2023年广东省深圳市高考物理二模试卷(有答案解析)

2023年广东省深圳市高考物理二模试卷一、单项选择题〔530.0分〕我国一代可控核聚变争论装置“中国环流器二号M”又被称为“人造太阳”将在2023年投入运行。其所发生的可控核聚变方程是 ，H、H、和X的质量分别为、、和，真空中的光速为c。以下说法正确的选项是X是质子大亚湾核电站利用核聚变发电该核反响所释放的核能为和 的结合能之和大于 的结合能20231013日将发生火星冲日现象，即火星、地球和太阳刚好在一条直线上，如以下图，火星轨道半径为地球轨道半径的倍，地球和火星绕太阳运行的轨道都视为圆。则火星与地球绕太阳运行的线速度大小之比为2：3火星与地球绕太阳运行的加速度大小之比为4：9火星与地球的公转周期之比为 ：20231013日前有可能再次发生火星冲日现象一个带负电的粒子从 处由静止释放，仅受电场力作用，沿x轴正方向运动，加速度a随位置变化的关系如以下图， 可以得出从到过程中，电势先上升后降低在和处，电场强度一样粒子经和处，速度等大反向粒子在处，电势能最大户外野炊所用的便携式三脚架，由三根完全一样的轻杆通过铰链组合在一起，每根杆均可绕铰链自由转动。如以下图，将三脚架静止放在水平地面mg，不计支架与铰链之间的摩擦，则当每根杆与竖直方向的夹角为当每根杆与竖直方向的夹角为

时，杆受到的压力大小为时，杆对地面的摩擦力大小为当每根杆与竖直方向的夹角均变大时，三根杆对铰链的作用力的合力118页变大当每根杆与竖直方向的夹角均变大时，杆对地面的压力变大如以下图，某时刻将质量为10kg的货物轻放在匀速运动的水平传送带最左端，当货物与传送带速度恰好相等时，传送带突然停顿运动，货物最终停在传送带上。货物与传送带间的动摩擦因10cm，重力加速度取则货物10cm运动的总时间为与传送带由摩擦而产生的热量为5J5J二、多项选择题〔527.0分〕电磁感应现象在科技和生活中有着广泛的应用，以下说法正确的选项是图中利用了放射线圈和接收线圈之间的互感现象构成变压器现手机充电图中给电磁炉接通恒定电流，可以在锅底产生涡流，给锅中食物加热B不闭合，S断开将不会产生延时效果218页图中给电子感应通以恒定电流时，被加速的电子获得恒定的加速度某同学使用小型电动打夯机平坦自家房前的场地，如以下图是电动打夯机的构造示意图。质量为mM的底座含电动机上的转轴相连。电动机带动摆锤绕转轴O在竖直面内匀速转动，转动半径为R，重力加速度为g。以下说法正确的选项是转到最低点时摆锤处于失重状态摆锤在最低点和最高点，杆给摆锤的弹力大小之差为6mg假设打夯机底座刚好能离开地面，则摆锤的角速度为假设打夯机底座刚好能离开地面，则摆锤转到最低点时，打夯机对地面的压力为如以下图，在竖直平面内有一上下边界均水平，垂直线框所在平面的匀强磁场，磁感应强度正方形单匝金属线框在磁场上方 处，质量为 ，边长为 ，总阻值为 现将线框由静止释放，下落过程中线框ab边始终与磁场边界平行，ab边刚好进入磁场和刚好离开磁场时的速度均为 ，不计空气阻力，重力加速度取 则cd边刚进入磁场时抑制安培力做功的功率为9W匀强磁场区域的高度为穿过磁场的过程中线框电阻产生的焦耳热为线框通过磁场上边界所用时间为以下说法正确的选项是确定质量的抱负气体，在等压膨胀过程中，确定吸取热量当分子间的引力与斥力平衡时，分子势能最大其它条件一样，空气的相对湿度越大，晾晒在室外的衣服越不简洁干布朗运动证明白悬浮微粒的分子在做无规章运动在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵不会减小一段绳子置于x轴上，某同学使绳子的左端即波源 在y轴上做不连续的简谐运动，振动周期为 某时刻波刚好传到P点P间绳上各点形成的波形如以下图此时由波形可知318页y轴正方向波在介质中传播的速度为Q此时以

