中考物理模拟试卷（含解析）_3

“讲忠诚、严纪律、立政德”三者相互贯通、相互联系。忠诚是共产党人的底色，纪律是不能触碰的底线，政德是必须修炼的素养。永葆底色、不碰底线2017年河南省南阳市新野县新航中学中考物理模拟试卷一、填空题（每空1分，共14分）1沿海地区昼夜温度变化比内陆小，这是因为沿海地区多水，水的比热容比沙石的比热容（选填“大”或“小”）的缘故2电子式电能表表盘上标有“300imp/kWh”的字样（imp表示电能表指示灯闪烁次数），将某用电器单独接在该电能表上，正常工作30min，电能表指示灯闪烁了300次，则该用电器在上述时间内消耗的电能是kWh，该用电器的功率是W3如图所示，是四冲程汽油机工作的部分冲程示意图，其中图是做功冲程，图是依靠飞轮的惯性来完成的冲程4在如图所示的电路里，R1=2，R3=6，电压表V1的示数为3V，电压表V2的示数为5V，那么，电阻R2=，通电10s，电阻R2产生的热量为J5新型防空导弹“红旗9”试射，导弹上升过程中，与空气摩擦导致内能（填“增大”“减少”或“不变”），此内能改变是通过的方式实现的用无烟煤来做饭时，热量大部分是通过方式传递给锅6一个电热器对某液体加热，如图所示是液体的温度随时间变化的图象（设电热器提供的热量全部被液体所吸收）液体体积为1L，密度为0.8103 kg/m3，则该液体的质量为kg由图可知，在5min时间内，液体的温度升高了，若液体吸收的热量为4.2104J，则液体的比热容是J/（kg）二、选择题（每题2分，第13、14题为双选题，共16分）7下列实例中，通过做功的方式改变物体内能的是（）A用锯锯木头，锯条温度升高B向饮料中加冰块，饮料温度降低C寒冬，用热水袋暖手，手感到温暖D盛夏，阳光曝晒路面，路面温度升高8关于物体的内能，下列说法正确的是（）A温度为0的物体没有内能B物体内能增加，一定是通过外界对物体做功C正在沸腾的水吸收热量，温度增加，内能不变D在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少9小明同学按照如图所示的电路“研究串联电路中电流、电压的特点”，当开关闭合时，灯L1亮，灯L2不亮，电流表和电压表均有示数则故障原因可能是（）AL1断路BL1短路CL2断路DL2短路10如图所示，当开关S1断开，S2接通时，电压表读数为4.5V，当开关S1接通，S2断开时，电压表的示数为2.1V，那么，当S1、S2均断开时，小灯泡L1和L2两端的电压分别为（）A2.1 V 4.5 VB2.4 V 2.1 VC4.5 V 6.6 VD4.5V 2.1 V11下列图象中，能正确表示定值电阻上的电流与两端电压关系的是（）ABCD12如图所示，对下列甲、乙、丙、丁四幅图解释合理的是（）A甲：磁场能产生电流B乙：闭合开关，小磁针N极向右偏转C丙：这个装置的实验原理，应用于制造电动机D丁：电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强13甲、乙两灯，将它们并联在照明电路中均能正常发光，且甲灯比乙灯暗，不考虑温度对电阻的影响，那么（）A甲灯两端的电压比乙灯两端的电压大B甲灯中的电流比乙灯中的电流小C甲灯的额定功率比乙灯的额定功率大D甲灯的电阻比乙灯电阻大14如图，电源电压恒为8V，电压表量程为03V，滑动变阻器的规格为“201A”，灯泡标有“6V 3W”字样若闭合开关，两电表示数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不超过额定值，不考虑灯丝电阻变化，则下列说法正确的是（）A电流表的量程应选00.6 AB电压表示数的变化范围03 VC滑动变阻器的阻值变化范围47.2D滑动变阻器的最大功率为1 W三、作图题（每题2分，共4分）15如图所示请你在图中标出通电螺线管的N、S极和磁感线方向16运用知识解决问题请根据图甲电路图，连接好图乙实物电路四、实验探究题（第17题5分，第18题6分，第19题7分，共计18分）17小明为探究冰熔化和水沸腾时温度变化的特点，在实验室进行了探究实验，根据测量结果他画出了相关图象，如图a、b所示（1）这两个实验都需要用到的测量仪器是温度计和（2）水沸腾时，温度计的示数如图c所示，则水的沸点是，此时实验室的大气压1个标准大气压（选填“高于”、“等于”或“低于”）（3）在图a中，AB段与CD段的倾斜程度不同，这是因为18图甲是“测量小灯泡功率”实验电路，电源电压3V，小灯泡的额定电压为2.5V（1）连接电路时，图中导线a端应与电压表上标有数字“”（选填“3”或“15”）的接线柱相连（2）闭合开关前，应将滑片P置于 端（选填“A”或“B”）（3）若要测量灯泡的额定功率，应移动滑片P，使电压表的示数为V，时记下电流表的示数（4）根据实验数据画出IU图象，如图乙所示，则小灯泡的额定功率是W（5）结合图乙的信息思考：能否利用图甲电路，采用控制变量的方法来“探究电流与电压的关系”？