+∠PMB=90°，∴∠PMB=∠OBM．∴PM=PB．∴PO=PB=OB=6．∴PA=OA+PO=3+6=9．此时t=3（秒）．∴当t=3秒，PM及⊙O′相切．（3）①过点Q作QD⊥OB于点D．∵OC⊥OB，∴QD∥OC．∴△BQD∽△BCO．∴=．又∵OC=9，BQ=3t，BC=15，∴=，解得QD=t．∴S△BPQ=BP•QD=．即S=．S=．故当时，S最大，最大值为．②存在△NCQ为直角三角形的情形．∵BC=BA=15，∴∠BCA=∠BAC，即∠NCM=∠CAO．∴△NCQ欲为直角三角形，∠NCQ≠90°，只存在∠NQC=90°和∠QNC=90°两种状况．当∠NQC=90°时，∠NQC=∠COA=90°，∠NCQ=∠CAO，∴△NCQ∽△CAO．∴=．∴=，解得t=．当∠QNC=90°时，∠QNC=∠COA=90°，∠QCN=∠CAO，∴△QCN∽△CAO．∴=．∴=，解得．综上，存在△NCQ为直角三角形的情形，t的值为和．点评：本题是二次函数的综合题型，其中涉及到的知识点有抛物线的顶点公式和三角形的面积求法，以及圆的切线的有关性质．在求有关动点问题时要留意分析题意分状况探讨结果．2014年中考数学模拟试卷（四）一,选择题（每小题3分，满分24分）下列各小题均有四个答案，其中只有一个是正确的，将正确答案的选项填涂在答题卡的相应位置.1．（3分）（2012•宜昌）如图，数轴上表示数﹣2的相反数的点是（）A．点PB．点QC．点MD．点N考点：数轴；相反数．分析：依据数轴得出N,M,Q,P表示的数，求出﹣2的相反数，依据以上结论即可得出答案．解答：解：从数轴可以看出N表示的数是﹣2，M表示的数是﹣0.5，Q表示的数是0.5，P表示的数是2，∵﹣2的相反数是2，∴数轴上表示数﹣2的相反数是点P，故选A．点评：本题考查了数轴和相反数的应用，主要培育学生的视察图形的实力和理解实力，题型较好，难度不大．2．（3分）（2013•鹤壁二模）已知，如图，AD及BC相交于点O，AB∥CD，假如∠B=20°，∠D=40°，那么∠BOD为（）A．40°B．50°C．60°D．70°考点：平行线的性质．分析：由AB∥CD，∠B=20°，依据两直线平行，内错角相等，即可求得∠C的度数，又由三角形外角的性质，即可求得∠BOD的度数．解答：解：∵AB∥CD，∠B=20°，∴∠C=∠B=20°，∵∠D=40°，∴∠BOD=∠C+∠D=60°．故选C．点评：此题考查了平行线的性质,三角形外角的性质．此题难度不大，解题的关键是留意驾驭两直线平行，内错角相等定理的应用．3．（3分）（2012•云南）不等式组的解集是（）A．x＜1B．x＞﹣4C．﹣4＜x＜1D．x＞1考点：解一元一次不等式组．分析：先求出不等式组中每一个不等式的解集，再求出它们的公共部分，即可得到不等式组的解集．解答：解：，由①得﹣x＞﹣1，即x＜1；由②得x＞﹣4；由以上可得﹣4＜x＜1．故选C．点评：主要考查了一元一次不等式解集的求法，其简便求法就是用口诀求解，求不等式组解集的口诀：同大取大，同小取小，大小小大中间找，大大小小找不到（无解）．4．（3分）（2012•六盘水）如图是王老师去公园锻炼及原路返回时离家的距离y（千米）及时间t（分钟）之间的函数图象，依据图象信息，下列说法正确的是（）A．王老师去时所用的时间少于回家的时间B．王老师在公园锻炼了40分钟C．王老师去时走上坡路，回家时走下坡路D．王老师去时速度比回家时的速度慢考点：函数的图象．专题：压轴题．分析：依据图象可以得到去时所用的时间和回家所用的时间，在公园锻炼了多少分钟，也可以求出去时的速度和回家的速度，依据可以图象推断去时是否走上坡路，回家时是否走下坡路．