y轴负方向运动此波形是波源先做一次全振动后停顿振动

，接着再振动半个周期形成的1sQP点三、试验题〔215.0分〕某同学在试验室使用半径一样的两个小球，按如图试验装置来验证动量守恒定律。他的主要试验操作如下：用天平测量a、b两球的质量 和用游标卡尺测出两个小球的直径d用刻度尺测出轨道末端距离地面的高度H用重锤线标出小球抛出点在水平地面上的白纸上的竖直投影点O在白纸上面放好复写纸，先不放b球，把aD点由静止释放，落到复写纸上，重复屡次；再把b球放在斜槽轨道水平局部最右端，把a球仍从Db球相碰后，两球分别落在复写纸上的不同位置，重复屡次用圆规在白纸上找到三个平均落点MP和并用刻度尺测量出图中的 、 和 的长度上述试验操作中不必要的步骤是 ；假设满足关系式 ，则验证了系统碰撞过程中动量守恒；用测量的物理量表示试验测得： ， ， ， ， 。则本试验的相对误差是

保存一位有效数字相对误差为 。某兴趣小组测一电池组的电动势和内阻，电动势约为3V，内阻约为 现有如下试验器材：电压表 ，内阻约为电流表C.定值电阻D.电阻箱E.滑动变阻器F.待测电池组G.S、导线假设干为完成试验需将电流表A改装成较大量程的电流表A应与定值电或“并”，改装后电流表的量程为 mA。

联填“串”为测量尽可能准确，电阻箱 与滑动变阻器 应选

填“ ”或“ ”依据你所选用的试验器材，设计试验电路并在答题卡的虚线框内将电路图补充完整所选器材要标明符号按正确的电路图连接好电路进展试验并屡次测量，同时记录各仪器的读数然后做出图象如以下图，但遗忘标注纵坐标，请你补充完整，此纵坐标应填I、U、或 。假设图418页kb，则该电池的电动势应符号表示

，内阻

。用题中的相四、计算题〔452.0分〕“反向蹦极”是一项比蹦极更刺激的运动。如以下图，弹性轻绳的上端固定在O点，拉长后将下端固定在体验者的身上并与固定在地面上的力传感器相连传感器示数为 翻开扣环，人从A点由静止释放，像火箭一样被“竖直放射”，经B上升到最高位置C点，在B点时速度最大，在上升过程中，仅在最终1s内做匀变速直线运动。BC间距 ，人与装备总质量 可视为质点。弹性绳的弹力始终遵循胡克定律，无视空气阻力，重力加速度g取 求：人在最终1s内位移h的大小和释放瞬间人的加速度a的大小；弹性绳的劲度系数k和释放前弹性绳的弹性势能 。xOy，第一象限内含坐标轴有垂直于坐标平面对里的匀a、均可视为质点质m、3m，不带电的小球bO处的绝缘支架图中未画出上。小球a带电量为，从第三象限的P点，以速度竖直向上射出，小球aO时，速度方xb球发生弹性正碰，碰撞时间极短。碰后两个小球带电518页量均变为磁感应强度

bxNayQ点图中未画出。，不计两个小球之间的库仑力和空气阻力，重力加速度为g。求：a、b球的速度、；EQO的距离；O的距离。如以下图，将横截面积 、容积为 ，开口向上的导热良好的气缸置于 的环境中用厚度不计的轻质活塞将体积为 的抱负气体封闭在气缸中，气缸底部有一个单向阀门外界大气压强 ，重力加速度 ，不计一切摩擦。求：QN给气缸充气，每次可将体积为 ，压强为 的抱负气体全部打入气缸中，则打气多少次，才能使其内部压强到达 ；当气缸内气体压强到达 时，停顿打气，关闭阀门N，将质量为 的物体放在活塞上，然后拔掉卡销Q，则环境温度为多少摄氏度时，活塞恰好不脱离气缸。一正三棱柱形透亮体的横截面如以下图， ，透亮体中心有一半径为R的球形真空区域一束平行单色光从ABc。求：