并说明理由19在“测量小灯泡的额定功率”实验中，已连接的部分电路如图a所示图中电源、电压恒定，小灯泡上只能看到“3.8V”字样（1）请你用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整（2）正确连接实验电路后，开关试触时，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数其故障原因可能是：（3）故障排除后开始实验，当变阻器滑片滑到图示位置时，电压表的示数为3.0V接着应将滑片向滑动；直至灯泡两端电压为额定电压，此时电流表的示数如图b所示，灯正常发光时的电流是，电阻是，则灯泡的额定功率为W五、综合应用题（每题9分，共18分）20在图甲所示的电路中，已知电源为电压可调的直流学生电源，R0是定值电阻，灯泡L1的额定电压为8V，图乙是灯泡L2的UI图象（1）当开关S接a时，电压表示数为1.0V，电流表示数为0.25A，求R0的阻值；（2）当开关S接a时，调节电源电压，使灯泡L，正常发光，此时R0消耗的功率为1W，求灯泡L1的额定功率；（3）开关S接b时，通过调节电源电压使灯泡L1正常发光，1min该电路消耗电能是多少？21家用电饭煲是利用电流的热效应来工作的，如图是某种型号电饭煲的简化电路当温控开关S闭合时，电饭煲处于加热状态，此时若它两端的电压为220V，它的功率为1100W（不考虑温度对电阻值的影响）则（1）电饭煲在加热状态下工作0.1h，消耗的电能为多少kWh？（2）R0的电阻为多少？（3）当温控开关S断开时，电饭煲的总功率与加热状态时相比，将如何变化？并请说明原因2017年河南省南阳市新野县新航中学中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、填空题（每空1分，共14分）1沿海地区昼夜温度变化比内陆小，这是因为沿海地区多水，水的比热容比沙石的比热容大（选填“大”或“小”）的缘故【考点】水的比热容的特点及应用【分析】沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析【解答】解：沿海地区，水多；内陆地区水少、沙石多因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小故答案为：大2电子式电能表表盘上标有“300imp/kWh”的字样（imp表示电能表指示灯闪烁次数），将某用电器单独接在该电能表上，正常工作30min，电能表指示灯闪烁了300次，则该用电器在上述时间内消耗的电能是1kWh，该用电器的功率是2000W【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【分析】300imp/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表指示灯闪烁300次，或者表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kWh的电能，求出指示灯闪烁300次电路中消耗的电能再利用P=求出用电器的功率【解答】解：300imp/kWh表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kWh的电能，指示灯闪烁300次，电路消耗电能为：W=300kWh=1kWh，t=30min=0.5h，用电器的功率：P=2kW=2000W故答案为：1；20003如图所示，是四冲程汽油机工作的部分冲程示意图，其中乙图是做功冲程，甲图是依靠飞轮的惯性来完成的冲程【考点】内燃机的四个冲程【分析】解决此题可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”；其中，气阀门都关闭谓之关，只有一个气阀门打开谓之开【解答】解：由图可知，乙图中的气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程；甲图中的排气门打开，活塞上行，所以是排气冲程，在该冲程中是依靠飞轮的惯性来完成的冲程；故答案为：乙，甲4在如图所示的电路里，R1=2，R3=6，电压表V1的示数为3V，电压表V2的示数为5V，那么，电阻R2=4，通电10s，电阻R2产生的热量为10J【考点】欧姆定律的应用；电功的计算【分析】由电路图可知，三电阻串联，电压表V1测R1和R2两端的电压，电压表B2测R2和R3两端的电压，根据电阻的串联和串联电路的电流特点以及欧姆定律表示出两电压表的示数之比即可求出R2的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用Q=I2Rt求出通电10s电阻R2产生的热量【解答】解：由电路图可知，三电阻串联，电压表V1测R1和R2两端的电压，电压表B2测R2和R3两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，且总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