解答：解：如图，A,王老师去时所用的时间为15分钟，回家所用的时间为5分钟，故选项错误；B,王老师在公园锻炼了40﹣15=25分钟，故选项错误；C,据（1）王老师去时走下坡路，回家时走上坡路，故选项错误．D,王老师去时用了15分钟，回家时候用了5分钟，因此去时的速度比回家时的速度慢，故选项正确．故选D．点评：本题考查利用函数的图象解决实际问题，正确理解函数图象横纵坐标表示的意义，理解问题的过程，就能够通过图象得到函数问题的相应解决．需留意计算单位的统一．5．（3分）（2013•鹤壁二模）下列计算正确的是（）A．B．（x+y）2=x2+y2C．（﹣3x）3=﹣9x3D．﹣（x﹣6）=6﹣x考点：完全平方公式；实数的运算；去括号及添括号；幂的乘方及积的乘方．分析：依据完全平方公式以及积的乘方公式即可推断．解答：解：A,不是同类二次根式不能合并，选项错误；B,（x+y）2=x2+2xy+y2，选项错误；C,（﹣3x）3=﹣27x3，选项错误；D,正确．故选D．点评：本题主要考查完全平方公式，熟记公式结构是解题的关键．完全平方公式：（a±b）2=a2±2ab+b2．6．（3分）（2012•湛江）一个扇形的圆心角为60°，它所对的弧长为2πcm，则这个扇形的半径为（）A．6cmB．12cmC．2cmD．cm考点：弧长的计算．专题：计算题；压轴题．分析：由已知的扇形的圆心角为60°，它所对的弧长为2πcm，代入弧长公式即可求出半径R．解答：解：由扇形的圆心角为60°，它所对的弧长为2πcm，即n=60°，l=2π，依据弧长公式l=，得2π=，即R=6cm．故选A．点评：此题考查了弧长的计算，解题的关键是娴熟驾驭弧长公式，理解弧长公式中各个量所代表的意义．7．（3分）（2013•昭通）已知一组数据：12，5，9，5，14，下列说法不正确的是（）A．平均数是9B．中位数是9C．众数是5D．极差是5考点：极差；算术平均数；中位数；众数．分析：分别计算该组数据的平均数,中位数,众数及极差后即可得到正确的答案．解答：解：平均数为（12+5+9+5+14）÷5=9，故A正确；中位数为9，故B正确；5出现了2次，最多，众数是5，故C正确；极差为：14﹣5=9，故D错误．故选D．点评：本题考查了数据的平均数,中位数,众数及极差，属于基础题，比较简单．8．（3分）（2010•长春）如图，平面直角坐标系中，OB在x轴上，∠ABO=90°，点A的坐标为（1，2），将△AOB绕点A逆时针旋转90°，点O的对应点C恰好落在双曲线y=（x＞0）上，则k的值为（）A．2B．3C．4D．6考点：反比例函数图象上点的坐标特征；坐标及图形变化-旋转．专题：压轴题．分析：由旋转可得点D的坐标为（3，2），那么可得到点C的坐标为（3，1），那么k等于点C的横纵坐标的积．解答：解：易得OB=1，AB=2，∴AD=2，∴点D的坐标为（3，2），∴点C的坐标为（3，1），∴k=3×1=3．故选B．点评：解决本题的关键是利用旋转的性质得到在反比例函数上的点C的坐标．二,填空题（每小题3分，满分21分）9．（3分）（2012•长沙）若实数a,b满意|3a﹣1|+b2=0，则ab的值为1．考点：非负数的性质：偶次方；非负数的性质：肯定值．分析：依据非负数的性质列式求出a,b的值，然后代入代数式，依据任何非0数的0次幂等于1进行计算即可得解．解答：解：依据题意得，3a﹣1=0，b=0，解得a=，b=0，ab=（）0=1．故答案为：1．