课时跟踪检测五十

课时跟踪检测五十Tag内容描述：<p>1、课时跟踪检测（五十） 双曲线A级基础题基稳才能楼高1(2018浙江高考)双曲线y21的焦点坐标是()A(，0)，(，0)B(2,0)，(2,0)C(0，)，(0，) D(0，2)，(0,2)解析：选B双曲线方程为y21，a23，b21，且双曲线的焦点在x轴上，c2，即得该双曲线的焦点坐标为(2,0)，(2,0)2(2019南宁摸底联考)双曲线1的渐近线方程为()Ayx ByxCyx Dyx解析：选D在双曲线1中，a5，b2，其渐近线方程为yx，故选D.3(2019合肥调研)下列双曲线中，渐近线方程不是yx的是()A.1 B.1C.1 D.1解析：选D对于A，渐近线方程为yxx；对于B，渐近线方程为yx。</p><p>2、课时跟踪检测（五十四）解题上5大技法破解“计算繁而杂”这一难题1(2018惠州二模)设F1，F2为椭圆1的两个焦点，点P在椭圆上，若线段PF1的中点在y轴上，则的值为()A.B.C. D.解析：选D如图，设线段PF1的中点为M，因为O是F1F2的中点，所以OMPF2，可得PF2x轴，|PF2|，|PF1|2a|PF2|，故选D.2设O为坐标原点，P是以F为焦点的抛物线y22px(p0)上任意一点，M是线段PF上的点，且|PM|2|MF|，则直线OM的斜率的最大值为()ABCD1解析：选C如图所示，设P(x0，y0)(y00)，则y2px0，即x0.设M(x，y)，由2，得化简可得直线OM的斜率k(当且仅当y0p时取等号)3(2019合。</p><p>3、课时跟踪检测（四十五） 突破立体几何中的3大经典问题1.如图是一个几何体的平面展开图，其中四边形ABCD为正方形，E，F分别是PA，PD的中点，在此几何体中，给出下面四个结论：BE与CF异面；BE与AF异面；EF平面PBC；平面BCE平面PAD.其中正确结论的个数是()A1B2C3D4解析：选B画出该几何体，如图因为E，F分别是PA，PD的中点，所以EFAD，所以EFBC，BE与CF是共面直线，故不正确；BE与AF满足异面直线的定义，故正确；由E，F分别是PA，PD的中点，可知EFAD，所以EFBC，因为EF平面PBC，BC平面PBC，所以EF平面PBC，故正确；因为BE与PA的关系不能确定，。</p><p>4、课时跟踪检测（五十二） 算法初步一抓基础，多练小题做到眼疾手快1(2019金陵中学月考)如图所示的伪代码中，若输入x的值为4，则输出y的值为________ReadxIfx3Theny|x3|Elsey2xEnd If Print y解析：由框图知：算法的功能是求y的值，当输入x4时，执行y24.答案：2(2018南京三模)执行如图所示的伪代码，输出的结果是________S1I3WhileS200SSIII2EndWhilePrint I解析：本题程序为当型循环结构的算法，算法的功能是求满足S135I200的I2的值，S1357105200，S13579945200，输出的I9211.答案：113运行如图所示的伪代码，则输出的结果为_。</p><p>5、课时跟踪检测（五十） 曲线与方程一抓基础，多练小题做到眼疾手快1方程(xy1)0表示的曲线是______________解析：由(xy1)0，得或0，即xy10(x1)或x1.所以方程表示的曲线是射线xy10(x1)和直线x1.答案：射线xy10(x1)和直线x12平面上有三个点A(2，y)，B，C(x，y)，若，则动点C的轨迹方程为________解析：由题意得，由，得0，即2x0，所以动点C的轨迹方程为y28x.答案：y28x3(2018江苏太湖高级中学检测)若动点P(x，y)满足条件|6，则点P的轨迹是________解析：|6表示点P到(4,0)，(4,0)两点的距离的差的绝对值为6，根据定义得点P轨迹是双曲线答案：双。</p><p>6、课时跟踪检测（五十四） 古典概型一抓基础，多练小题做到眼疾手快1从2个黄球，3个红球中随机取出两个球，则两球颜色不同的概率是________. 