=可得，两电压表的示数之比：=，解得：R2=4；则电路中的电流：I=0.5A，通电10s，电阻R2产生的热量：Q2=I2R2t=（0.5A）2410s=10J故答案为：4；105新型防空导弹“红旗9”试射，导弹上升过程中，与空气摩擦导致内能增大（填“增大”“减少”或“不变”），此内能改变是通过做功的方式实现的用无烟煤来做饭时，热量大部分是通过热传递方式传递给锅【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能【分析】做功和热传递都能改变物体的内能做功改变内能属于能量的转化，而热传递改变内能属于能量的转移【解答】解：导弹上升过程中，与空气摩擦做功，使内能增大，因此，此内能改变是通过做功的方式实现的用无烟煤来做饭时，内能发生转移，因此热量大部分是通过热传递方式传递给锅的故答案为：增大；做功；热传递6一个电热器对某液体加热，如图所示是液体的温度随时间变化的图象（设电热器提供的热量全部被液体所吸收）液体体积为1L，密度为0.8103 kg/m3，则该液体的质量为0.8kg由图可知，在5min时间内，液体的温度升高了20，若液体吸收的热量为4.2104J，则液体的比热容是2.625103J/（kg）【考点】热量的计算；密度公式的应用【分析】（1）知道液体体积和密度，利用密度公式求液体的质量；（2）图象横坐标表示加热时间，纵坐标为液体的温度，有图象可知在6min时间内，液体温度的升高值；（3）知道液体的质量、液体的温度升高值和液体吸收的热量，利用吸热公式求液体的比热容【解答】解：（1）已知V=1L=1103m3，由=可得，液体的质量：m=V=0.8103kg/m31103m3=0.8kg；（2）由图知，在5min时间内，液体的温度升高值t=4020=20；（3）已知Q吸=4.2104J，t=20，m=0.8kg，由Q吸=cmt可得，液体的比热容：c=2.625103J/（kg）故答案为：0.8；20；2.625103二、选择题（每题2分，第13、14题为双选题，共16分）7下列实例中，通过做功的方式改变物体内能的是（）A用锯锯木头，锯条温度升高B向饮料中加冰块，饮料温度降低C寒冬，用热水袋暖手，手感到温暖D盛夏，阳光曝晒路面，路面温度升高【考点】做功改变物体内能【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分【解答】解：A、用锯锯木头，锯条温度升高，是克服摩擦力做功，机械能转化成内能，属于做功增加物体的内能，符合题意；B、向饮料中加冰块，饮料温度降低，是通过热传递改变物体的内能，使温度发生变化，不合题意；C、寒冬，用热水袋暖手，手感到温暖，是通过热传递改变物体的内能，使温度发生变化，不合题意；D、盛夏，阳光曝晒路面，路面温度升高，是太阳光的热辐射增加了路面的内能，属于热传递增加物体的内能，不合题意故选A8关于物体的内能，下列说法正确的是（）A温度为0的物体没有内能B物体内能增加，一定是通过外界对物体做功C正在沸腾的水吸收热量，温度增加，内能不变D在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）内能是指物体内部所有做无规则运动的分子具有的分子动能和分子势能的总和，一切物体都有内能；（2）物体吸收热量，温度不一定升高，例如晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变；（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；做功可以改变内能，且对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小【解答】解：A、温度为0的物体也具有内能，故A错误；B、物体的内能增加，可能是外界对物体做功，也可能是从外界吸收了热量，故B错误；C、正在沸腾的水吸收热量，温度不变，内能增加，故C错误；D、在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少，故D正确故选D9小明同学按照如图所示的电路“研究串联电路中电流、电压的特点”，当开关闭合时，灯L1亮，灯L2不亮，电流表和电压表均有示数则故障原因可能是（）AL1断路BL1短路CL2断路DL2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】（1）首先分析电路的连接方式为串联，电流表测电路电流，电压表测量灯L1的电压；（2）根据灯泡的亮度变化和电流表、电压表示数的情况分析电路的故障【解答】解：串联电路中一灯亮一灯不亮，则可能不亮的灯泡短路了，即L2短路，电流表有示数，说明电路故障不可能是断路；电压表有示数，说明电压表所测部分没有短路，综合判断，所以是L2短路故选D10如图所示，当开关S1断开，S2接通时，电压表读数为4.5V，当开关S1接通，S2断开时，电压表的示数为2.1V，那么，当S1、S2均断开时，小灯泡L1和L2两端的电压分别为（）A2.1 