点评：本题考查了肯定值非负数，平方数非负数的性质，依据几个非负数的和等于0，则每一个算式都等于0列式是解题的关键．10．（3分）（2012•湛江）请写出一个二元一次方程组此题答案不唯一，如：，使它的解是．考点：二元一次方程组的解．专题：压轴题；开放型．分析：依据二元一次方程解的定义，可知在求解时，应先围绕x=2，y=﹣1列一组算式，然后用x，y代换即可列不同的方程组．答案不唯一，符合题意即可．解答：解：此题答案不唯一，如：，，①+②得：2x=4，解得：x=2，将x=2代入①得：y=﹣1，∴一个二元一次方程组的解为：．故答案为：此题答案不唯一，如：．点评：本题主要考查了二元一次方程组的解的定义．此题属于开放题，留意正确理解定义是解题的关键．11．（3分）（2006•泰州）如图，AB，CD相交于点O，AB=CD，试添加一个条件使得△AOD≌△COB，你添加的条件是AO=CO．（答案不惟一，只需写一个）考点：全等三角形的判定．专题：开放型．分析：要使△AOD≌△COB，已知AB=CD，∠AOD=∠COB所以可以再添加一组边从而利用SAS来判定其全等，可加AO=CO或BO=DO．解答：解：若添加AO=CO∵AB=CD，AO=CO∴OD=OB∵∠AOD=∠COB∴△AOD≌△COB（SAS）．故填AO=CO．点评：本题考查三角形全等的判定方法，判定两个三角形全等的一般方法有：SSS,SAS,ASA,AAS,HL．添加时留意：AAA,SSA不能判定两个三角形全等，判定两个三角形全等时，必需有边的参及，若有两边一角对应相等时，角必需是两边的夹角．12．（3分）（2012•哈尔滨）一个圆锥的母线长为4，侧面积为8π，则这个圆锥的底面圆的半径是2．考点：圆锥的计算．分析：依据扇形的面积公式求出扇形的圆心角，再利用弧长公式求出弧长，再利用圆的面积公式求出底面半径．解答：解：解得n=180则弧长==4π2πr=4π解得r=2故答案是：2．点评：解决本题的关键是依据圆锥的侧面积公式得到圆锥的底面半径的求法．13．（3分）（2012•攀枝花）如图，正方形ABCD中，AB=4，E是BC的中点，点P是对角线AC上一动点，则PE+PB的最小值为2．考点：轴对称-最短路线问题；正方形的性质．专题：压轴题；探究型．分析：由于点B及点D关于AC对称，所以假如连接DE，交AC于点P，那PE+PB的值最小．在Rt△CDE中，由勾股定理先计算出DE的长度，即为PE+PB的最小值．解答：解：连接DE，交AC于点P，连接BD．∵点B及点D关于AC对称，∴DE的长即为PE+PB的最小值，∵AB=4，E是BC的中点，∴CE=2，在Rt△CDE中，DE===2．故答案为：2．点评：本题考查了轴对称﹣最短路线问题和正方形的性质，依据两点之间线段最短，可确定点P的位置．14．（3分）（2013•鹤壁二模）如图，已知二次函数y=x2+bx+c的图象经过点（﹣1，0），（1，﹣2），该图象及x轴的另一个交点为C，则AC长为3．考点：待定系数法求二次函数解析式；抛物线及x轴的交点；两点间的距离．专题：计算题．分析：先把点（﹣1，0），（1，﹣2）代入y=x2+bx+c，求得b，c，再令y=0，点C的坐标，再得出答案即可．解答：解：∵二次函数y=x2+bx+c的图象经过点（﹣1，0），（1，﹣2），∴，解得，∴抛物线的解析式为y=x2﹣x﹣2，令y=0，得x2﹣x﹣2=0，解得x1=﹣1，x2=2，∴C（2，0）∴AC=2﹣（﹣1）=3．故答案为3．点评：本题考查了用待定系数法求二次函数的解析式,抛物线及x轴的交点问题以及两点间距离的求法，是基础知识要娴熟驾驭．15．（3分）（2011•安顺）已知：如图，O为坐