618页D点射入透亮体的光束要经受多长时间从透亮体射出；AB面直接进入中间的球形真空区域，则必需在透亮体AB面上贴至少多ACBC面的反射光线影响718页答案：C

答案与解析 解析：解：A、依据质量数守恒和电荷数守恒可知，X10，是中子，该核反响A错误；B、大亚湾核电站利用核裂变发电，故B错误；C聚变时释放的能量C正确；D、该核反响的过程中释放能量，可知和的结合能之和小于 的结合能，故D错误。应选：C。依据质量数守恒和电荷数守恒可以求出X为何种粒子；该核反响为核聚变；依据爱因斯坦质能方程可知，聚变时释放的能量 。此题考察了爱因斯坦质能方程、裂变反响和聚变反响等学问点。关键点：理解裂变和聚变的特点，会应用质量数守恒和电荷数守恒推断生成物的类别。答案：B解析：解：火星和地球绕太阳做圆周运动，万有引力供给向心力， ，火星公转轨道半径为地球的 倍，A、 ，则火星与地球的线速度大小之比为 ，故A错误；B、 ，则火星与地球的加速度大小之比为4：9，故B正确；C、 ，则火星与地球的公转周期之比为 ： ，故C错误；D

其中：： ：，解得： 年，故下一次发生火星冲日现象的时间为2023年1月13日，故D错误。应选：B。依据题干供给的信息，火星和地球绕太阳做圆周运动的向心力等于太阳的万有引力，列式比较火星与地球的周期、线速度和向心加速度大小关系。依据两次相距最近的时间间隔为地球比火星多转动一周的时间，据周期关系计算即可。此题考察了万有引力定律及其应用，关键抓住万有引力供给向心力，列式求解出线速度、周期和向心加速度的表达式，再进展争论。答案：A解析：解：AD、依据图象可知，从到过程中，粒子先加速后减速，所以电场力先做正功，后做负功，电势能先减小后增加，到处，电势能最小依据 可知，粒子带负电，所以电势先上升后降低，故A正确，D错误；B、由于 ，所以电场强度和加速度大小成正比，方向相反，所以在和处，电场强度大小相等，方向相反，故B错误；C、依据运动学公式可知 可知， 图象的面积表示，所以粒子经和处，速度大818页C错误；应选：A。分析从到过程中，电场力做功状况，从而推断电势能的变化状况，再分析处的电势能，依据分析电势的变化状况；依据牛顿其次定律分析加速度与电场强度的的关系，再依据图象分析电场强度的状况；依据运动学公式可知 可知， 图象的面积表示 ，以此分析粒子经 和处的速度。解决该题的关键是能依据图象分析粒子的运动状况，知道电场力做功与电势能的变化的关系，知道图象的面积表示。答案：B解析解：A以吊锅和细铁链整体为争论对象依据平衡条件得： 得 ，由牛顿第三定律知，杆受到的压力大小为 ，故A错误；B、当每根杆与竖直方向的夹角为