V 4.5 VB2.4 V 2.1 VC4.5 V 6.6 VD4.5V 2.1 V【考点】串联电路的电压规律【分析】判断出开关不同状态时，电压表是并联在了哪个电灯的两端后，由串联电路的电压特点分析计算【解答】解：当开关S1断开、S2闭合时，两灯泡串联，电压表测电源的电压，由题意可知，电源电压U=4.5V；当S1闭合、S2断开时，两灯泡串联，电压表测L2两端的电压，则U2=2.1V；两开关都断开时，两灯泡串联，此时L2两端的电压U2=2.1V，L1两端的电压：U1=UU2=4.5V2.1V=2.4V故选B11下列图象中，能正确表示定值电阻上的电流与两端电压关系的是（）ABCD【考点】欧姆定律【分析】根据欧姆定律，定值电阻上的电流应该与其两端的电压成正比对照图象中的变化，可依次做出判断【解答】解：A、图线为正比例函数图线，表示电阻一定时，通过电阻的电流与电压成正比，符合题意；B、图线不过原点，表示电流为0时，电路中可能会有电压，不符合欧姆定律的要求，不合题意；C、图线表示随着电压的增大，电流是减小的，不合题意；D、图线不过原点，表示没有电压的情况下，导体中也可能有电流，不合题意故选A12如图所示，对下列甲、乙、丙、丁四幅图解释合理的是（）A甲：磁场能产生电流B乙：闭合开关，小磁针N极向右偏转C丙：这个装置的实验原理，应用于制造电动机D丁：电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素；通电直导线周围的磁场；电磁感应；通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】甲图：小磁针会发生偏转是受到了磁场的作用，而磁场是由电流产生的；乙图：根据安培定则先判断出通电螺线管的N极，然后根据磁感线方向判断出小磁针N极的指向；丙图：电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而发生转动，发电机的原理是电磁感应；丁图：电磁铁的磁性强弱与线圈匝数多少有关：当电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强【解答】解：A、该实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，选项A错误； B、闭合开关，通电螺线管中的电流方向是“前上后下”，根据安培定则可知，螺线管的左端是N极，磁感线从N极出发经过小磁针时方向是向左的，则小磁针N极将向左偏转，选项B错误； C、若开关闭合，金属棒左右切割磁感线运动，此时电路中就会产生电流，故是电磁感应实验装置，该装置的实验原理应用于制造发电机，选项C错误； D、由图可知，两个电磁铁是串联的，则通过两个电磁铁的电流相同在电流相同的情况下，匝数多的电磁铁吸引的大头针数目多，表明线圈匝数越多，磁性越强，选项D正确故选 D13甲、乙两灯，将它们并联在照明电路中均能正常发光，且甲灯比乙灯暗，不考虑温度对电阻的影响，那么（）A甲灯两端的电压比乙灯两端的电压大B甲灯中的电流比乙灯中的电流小C甲灯的额定功率比乙灯的额定功率大D甲灯的电阻比乙灯电阻大【考点】实际功率【分析】灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据并联电路的电压特点可知两灯泡额定电压之间的关系，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小和P=比较两灯泡的电阻关系，再根据欧姆定律比较两灯泡的电流关系【解答】解：并联电路中各支路两端的电压相等，且两灯泡均能正常发光，所以两灯泡两端的电压相等，即额定电压相等，故A错误；灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，且此时灯泡的实际功率与额定功率相等，由题知，甲灯比乙灯暗，则甲灯的实际功率小于乙灯的实际功率，即甲灯的额定功率比乙灯的额定功率小，故C错误；两灯电压相等，由P=可知甲灯的电阻比乙灯的电阻大，故D正确；根据I=可知，甲灯中的电流比乙灯中的电流小，故B正确故选BD14如图，电源电压恒为8V，电压表量程为03V，滑动变阻器的规格为“201A”，灯泡标有“6V 3W”字样若闭合开关，两电表示数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不超过额定值，不考虑灯丝电阻变化，则下列说法正确的是（）A电流表的量程应选00.6 AB电压表示数的变化范围03 VC滑动变阻器的阻值变化范围47.2D滑动变阻器的最大功率为1 