抽样技术第三版全部课后答案金勇进.pdf

第二章习题第二章习题 2.1 判断下列抽样方法是否是等概的： （1）总体编号 164，在 099 中产生随机数 r，若 r=0 或 r64 则舍弃重抽。 （2）总体编号 164，在 099 中产生随机数 r，r 处以 64 的余数作为抽中的数， 若余数为 0 则抽中 64. （3）总体 2000021000，从 11000 中产生随机数 r。然后用 r+19999 作为被抽 选的数。 解析：等概抽样属于概率抽样，概率抽样具有一些几个特点：第一，按照一定的 概率以随机原则抽取样本。第二，每个单元被抽中的概率是已知的，或者是可以 计算的。 第三， 当用样本对总体目标进行估计时， 要考虑到该样本被抽中的概率。 因此（1）中只有 164 是可能被抽中的，故不是等概的。 （2）不是等概的 【原因】 （3）是等概的。 2.2 抽样理论和数理统计中关于样本均值 y的定义和性质有哪些不同？ 解析：抽样理论和数理统计中关于样本均值的定义和性质的不同 抽样理论 概率统计 定 义 n i i y n y 1 1 n i i y n y 1 1 性 质 1.期望 Y C PE NN C N C nn 1i n i 1i ii 1 yyy 2.方差 i C i ii PyEyyV n N 2 1 n N C i ii C yEy n N 1 2 1 2 1 S n f 1.期望 n i i y n EyE 1 1 n i yE 1i n 1 n n 1 2.方差 2 i yEyV 2 1 1 n i i y n E n y n 1 2 2 i E 2.3 为了合理调配电力资源，某市欲了解 50000 户居民的日用电量，从中简单随 机抽取了 300 户进行，现得到其日用电平均值y9.5（千瓦时） ， 2 s206.试估 计该市居民用电量的 95%置信区间。如果希望相对误差限不超过 10%，则样本量 至少应为多少？ 解：由已知可得，N=50000，n=300，5 . 9y ，206 2 s 1706366666206* 300 50000 300 1 50000 1 )() ( 222 s n f NyNvYV 19.413081706366666(）yv 该市居民用电量的 95%置信区间为 )(y 2 yVzN =4750001.96*41308.19 即为（394035.95，555964.05） 由相对误差公式 y )(vu 2 y 10% 可得%10*5 . 9206* n 50000n1 *96. 1 即 n862 欲使相对误差限不超过 10%，则样本量至少应为 862 2.4 某大学 10000 名本科生，现欲估计爱暑假期间参加了各类英语培训的学生所 占的比例。随机抽取了两百名学生进行调查，得到 P=0.35，是估计该大学所有 本科生中暑假参加培训班的比例的 95%置信区间。 解析：由已知得： 10000N 200n 35. 0p 02. 0 N n f 又有：35. 0)()( ppEpE 0012. 0)1 ( 1 1 )( pp n f pV 该 大 学 所 有 本科 学生 中 暑 假 参 加培 训班 的 比 例 95% 的置信 区 间 为 ： )()( 2 PVZPE 代入数据计算得：该区间为0.2843，0.4157 2.5 研究某小区家庭用于文化方面（报刊、电视、网络、书籍等）的支出，N=200， 现抽取一个容量为 20 的样本，调查结果列于下表： 编号 文化支出 编号 文化支出 1 200 11 150 2 150 12 160 3 170 13 180 4 150 14 130 5 160 15 100 6 130 16 180 7 140 17 100 8 100 18 180 9 110 19 170 10 240 20 120 估计该小区平均的文化支出Y,并给出置信水平 95%的置信区间。 解析：由已知得：200N 20n 根据表中数据计算得：5 .144 20 1 20 1 i i yy 06842.827 120 1 20 1 2 2 i i yys 21808.37)1 ( 1 )( 2 s N n n yV 10015. 6)(yV 该小区平均文化 支出Y的 95%置信区 间为： )(y 2 yVz即是： 132.544 ,156.456 故估计该小区平均的文化支出Y=144.5,置信水平 95%的置信区间为 132.544 ,156.456。 2.6 某地区 350 个乡为了获得粮食总产量的估计，调查了 50 个乡当年的粮食产 量，得到y=1120（吨） ，2560 2 S，据此估计该地区今年的粮食总产量，并给 出置信水平 95%的置信区间。 解析：由题意知：y=1120 1429. 0 350 50n N f 2560 2 S160s 置信水平 95%的置信区间为： 1 y 2 s n f z 代入数据得： 置信水平 95%的置信区间为：1079.872，1160.872 2.7 某次关于 1000 个家庭人均住房面积的调查中，委托方要求绝对误差限为 2 平方千米，置信水平 95%，现根据以前的调查结果，认为总体方差68 2 S，是确 定简单随机抽样所需的样本量。 若预计有效回答率为 70%， 则样本量最终为多少? 