高考物理一轮复习 阶段滚动卷（二）新人教版

为深入贯彻落实党的十九大精神和习近平总书记的重要指示精神，保障人民安居乐业、社会安定有序、国家长治久安、进一步巩固党的执政基础，束城镇深入贯彻全市扫黑除恶会议精神，强化措施，深入扎实开展扫黑除恶专项斗争阶段滚动卷(二)一、选择题(15题只有一个选项符合题目要求，69题有多个选项符合题目要求)1(2013重庆理综)铀是常用的一种核燃料，若它的原子核发生了如下的裂变反应：Unab2n，则ab可能是()A.XeKr B.BaKrC.BaSr D.XeSr解析：由核反应遵循的质量数守恒可知ab的质量数之和为234，由核反应遵循的电荷数守恒可知ab的电荷数为92，所以ab可能是XeSr，选项D正确答案：D 2某物体做直线运动的vt图象如图所示，根据图象提供的信息可知，该物体()A在4 s末离起始点最远B在6 s末离起始点最远C在04 s内与46 s内的平均速度相等D在04 s内的加速度大于78 s内的加速度解析：在速度图象中，图线与坐标轴所围面积表示物体的位移，故题图中所示物体在6 s末位移最大，离出发点最远，A项错误，B项正确；匀变速直线运动的平均速度等于对应时间内中间时刻的瞬时速度，所以04 s内与46 s内的平均速度不相等，C项错误；速度图象中图线斜率表示物体的加速度，所以78 s内的加速度大于04 s内的加速度，D项错误答案：B3如图所示，某登陆舰船头垂直海岸从A点出发，分别沿路径AB、AC在演练岛屿的BC两点登陆已知登陆舰在静水中速度恒定且大于水速，则下列说法正确的是()A沿AC航行所用时间较长B沿AC航行时水速较大C实际航速两次大小相等D无论船头方向如何，登陆舰都无法在A点正对岸登陆解析：根据沿着水流方向的位移，因沿路径AC航行的方向位移长，则所用时间较长，故A正确；不论沿哪种路径航行，水速不变，故B错误；根据速度的合成可知，实际航速两次大小不相等，故C错误；当船头偏向上游时，可以在A点正对岸登陆，故D错误答案：A4如图所示，用一轻绳将光滑小球(大小不能忽略)系于竖直墙壁上的O点，现用一细杆压在轻绳上紧贴墙壁从O点缓慢下移，则()A轻绳对小球的拉力保持不变B轻绳对小球的拉力逐渐增大C小球对墙壁的压力保持不变D小球对墙壁的压力逐渐减小解析：对小球受力分析，如图所示，由于小球始终处于平衡状态，其合力为零，在细杆从O点缓慢下移过程中，轻绳与竖直方向的夹角增大，由图中几何关系可知：轻绳对小球的拉力F逐渐增大，墙壁对小球的支持力FN也逐渐增大，根据牛顿第三定律可知，小球对墙壁的压力也逐渐增大，故选项B正确，A、C、D错误答案：B5如图所示，边长为2l的正方形虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个直角边长为l的等腰直角三角形导线框所在平面与磁场方向垂直，导线框斜边的中线和虚线框的一条对角线恰好共线从t0开始，使导线框从图示位置开始以恒定速度沿对角线方向进入磁场，直到整个导线框离开磁场区域用I表示导线框中的感应电流(逆时针方向为正)，则下列表示It关系的图象中，正确的是()解析：设导线框电阻为R，从导线框进入磁场到斜边刚要进入磁场过程，即0t过程，导线框切割磁感线的有效长度为vt，感应电流沿正方向，It；从导线框斜边刚进入磁场到完全进入磁场过程，即t过程，导线框切割磁感线的有效长度为lvt，感应电流沿正方向，It；导线框出磁场过程中，两直角边立刻出磁场，导线框的斜边切割磁感线运动，在t过程，导线框切割磁感线的有效长度为2l(vt2l)，感应电流沿顺时针方向，It，选项D正确答案：D6(2017东北三省三校一模)如图所示为氢原子的能级图，已知可见光的光子能量范围约为1.62 eV3.11 eV，镁板的电子逸出功为5.9 eV，以下说法正确的是()A用氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光照射镁板一定不能产生光电效应现象B用能量为11.0 eV的自由电子轰击处于基态的氢原子，可使其跃迁到激发态C处于n2能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并且使氢原子电离D处于n4能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并且使氢原子电离解析：根据氢原子从高能级向基态跃迁时发出的光子能量，只要能量大于5.9 eV，即满足光电效应现象的发生条件，故A错误用能量为11.0 eV的自由电子轰击处于基态的氢原子可使其跃迁到激发态，故B正确紫外线光子的能量大于3.11 