W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出电压表的示数为3V时灯泡两端的电压，确定灯泡是否可以正常发光；根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，然后确定电流表的量程，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；（2）当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值即可得出滑动变阻器阻值变化的范围；（3）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，然后根据数学变形得出滑动变阻器消耗功率最大时的理论值，然后判断出滑动变阻器电功率与接入电路中电阻的关系，从而确定滑动变阻器消耗功率最大时的阻值，然后根据P=UI取出滑动变阻器消耗的最大功率【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压（1）灯泡正常发光时的电压为6V，功率为3W，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压：U滑=UUL=8V6V=2V，因2V3V，没有超出电压表的量程，所以，灯泡两端的电压可以达到6V，电压表示数的变化范围2V3V，故B错误；因串联电路中各处的电流相等，所以，根据P=UI可得，灯泡正常发光时电路中的电流：I=IL=0.5A，因滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流I大=0.5A，则电流表的量程为00.6A，故A正确；此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小为：R滑小=4；（2）当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，灯泡的电阻：RL=12，灯泡两端的电压：UL=UU滑大=8V3V=5V，电路中的最小电流：I小=A，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R滑大=7.2，所以，滑动变阻器阻值变化的范围是47.2，故C正确；（3）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=，滑动变阻器消耗的电功率：P滑=I2R滑=（）2R滑=，由此可知，当R滑=RL=12时，滑动变阻器消耗的功率才能达到最大，而滑动变阻器阻值变化的范围是47.2，且012之间滑动变阻器的电功率随阻值的增大而增大，则R滑=7.2时，滑动变阻器消耗的电功率最大，所以，滑动变阻器消耗的最大功率：P滑大=U滑大I小=3VA=1.25W，故D错误故选AC三、作图题（每题2分，共4分）15如图所示请你在图中标出通电螺线管的N、S极和磁感线方向【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】由电源的正负极可知电流的方向，由右手螺旋定则可得出螺线管的磁极，然后画出磁感线的方向【解答】解：电源左侧为正极，右侧为负极，则电流由左侧流入，根据安培定则：用右手握住螺线管，使四指所指的方向为电流的方向，则大拇指所指的右侧为N极，左侧为S极，外部磁感线由N指向S如图所示：16运用知识解决问题请根据图甲电路图，连接好图乙实物电路【考点】实物的电路连接【分析】根据电路图连接实物图时，可以根据电流流向法进行连接，先从电源的正极出发依次串联电路元件最多的支路，再把并联的部分串联到相应的位置即可【解答】解：根据电流流向法，先从正极出发依次串联开关S2、灯泡L2回到负极，把开关S1和灯泡L1的联后并联在L2两端，如下图所示：四、实验探究题（第17题5分，第18题6分，第19题7分，共计18分）17小明为探究冰熔化和水沸腾时温度变化的特点，在实验室进行了探究实验，根据测量结果他画出了相关图象，如图a、b所示（1）这两个实验都需要用到的测量仪器是温度计和秒表（2）水沸腾时，温度计的示数如图c所示，则水的沸点是98，此时实验室的大气压低于1个标准大气压（选填“高于”、“等于”或“低于”）（3）在图a中，AB段与CD段的倾斜程度不同，这是因为冰的比热容比水的比热容小【考点】晶体的熔化和凝固图像；沸腾及沸腾条件【分析】（1）冰熔化和水沸腾实验需要不断吸热，实验过程中，需要用温度计测量温度，还需要用秒表来记录时间（2）晶体熔化时温度要达到熔点，不断吸热，温度不变；但晶体熔化后温度还要上升水沸腾时，吸热，但温度不变液体沸点与气压有关，随气压的升高而升高，随气压的降低而降低在标准大气压下水的沸点是100（3）升温快慢与物质不同状态下的比热容有关【解答】解：（1）由于晶体熔化和水沸腾这两个实验，都需要对冰和水进行加热，所以，除需要用温度计测量温度的变化外，还需要用秒表来记录时间（2）此时温度计的示数是98，小于100，说明此实验室的大气小于标准大气压对比a、b两图可知，a图是冰的熔化图象，BC段所对应的温度是冰的熔点，b图是水的沸腾图象，EF段所对应的温度是水的沸点（3）由图象可以看出，升高相同的温度，冰比水用的时间短，所以冰比水吸热升温快，原因是冰的比热容比水的比热容小；故答案为：（1）秒表；（2）98；低于；（3）冰的比热容比水的比热容小18图甲是“测量小灯泡功率”实验电路，电源电压3V，小灯泡的额定电压为2.5V（1）连接电路时，图中导线a端应与电压表上标有数字“3”（选填“3”或“15”）的接线柱相连（2）闭合开关前，应将滑片P置于B 端（选填“A”或“B”）（3）若要测量灯泡的额定功率，应移动滑片P，使电压表的示数为2.5V，时记下电流表的示数（4）根据实验数据画出IU图象，如图乙所示，则小灯泡的额定功率是0.625W（5）结合图乙的信息思考：能否利用图甲电路，采用控制变量的方法来“探究电流与电压的关系”？