时，杆对地面的摩擦力大小为B正确；C、当每根杆与竖直方向的夹角均变大时，三根杆对铰链的作用力的合力不变，仍与重力mg等大反C错误；D以整个装置为争论对象由平衡条件知， 得 因此由牛顿第三定律知，D错误。应选：B。以吊锅和细铁链整体为争论对象，分析受力，依据平衡条件求出杆对细铁链的支持力，从而得到杆受到的压力。对杆，依据平衡条件求地面对杆的摩擦力，从而得到杆对地面的摩擦力。对整个装置分析，由平衡条件分析地面对杆的支持力，来分析杆对地面的压力。解决此题时，要灵敏选择争论对象，分析受力状况，利用平衡条件和牛顿第三定律进展解答。答案：D解析：解：令传送带的速度为v，依据题意可知，货物在传送带上先加速后做减速运动，加速运动阶段，其加速度大小为：当货物加速到和传送带速度相等时，所用时间为：货物发生的位移为：传送带发生的位移为：减速运动过程中货物的加速度大小为：当货物速度减为零，所用的时间为：货物发生的位移为：918页依据题意可知，货物在传送带上留下的划痕长为： ，所以传送带的速度为 ，货物发生的总位移为 ，运动的总时间为 ，与传送带由摩擦而产生的热量 ，货物获得的最大动能为应选：D。