解析：简单随机抽样所需的样本量 2 2 2 2 2 1 2 2 SZNd SNZ n %70 1 2 n n 由题意知： 1000N 2d 68 2 S 96. 1 2 Z 代入并计算得： 613036.61 1 n 87142.87 %70 1 2 n n 故知：简单随机抽样所需的样本量为 61，若预计有效回答率为 70%，则样本量最 终为 87 2.8 某地区对本地 100 家化肥生产企业的尿素产量进行调查，一直去年的总产量 为 2135 吨，抽取 10 个企业调查今年的产量，得到 25y ，这些企业去年的平均 产量为 22x 。试估计今年该地区化肥总产量。 解析：由题可知 22x ， 35.21 100 2135 N X X , 25y 则，该地区化肥产量均值Y的比率估计量为 26.24 24 25 35.21 x y XY 该地区化肥产量总值 Y 的比率估计量为 242626.24*100 R YNY 所以，今年该地区化肥总产量的估计值为 2426 吨。 2.9 如果在解决习题 2.5 的问题时可以得到这些家庭月总支出，得到如下表： 单位：元 编号 文化支出 总支出 编号 文化支出 总支出 1 200 2300 11 150 1600 2 150 1700 12 160 1700 3 170 2000 13 180 2000 4 150 1500 14 130 1400 5 160 1700 15 150 1600 6 130 1400 16 100 1200 7 140 1500 17 180 1900 8 100 1200 18 100 1100 9 110 1200 19 170 1800 10 140 1500 20 120 1300 全部家庭的总支出平均为 1600 元，利用比估计的方法估计平均文化支出，给出 置信水平 95%的置信区间，并比较比估计和简单估计的效率。 解析：由题可知 1580130017002300 20 1 x n 1 x n 1i i ）（ 5 .144y 091. 0 1580 5 .144 x y rR 又 329.146 1580 5 .144 *1600 x y y X R 053.826)( 1 1 1 22 n i i yy n S 158.3463)( 1 1 1 n i iixy xxyy n S 579.8831)( 1 1 1 2 2 n i ix xx n S 故平均文化支出的 95%的置信区间为 , ) 2( 1 2 22 2xyxR SRSRS n f Zy ) 2( 1 2 22 2xyxR SRSRS n f Zy 代入数据得（146.3291.96*1.892） 即为142.621,150.037 2.10 某养牛场购进了 120 头肉牛， 购进时平均体重 100 千克。 现从中抽取 10 头， 记录重量，3 个月后再次测量，结果如下： 单位：千克 编号 原重量 现重量 1 95 150 2 97 155 3 87 140 4 120 180 5 110 175 6 115 185 7 103 165 8 102 160 9 92 150 10 105 170 用回归估计法计算 120 头牛现在的平均重量，计算其方差的估计，并和简单估计 的结果进行比较。 解：由题可知，6 .10210595 10 1 x n 1 x n 1i i ）（ 163170150 10 1 y n 1 y n 1i i ）（ 222.2121910* 9 1 )( 1 1 1 22 n i i yy n S 333.1461317* 9 1 )( 1 1 1 n i iixy xxyy n S 933.1064 .926* 9 1 )( 1 1 1 2 2 n i ix xx n S 故有368. 1 933.106 333.146 2 0 x xy S S 所以总体均值Y的回归估计量为 443.159)6 .102100(*368. 1163)( 0 xXyylr 其方差估计为： )2( 1 )( 0 22 0 2 xyxlr SSS n f yV =)333.146*368. 1*2933.106*368. 1222.212( 10 120 10 1 2 =1.097 而 2 1 y( S n f V ） =222.212* 10 120 10 1 =19.454 显然)( )( yVyV lr 所以，回归估计的结果要优于简单估 第三单元习题答案（仅供参考）第三单元习题答案（仅供参考） 1 解： （1）不合适 （2）不合适 （3）合适 （4）不合适 2将 800 名同学平均分成 8 组，在每一级中抽取一名“幸运星” 。 