eV，判断可知n3、n4能级的氢原子可能吸收任意频率的紫外线后，发生电离，故C错误，D正确答案：BD7宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统，设某双星系统绕其连线上的O点做匀速圆周运动，如图所示若AOOB，则()A星球A的向心力一定大于B的向心力B星球A的线速度一定小于B的线速度C星球A的角速度一定小于B的角速度D星球A的质量一定大于B的质量解析：双星间的万有引力充当其做圆周运动的向心力，由牛顿第三定律可知，两星受到的引力即向心力大小相等，所以A错误；双星的运动周期及角速度相同，根据vr可知v1v2，即星球A的线速度一定小，所以B正确、C错误；根据m12r1m22r2，因为AOm2，所以D正确答案：BD8如图所示，O是一固定的点电荷，虚线是该点电荷产生的电场中的三条等势线，正点电荷q仅受电场力的作用下沿实线所示的轨迹从a处运动到b处，然后又运动到c处由此可知()AO为负电荷B在整个过程中q的速度先变大后变小C在整个过程中q的加速度先变大后变小D在整个过程中，电场力做的功为零解析：由运动轨迹分析可知q受到库仑斥力的作用，O点的电荷应为正电荷，A错；从a到b的过程q受到逐渐变大的库仑斥力，速度逐渐减小，加速度增大，而从b到c的过程q受到逐渐变小的库仑斥力，速度逐渐增大，加速度减小，B错，C对；由于a、c两点在同一等势面上，整个过程中，电场力不做功，D对答案：CD9如图所示为某发电站向某用户区供电的输电原理图，T1为匝数比为n1n2的升压变压器，T2为匝数比为n3n4的降压变压器若发电站输出的电压有效值为U1，输电导线总电阻为R，在某一时间段用户需求的电功率恒为P0，用户的用电器正常工作电压为U2，在满足用户正常用电的情况下，下列说法正确的是()AT1原线圈中的电流有效值为BT2副线圈中的电流有效值为C输电线上损耗的功率为D输电线上损耗的功率为解析：本题考查交变电流的问题，意在考查考生利用所学的远距离输电知识分析电路问题的能力升压变压器T1的输入功率大于P0，所以原线圈中的电流有效值大于，A错误；根据PUI可知，T2副线圈中的电流有效值为，B正确；输电线中的电流有效值为，根据PI2R可知，输电线上损耗的功率为，C正确，D错误答案：BC二、非选择题10某同学利用如图甲所示的装置探究恒力做功与物块动能变化的关系，水平桌面上放一小物块，在适当重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离后停在桌面上通过实验得到一条如图乙所示的纸带，纸带上O点为物块运动起始时刻打点计时器打下的点，C、D、E、F、G、H、I点为每隔四个点所取的计数点，已知物块的质量为0.50 kg，打点计时器接频率为50 Hz的电源，通过力传感器测得物块受到的拉力为1.98 N(g取9.80 m/s2)(1)物块减速运动过程中加速度的大小为a_ m/s2；物块与桌面间的动摩擦因数为_(2)物块从O到D，所受合力做的功为W_J；动能变化量Ek_ J(保留三位有效数字)(3)由上述实验过程可得出结论：_.解析：由纸带可知，打点计时器打下F点时物块已经在做匀减速运动，根据xaT2，加速度大小a1.96 m/s2，由牛顿第二定律有mgma，解得动摩擦因数0.2；物块从O到D，所受合力做的功为WFx(1.980.20.59.80)(16.049.01)102J0.251 J；动能变化量Ekm()20.50(102)2J0.250 J.答案：(1)1.96；0.2(2)0.251；0.250(3)在误差允许范围内，合力做的功等于动能的变化量11如图所示，中轴线PQ将矩形区域MNDC分成上下两部分，上部分充满垂直纸面向外的匀强磁场，下部分充满垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小均为B.一质量为m，带电荷量为q的带正电粒子从P点进入磁场，速度方向与边MC的夹角30.MC边长为a，MN边长为8a，不计粒子重力(1)若要使该粒子不从MN边射出磁场，其速度最大值是多少？(2)若要使该粒子恰从Q点射出磁场，其在磁场中运动的时间至少是多少？解析：(1)设该粒子恰不从MN边射出磁场时的轨迹半径为r，由几何关系得：rcos 60ra解得ra，又qvBm，解得v故当ra时对应粒子不从MN边射出磁场的最大速度，最大速度为vm.(2)粒子每经过中轴线PQ一次，在PQ方向前进的位移为轨迹半径R的倍，则nR8a，且Ra，解得n4.62n所能取的最小自然数为5，粒子做圆周运动的周期T粒子每经过PQ一次所用的时间为t粒子到达Q点的最短时间为tmin5t.答案：(1)(2)12如图的水平轨道中，AC段的中点B的正上方有一探测器，C处有一竖直挡板，物体P1沿轨道向右以速度v1与静止在A点的物体P2碰撞，并接合成复合体P，以此碰撞时刻为计时零点，探测器只在t12 s至t24 s内工作，已知P1、P2的质量都为m1 kg，P与AC间的动摩擦因数为0.1，AB段长L4 m，g取10 m/s2，P1、P2和P均视为质点，P与挡板的碰撞为弹性碰撞(1)若v16 m/s，求P1、P2碰后瞬间的速度大小v和碰撞损失的动能Ek；(2)若P与挡板碰后，能在探测器的工作时间内通过B点，求v1的取值范围和P向左经过A点时的最大动能Ek.解析：(1)P1、P2碰撞过程，动量守恒mv12mv解得v3 m/s碰撞损失的动能Ekmv(2m)v2解得Ek9 J(2)根据牛顿第二定律，P做匀减速运动，加速度为a设P1、P2碰撞后的共同速度为v共，则推得v共把P与挡板碰撞后运动过程当做整体运动过程处理经过时间t1，P运动过的路程为x1，则x1v共t1at经过时间t2，P运动过的路程为x2，则x2v共t2at如果P能在探测器工作时间内通过B点，必须满足x1 3Lx2联立得