ABC错误，D正确。货物在传送带上先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，依据牛顿其次定律求解加速度大小，依据 求解加速度和减速运动的时间，依据 求解加速和减速时的位移，找到货物与传送带的相对位移的表达式，从而求解传送带的速度，再结合运动学公式求解总位移和总时间，依据求解热量，依据 求解最大动能。熟记运动学的相关公式以及由于摩擦而产生的热量的公式。答案：AC解析：解：A、图中利用了放射线圈和接收线圈之间的互感现象构成变压器，利用互感原理使手机充A正确；B、图中给电磁炉接通交变电流，可以在锅底产生涡流，给锅中食物加热，故B错误；C、图中假设线圈B不闭合，S断开，线圈B中不产生感应电流，工作电路会马上断开，不会产生延C正确；D、图中给电子感应通以交变电流时，产生交变的磁场，感应出交变电压，使电子获得恒定D错误。应选：AC。变压器的工作原理是互感，是一种电磁感应原理。电磁炉应通以交变电流。延时继电器是利用电磁感应原理。电子感应能通以交变电流。解决此题的关键要理解各种装置的工作原理，要把握电磁感应产生的条件，来分析其工作原理。答案：CD解析：解：A、摆锤转动最低点时，加速度向上，处于超重状态，故A错误；B、摆锤在最高点时，依据向心力公式可知： ，在最低点有： ，联立解得摆锤在最低点和最高点，杆给摆锤的弹力大小之差为： ，故B错误；C锤位于最高点，有：对摆锤有：解得： ，故C正确；D、在最低点，对摆锤有：则：18页对打夯机有： ，故D正确。应选：CD。摆锤在最低点时，加速度向上，处于超重状态。摆锤做圆周运动，在最高点和最低点时，重力和拉力的合力供给向心力，据此分析杆对摆锤的弹力大小之差。当拉力的大小等于电动机连同打夯机底座的重力时，才能使打夯机底座刚好离开地面。依据牛顿其次定律求出摆锤通过最低位置时对摆锤的拉力从而得知打夯机对地面的压力。此题考察了向心力的相关计算，解题此题的关键承受隔离法分析，摆锤在竖直方向上的合力供给其做圆周运动的向心力，而对于打夯机始终处于受力平衡状态。答案：ABD解析：解：Acd边刚进入磁场时的速度为，则cd边刚进入磁场时产生的感应电动势为线框中感应电流为cd边刚进入磁场时抑制安培力做功的功率 ，故A正确；B、线框进入磁场和穿出磁场的两个过程运动状况一样。设匀强磁场区域的高度为H，ab边刚好进入磁场为。线框完全在磁场中运动时做加速度为g的匀加速运动，有解得 ，故B正确；C、设穿过磁场的过程中线框电阻产生的焦耳热为 由能量守恒定律得：，解得 ，故C错误；D、设线框通过磁场上边界所用时间为t。线框通过磁场上边界的过程，由动量定理得：又联立解得 ，故D正确。应选：ABD。cdcd边产生的感应电动势，由欧cd磁场后做加速度为g的匀加速运动，由运动学公式和几何关系求磁场区域的高度。由能量守恒定律求线框产生的焦耳热。对于线框通过磁场上边界的过程，利用动量定理求运动时间。解决此题的关键要抓住线框进入磁场和穿出磁场的两个过程运动状况一样，线框完全磁场中运动时做加速度为g的匀加速运动。要知道线框穿出磁场的过程做变减速运动，不能依据运动学公式求运动时间，可以依据动量定理求运动时间。答案：ACE18页解析解：A依据抱负气体状态方程 压强不变体积增大温度确定上升而体积增大，说明气体对外做功，即 ，温度上升，说明内能增大，即 ，再依据热力学第确定律知， ，即气体确定吸热，故A正确。BB错误。C的水汽量接近饱和的程度有关，在潮湿的天气里，空气的相对湿度大，水蒸发得慢，所以洗了的衣C正确。D、布朗运动是悬浮在液体或气体中的固体小颗粒的永不停息地做无规章运动，间接证明白分子永D错误。E、依据熵增加原理，在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵不会减小，故E正确。应选：ACE。先依据抱负气体状态方程 温度的变化再依据热力学第确定律推断是否吸热依据 图布朗运动是悬浮微粒的无规章运动，说明液体分子在做无规章运动；依据熵增加原理解析。此题考察了布朗运动、分子势能、热力学定律等学问点。这种题型学问点广，多以根底为主，只要寻常多加积存，难度不大。答案：ABD解析：解：A、依据波向右传播，由图可得：波前质点P向上振动，故波源起振方向向上，故A正确；B、由图知，波长 ，波速 ，故B正确；CQ向下振动，但振动速度不愿定等于波的传播速度，故C错误；D、由波形图知，波源先做一个全振动，中间停顿振动时间 ，再振动半个周期所形成的，故D正确；E、波形图中各质点并不随波运动，传递的是一种振动形式，故E错误；应选：ABD。由波前质点振动方向推断波源振动方向；由图读出波长依据波速公式求波速，但质点振动速度与波速是完全不同的概念；由波形图学问推导波的形成过程；波形图中各个质点只上下振动，不随波逐流。机械振动问题中，一般依据振动图或质点振动得到周期、质点振动方向；再依据波形图得到波长和波的传播方向，从而得到波速及质点振动，进而依据周期得到路程。答案：解析：解： 验证动量守恒定律，需要用天平测量两个小球的质量；为了发生对心碰撞，两球的直径需一样，但具体直径大小，并不需要测量；只需要保证小球做平抛运动的高度一样，不需要用刻度尺测量其具体值；需要用重锤线标出小球抛出点在水平地面上的白纸上的竖直投影点O18页在白纸上面放好复写纸，先不放baD点由静止释放，落到复写纸上，重b球放在斜槽轨道水平局部最右端，把aDb球相碰后，两球分别落在复写纸上的不同位置，重复屡次；M、PN，并用刻度尺测量出图中的、和的长度纸上的不同位置，重复屡次；上述试验操作中不必要的步骤是。碰撞过程中，假设水平方向动量守恒，由动量守恒定律得： ，小球做平抛运动时抛出点的高度相等，它们在空中的运动时间t相等，两边同时乘以时间t，，得： 。相对误差。故答案为： ； ； 。，落地时间一样，不需要具体测量高度大小；试验要验证两个小球系统碰撞过程动量守恒，即要验证 ，可以通过平抛运动将速度的测量转化为水平射程的测量；通过公式：相对误差 ，来计算相对误差。试验运用转换法，马上测量小球做平抛运动的初速度转换成测平抛运动的水平位移；由于本试验仅限于争论系统在碰撞前后动量的关系，所以各物理量的单位不必统一使用国际单位制单位。答案：并6解析：解：