3根据表中调查数据，经计算，可得下表： h 1 10 256 0.3033 0.0391 11.2 2867.2 94.4 2 10 420 0.4976 0.0238 25.5 10710 302.5 3 10 168 0.1991 0.0595 20 3360 355.6 总计 30 844 1 16937.2 =20.1 V（）=- =9.7681-0.2962 =9.4719 =3.0777 （2）置信区间为 95%相对误差为 10%，则有 按比例分配的总量：n=185.4407185 =n=56，=92，=37 按内曼分配：n=175 =33，=99，=43 4根据调查数据可知： h 1 0.18 0.9 2 0.21 0.933 3 0.14 0.9 4 0.08 0.867 5 0.16 0.933 6 0.22 0.967 =0.924 根据各层层权及抽样比的结果，可得 （）=0.000396981 =1.99% 估计量的标准差为 1.99%，比例为 9.24% 按比例分配：n=2663 =479，=559，=373，=240，=426，=586 内曼分配：n=2565 =536，=520，=417，=304，=396，=392 5解：由题意，有 =75.79 购买冷冻食品的平均支出为 75.79 元 又由 V（ ）=+ 又 n= V（ ）=53.8086 =7.3354 95%的置信区间为60.63，90.95。 7解： （1）对 （2）错 （3）错 （4）错 （5）对 8解： （1）差错率的估计值 =70%+30%=0.027 估计的方差 v（ ）=3.1967 标准差为 S( )=0.0179。 （2）用事后分层的公式计算差错率为 =0.03 估计的方差为；v（ ）=-=2.5726 9解： （1）所有可能的样本为： 第一层 第二层 3，5 0，3 8，15 6，9 3，10 0，6 8，25 6，15 5，10 3，6 15，25 9，15 （2）用分别比估计，有=0.4，=0.65，所以用分别比估计可计算得 =6.4。 用联合比估计，有=0.5，=0.625，所以用联合比估计可计算得 =6.5。 第四章习题第四章习题 4.1 邮局欲估计每个家庭的平均订报份数，该辖区共有 4000 户，划分为 400 个 群，每群 10 户，现随机抽取 4 个群，取得资料如下表所示： 群 各户订报数 ij y i y 1 1，2，1，3，3，2，1，4，1，1 19 2 1，3，2，2，3，1，4，1，1，2 20 3 2，1，1，1，1，3，2，1，3，1 16 4 1，1，3，2，1，5，1，2，3，1 20 试估计平均每户家庭订报份数及总的订报份数，以及估计量的方差。 解：由题意得到400N，4n，10M，01. 0 400 4 N n f 故875. 1 410 201620191 1 n i i y Mn yY（份） 75.18875. 110yMy（份） 750040010 yNMY（份） n i ib yy n M s 1 22 )( 1 n i ib yy nnM f s nM f yv 1 2 2 2 )( 1 111 )( 14 )75.1820()75.1819( 104 01. 01 22 2 00391875. 0 6270000391875. 010400)() ( 2222 yvMNYv 于是由以上的计算结果得到平均每户的订报份数为 1.875，估计量方差为 0.00391875。该辖区总的订阅份数为 7500，估计量方差为 62700。 4.2 某工业系统准备实行一项改革措施。该系统共有 87 个单位，现采用整群抽 样，用简单随机抽样抽取 15 个单位做样本，征求入选单位中每个工人对政 策改革措施的意见，结果如下： 单位 总人数 赞成人数 1 51 42 2 62 53 3 49 40 4 73 45 5 101 63 6 48 31 7 65 38 8 49 30 9 73 54 10 61 45 11 58 51 12 52 29 13 65 46 14 49 37 15 55 42 （1） 估计该系统同意这一改革人数的比例，并计算估计标准误差。 （2） 在调查的基础上对方案作了修改，拟再一次征求意见，要求估计比例的允 许误差不超过 8%，则应抽取多少个单位做样本? 解：题目已知87N，15n， 87 15 N n f 1）由已知估计同意改革的比例 709. 0 911 646 1 1 n i i n i i M y p 733.60 1 1 n i i M n M 008687. 0)( 1 111 ) ( 1 2 2 n i ii Mpy nn f M pv 此估计量的标准差为 9321. 0008687. 0 ) ( ) (pvps 4.3 某集团的财务处共有 48 个抽屉，里面装有各种费用支出的票据。财务人员 欲估计办公费用支出的数额，随机抽取了其中的 10 个抽屉，经过清点，整 理出办公费用的票据，得到下表资料： 抽屉编号 票据数 i M 费用额（ i y，百元） 1 42 83 2 27 62 3 38 45 4 63 112 5 72 96 6 12 58 7 24 75 8 14 58 9 32 67 10 41 80 要求以 95%的置信度估计该集团办公费用总支出额度置信区间（=0.05） 。 解：已知 N=48, n=10, f= 48 10 N n , 由题意得736 1 n i i y，365 1 n i i M， 则办公费用的总支出的估计为8 .3532736 10 48 1 n i i y n N Y（元） 群总和均值6 .73736 10 11 1 n i i y n y（元） 1 )( )1 ( ) ( 1 2 2 n yy n fN Yv n i i = 9 )6 .7380(.)6 .7362()6 .7383( 10 ) 48 10 1 (48 222 2 = 182.4 9 1 3590.4 = 72765.44 ) (Yv=269.7507 则Y的置信度为 95%的置信区间为 3532.81.96269.7507，即3004.089， 4061.511. 