解析：由列举法得，基本事件共10个，满足条件的事件共6个，所以概率为.答案：2(2018苏锡常镇一模)从集合1,2,3,4中任取两个不同的数，则这两个数的和为3的倍数的概率为________解析：从集合1,2,3,4中任取两个不同的数，基本事件总数n6，这两个数的和为3的倍数包含的基本事件有(1,2)，(2,4)，共2个，所以这两个数的和为3的倍数的概率P.答案：3(2019盐城模拟)从1,2,3,4,5,6这六个数中一次随机地取出2个。</p><p>7、课时跟踪检测（五十三） 抛物线一、题点全面练1(2019张掖诊断)过抛物线y24x的焦点的直线l交抛物线于P(x1，y1)，Q(x2，y2)两点，如果x1x26，则|PQ|()A9B8C7D6解析：选B抛物线y24x的焦点为F(1,0)，准线方程为x1.根据题意可得，|PQ|PF|QF|x11x21x1x228.故选B.2顶点在原点，对称轴为坐标轴，且过点P(4，2)的抛物线的标准方程是()Ay2xB.x28yCy28x或x2yDy2x或x28y解析：选D(待定系数法)设抛物线为y2mx，代入点P(4，2)，解得m1，则抛物线方程为y2x；设抛物线为x2ny，代入点P(4，2)，解得n8，则抛物线方程为x28y.故抛物线方程为y2x或x28y.3(2018河。</p><p>8、课时跟踪检测（五十五） 解题上6大技法破解计算繁杂这一难题 1在平面直角坐标系xOy中，设直线yx2与圆x2y2r2(r0)交于A，B两点，O为坐标原点，若圆上一点C满足，则r()A2B.C2D.解析：选B已知，两边平方化简得r2，所以cosAOB，所以cos，又圆心O(0,0)到直线的距离为，所以，解得r.2设O为坐标原点，P是以F为焦点的抛物线y22px(p0)上任意一点，M是线段PF上的点，且|PM|2|MF|，则直线OM的斜率的最大值为()A.B.C.D1解析：选C如图所示，设P(x0，y0)(y00)，则y2px0，即x0.设M(x，y)，由2，得化简可得直线OM的斜率k(当且仅当y0p时取等号)故直线OM的斜。</p><p>9、课时跟踪检测（五十八） 排列与组合一、题点全面练1某小区有排成一排的7个车位，现有3辆不同型号的车需要停放，如果要求剩余的4个车位连在一起，那么不同的停放方法的种数为()A16B18C24 D32解析：选C将4个车位捆绑在一起，看成一个元素，先排3辆不同型号的车，在3个车位上任意排列，有A6(种)方法，再将捆绑在一起的4个车位插入4个空当中，有4种方法，故共有4624(种)方法2(2019惠州调研)旅游体验师小明受某网站邀请，决定对甲、乙、丙、丁这四个景区进行体验式旅游，若不能最先去甲景区旅游，不能最后去乙景区和丁景区旅游，则小李可选的旅。</p><p>10、课时跟踪检测（五十三） 随机事件及其概率一抓基础，多练小题做到眼疾手快1(2019丹阳检测)已知随机事件A发生的频率为0.02，事件A出现了1 000次，由此可推知共进行了________次试验答案：50 0002(2018常熟期中)甲、乙同时炮击一架敌机，已知甲击中敌机的概率为0.3，乙击中敌机的概率为0.5，敌机被击中的概率为________解析：敌机被击中的对立事件是甲、乙同时没有击中，设A表示“甲击中”，B表示“乙击中”，由已知得P(A)0.3，P(B)0.5，敌机被击中的概率P1P()P()1(10.3)(10.5)0.65.答案：0.653(2019常州中学模拟)甲、乙两人下棋，若甲获胜。</p><p>11、课时跟踪检测 五十 直线的倾斜角与斜率 直线的方程 1 2013惠州模拟 过点A 0 2 且倾斜角的正弦值是的直线方程为 A 3x 5y 10 0 B 3x 4y 8 0 C 3x 4y 10 0 D 3x 4y 8 0或3x 4y 8 0 2 直线2x 11y 16 0关于点P 0 1 对称的。</p>