A改装成较大量程的电流表，A应与定值电阻

并联；并联后的量程：m滑动变阻器不能读出具体的电阻值，所以选择电阻箱更合理。电源的电动势只有3V15V，在电路中电压表的读数的误差是比较大的，所以可以不选择电压表，只使用电流表与电阻箱也可以测量电源的电动势与内电阻；所以画出电路图如图；由 的分析可知，电流表的路程扩大为原来的3倍，结合试验原理图电路可知，，则：18页bR图象的斜率：得电动势：图象的斜率：得电动势：则电源内阻：故答案为： 并，6；；如图；；；或依据电流表改装的原理分析即可；结合给出的仪表，分析需要的测量电路，推断选择的电阻；依据试验原理，画出电路图；象，然后结合公式推断截距的意义以及斜率的意义，最终求出即可。中给出的条件及坐标中隐含的信息。答案：解： 依据题意可知，释放前后人的受力如以下图， ，释放前，人处于平衡状态有： ，释放后： ，解得： ，由题意可知，上升最终阶段绳子松弛，人只受重力做匀减速运动到最高点，可以逆向看作自由落体运动，最终1s内上升的高度为： ；在B点速度最大，此时弹性绳的弹力刚好与重力大小相等，设弹簧的伸长量为，则： ，，解得 ，释放前，弹性绳的拉力为 ，此时弹簧的伸长量为： ，所以人从释放到运动到最高点的距离为： ，上升过程中机械能守恒则依据机械能守恒定律有释放前弹性绳的弹性势能： 答： 人在最终1s内位移h的大小为15m，释放瞬间人的加速度a的大小为 ；弹性绳的劲度系数k为 ，释放前弹性绳的弹性势能为7500J。18页解析： 分别分析释放前以及释放瞬间人的受力依据牛顿其次定律求解释放瞬间人的加速度a的1sg的减速运动，逆向可看做自由落体运动，依据1sh的大小；

求解人在人在B伸长量，依据胡克定律求解劲度系数，释放后人和弹性绳组成的系统机械能守恒依据机械能守恒定律求解释放前弹性绳的弹性势能 。解决该题的关键是知道释放瞬间，弹性绳的弹力并不会发生突变，知道人运动到B点时，人受到的弹力和重力大小相等，方向相反。答案：解： 球a和球b在O点发生弹性碰撞，取向右为正方向，依据运动守恒定律得：，依据能量守恒定律可得： ，联立解得： ， ；a做匀变速曲线运动，水平方向做匀加速直线运动，设加速度为，依据速度时间关系可得：竖直方向做匀减速直线运动： ，联立解得： ；碰后两个小球带电量均为 ；aQ点时水平方向速度变为速度为，水平方向：依据牛顿其次定律可得：Q点到原点O的距离联立解得：

，设加b球所受洛伦兹力b球的运动分解成速率的匀圆运动和水平向右的速度为的匀速运动。N0，所以速度照旧为，设球b运动时间为，将分解：依据洛伦兹力供给向心力可得：依据几何关系：依据平衡条件可得：所以水平方向：，而： ，联立解得：，、2、答： 碰后a、b球的速度分别为 ，；18页E的大小为点O的距离为

，Q点到原点O的距离为 ；， 、2、解析： 球a和球b在O点发生弹性碰撞，依据运动守恒定律和能量守恒定律联立求解；在第三象限中，分析球a的运动状况，依据运动学公式求解电场强度；分析碰后a球在第三象限内的运动状况，再次依据运动学公式求解QO的距离；碰后b球所受洛伦兹力 可以将小球的运动分解为水平方向的匀速直线运动与圆周运动的合成，依据运动的合成与分解结合匀速圆周运动的特点进展解答。此题主要是考察带电粒子在磁场中的运动和在电场中的偏转，