4.4 为了便于管理，将某林区划分为 386 个小区域。现采用简单随机抽样方法， 从中抽出 20 个小区域，测量树的高度，得到如下资料： 区域编号 数目株数 i M 平均高度 i y（尺） 区域编号 数目株数 i M 平均高度 i y（尺） 1 42 6.2 11 60 6.3 2 51 5.8 12 52 6.7 3 49 6.7 13 61 5.9 4 55 4.9 14 49 6.1 5 47 5.2 15 57 6.0 6 58 6.9 16 63 4.9 7 43 4.3 17 45 5.3 8 59 5.2 18 46 6.7 9 48 5.7 19 62 6.1 10 41 6.1 20 58 7.0 估计整个林区树的平均高度及 95%的置信区间。 解：由已知得386N，20n，0518. 0 386 20 N n f 整体的平均高度909. 5 1046 8 .6180 yY 1 - i n 1i n i ii M yM 3 .52 1 1 n i i M n M 方差估计值 1 )( 1 )() ( 1 2 2 n yMy Mn f yvYv n i ii 02706. 0 标准方差1644. 002706. 0) () (YvYs 在置信度 95%下，该林区的树木的平均高度的置信区间为 )2312. 6 ,5868. 5()1644. 096. 1909. 5()Y (tY /2 ）（s 4.5 某高校学生会欲对全校女生拍摄过个人艺术照的比例进行调查。 全校共有女 生宿舍 200 间， 每间 6 人。 学生会的同学运用两阶段抽样法设计了抽样方案， 从 200 间宿舍中抽取了 10 间样本宿舍，在每间样本宿舍中抽取 3 位同学进 行访问，两个阶段的抽样都是简单随机抽样，调查结果如下表： 样本宿舍 拍照人数 样本宿舍 拍照人数 1 2 6 1 2 0 7 0 3 1 8 1 4 2 9 1 5 1 10 0 试估计拍摄过个人艺术照的女生比例，并给出估计的标准差。 解：题目已知200N，10n，6M ，3m，05. 0 200 10 1 N n f，5 . 0 2 M m f 3 . 0 310 9 1 nm y p n i i 005747. 0)( 1 111 ) ( 1 2 n i i mpy nn f m pv 0758. 0005747. 0 ) ( ) (pvps 在置信度 95%下，p 的置信区间为 ) ) ( 2/ pvtp =）0.448568,0.151432()0758. 096. 13 . 0( 4.6 上题中， 学生会对女生勤工助学月收入的一项调查中， 根据以往同类问题的 调查， 宿舍间的标准差为 1 S=326 元， 宿舍内同学之间的标准差为 2 S=188 元。 以一位同学进行调查来计算， 调查每个宿舍的时间 1 c为 1 分钟， 为了调查需 要做各方面的准备及数据计算等工作，所花费的时间为 0 c是 4 小时，如果 总时间控制在 8 小时以内，则最优的样本宿舍和样本学生是多少？ 解：由已知条件得到以下信息： 326S1（元）188S2（元）10c1（分钟）1c2（分钟）240604c0 （分钟） 由此得到 106276S2 1 ，35344S2 2 ，33.100385 6 35344 106276S 2 2 1 2 u M S S 82. 1 1 10 326 188 m 2 1 1 2 opt c c S S 因而取最优的2m，进一步计算 opt n 由于总时间的限制480C，由关系式 nmcnccC 210 得到 optopt 2n10n240480 计算方程得到20nopt，因而取20n 则最优的样本宿舍数为 20 间，最优样本学生数为 2。 4.7 某居委会欲了解居民健身活动情况， 如果一直该居委会有 500 名居民， 居住 在 10 个单元中。 现先抽取 4 个单元， 然后再样本单元中分别抽出若干居民， 两个阶段的抽样都是简单随机抽样， 调查了样本居民每天用于健身锻炼的时 间结果如下（以 10 分钟为 1 个单位） ： 单元i 居民人数 i M 样本量 i m 健身锻炼时间 ij y 1 32 4 4，2，3，6 2 45 5 2，2，4，3，6 3 36 4 3，2，5，8 4 54 6 4，3，6，2，4，6 试估计居民平均每天用于锻炼的时间，并给出估计的标准差。 （1） 简单估计量 （2） 比率估计量 （3） 对两种估计方法及结果进行评价。 解： （1）简单估计 n i ii n i iu Y n N yM n N Y 11 =)17. 4545 . 4364 . 34575. 332( 4 10 =1650， 则3 . 3 500 1650 Y 0 u M Yu ， 又165660 4 1 1 Y 1 u n i i Y n ， 所以 n i i iii n i ui m sfM n N n YY f 1 2 22 2 1 2 1 2 u )1 ( 1 ) ( n 1 (N )Y v( ） 分别计算 1926 3 5778 )165225()165162()165153()165120( 3 1 1 ) ( 22221 2 n YY n i ui 48.4628 6 2 . 