并说明理由不能，灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，灯泡电阻不是定值【考点】电功率的测量【分析】（1）根据灯泡额定电压选择电压表量程（2）为保护电路安全，闭合开关前滑片应置于阻值最大处（3）当灯泡两端电压等于灯泡额定电压时，灯泡实际功率等于额定功率（4）由图示图象求出灯泡对应的额定电流，然后由P=UI求出灯泡额定功率（5）灯泡电阻受温度影响，据此分析答题【解答】解：（1）灯泡额定电压是2.5V，电压表应选择03V量程，连接电路时，图中导线a端应与电压表上标有数字“3”的接线柱相连（2）为保护电路安全，闭合开关前，应将滑片P置于B端（3）若要测量灯泡的额定功率，应移动滑片P，使电压表的示数等于灯泡额定电压2.5V，时记下电流表的示数（4）由图乙所示图象可知，灯泡额定电压对应的电流为0.25A，小灯泡的额定功率：P=UI=2.5V0.25A=0.625W（5）探究电流与电压的关系应控制电阻阻值不变，灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，灯泡电阻不是定值，因此不能采用图甲电路探究电流与电压的关系故答案为：（1）3；（2）B；（3）2.5；（4）0.625；（5）不能，灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，灯泡电阻不是定值19在“测量小灯泡的额定功率”实验中，已连接的部分电路如图a所示图中电源、电压恒定，小灯泡上只能看到“3.8V”字样（1）请你用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整（2）正确连接实验电路后，开关试触时，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数其故障原因可能是：小灯泡断路（3）故障排除后开始实验，当变阻器滑片滑到图示位置时，电压表的示数为3.0V接着应将滑片向右滑动；直至灯泡两端电压为额定电压，此时电流表的示数如图b所示，灯正常发光时的电流是0.4A，电阻是9.5，则灯泡的额定功率为1.52W【考点】电功率的测量【分析】（1）电压表在使用时，要注意量程选择以及与被测电路并联，滑动变阻器应按照“一上一下，各用一个”的原则接入电路；（2）电压表有示数，说明与电压表两接线柱连接的电路是通路，电流表无示数，说明电路断路，据此分析故障的可能原因；（3）在额定电压下灯泡的功率为额定功率，根据题意与电路图判断滑片的移动方向；由图示电表确定其分度值，读出其示数，然后由R=和P=UI分别求出灯泡正常发光时的电阻和额定功率【解答】解：（1）由题可知，电压表应测小灯泡两端电压，由于小灯泡上标有“3.8V”字样，故电压表就采用“015V”量程且与灯泡并联，滑动变阻器应按照“一上一下，各用一个”的原则接入电路，如图所示：；（2）灯泡不亮，电流表无示数，说明某处发生了断路，电压表有示数，说明与电压表并联的灯泡出现了断路（3）电压表示数为3V小于灯泡额定电压，为测灯泡额定电压，由电路图根据串联电路的分压原理可知，应向右移动滑片，使电压表示数等于灯泡额定电压3.8V；由电路图可知，电流表量程为00.6A，由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.4A，此时灯泡正常发光，即灯泡两端电压U=3.8V，灯泡正常发光时的电阻：R=9.5所以灯泡额定功率P=UI=3.8V0.4A=1.52W故答案为：（1）如图；（2）小灯泡断路；（3）右；0.4A；9.5；1.52五、综合应用题（每题9分，共18分）20在图甲所示的电路中，已知电源为电压可调的直流学生电源，R0是定值电阻，灯泡L1的额定电压为8V，图乙是灯泡L2的UI图象（1）当开关S接a时，电压表示数为1.0V，电流表示数为0.25A，求R0的阻值；（2）当开关S接a时，调节电源电压，使灯泡L，正常发光，此时R0消耗的功率为1W，求灯泡L1的额定功率；（3）开关S接b时，通过调节电源电压使灯泡L1正常发光，1min该电路消耗电能是多少？【考点】欧姆定律的应用；电功的计算；电功率的计算【分析】（1）当开关S接a时，R0与L1串联，电压表测R0两端的电压，电流表测