2) 54 6 1 (54 4 7) 36 4 1 (36 5 8 . 2) 45 5 1 (45 4 92. 2) 32 4 1 (32 )1 ( 2 222 1 2 22 2 n i i iii m sfM 所以， 162. 0046285. 011556. 0 )1 ( 1 ) ( n 1 (N1 ) ( 1 2 22 2 1 2 1 2 0 n i i iii n i ui u m sfM n N n YY f M Yv ） 所以标准差402. 0) () ( uu YvYs (2) 比率估计 9532. 3 54364532 17. 4545 . 4364 . 34575. 332 1 1 n i i i n i i R M yM y n i i iii n i ui R m sfM n N n YY f yv 1 2 22 2 1 2 1 2 )1 ( 1 ) ( n 1 (N )( ） 其中 n i i i n i i R R M yM M Y Y 1 1 0 0715. 0 ) ( )( 2 0 M Yv yv R R 2647. 00715. 0)()( RR yvys （3）简单估计标准差402. 0) ( u Ys，比率估计标准差2647. 0)( R ys 比率估计更好 第五章不等概抽样习题答案第五章不等概抽样习题答案 5.1 解： 分析题目可知“代码法”与“拉希里法”都是 PPS 抽样（放回的与规模大小 成比例的不等概抽样）的实施方法，而此题需要用此两种方法进行不放回抽样， 故需进一步进行改进：即采用重抽法抽取，如果抽到重复单元，则放弃此样本单 元，重新抽取，直到抽到规定的样本量且所有样本党员不重复： （1） 代码法：由 i Z= N 1i i i 0 i M M M M 可假设 0 M=1000000，则 Mi= i ZM0列成数据表 为： PSU Mi 累计 Mi 代码 1 110 110 1110 2 18556 18666 11118666 3 62999 81665 18667 81665 4 78216 159881 81666 159881 5 75245 235126 159982 235126 6 73983 309109 235127 309109 7 76580 385689 309110 385689 8 38981 424670 385690 424670 9 40772 465442 424671 465442 10 22876 488318 465443 488318 11 3721 492039 488319 492039 12 24971 517010 492040 517010 13 40654 557664 517011 557664 14 14804 572468 557665 572468 15 5577 578045 572469 578045 16 70784 648829 578046 648829 17 69635 718464 648830 718464 18 34650 753114 718465 753114 19 69492 822606 753115 822606 20 36590 859296 822607 859296 21 33853 893049 859297 893049 22 16959 910008 893050 910008 23 9066 919074 910009 919074 24 21795 940869 919075 940869 25 59185 1000054 940870 1000054 我们看到抽取的范围比较大，所以我们利用计算机中的随机数表来抽取，第一个 随机数为 444703， 615432， 791937， 921813 ， 738207， 176266， 405706 935470， 916904， 57891 按照范围我们可以知道抽取的 PSU9, PSU16, PSU19, PSU24, PSU18, PSU2, PSU8 PSU24 PSU23 PSU2,我们看到 第 2 组和 24 组重复抽取了，故进行重新抽取，抽到 4 组和 6 组； 综上所述，抽取的样本为 2，4，6，8，9，16，18，19，23，24 组 （2）拉希里法：M =78216，N=25，在1, 25和1, 78216中分别产生（n,m） ： （13，38678） ，M13=4065438678,入样； （8， 57764） ，M8=3898157764，舍弃，重抽； （23，13365） ，M23=906613365,舍弃，重抽； （19，38734） ，M19=6949238734，入样； 以此类推，当得到重复入样情况时，同上重新抽取，得到抽取结果为： 2，3，5，6，7，12 ，13，16， 19，24 组 5.2 解： 由数据可得： t1= i M j j y 1 1 =20， t 2 1 22 25 M j j y，t3=38， t4=24， t5=21； 结合 t 值数据，我们可以推得 Z 的值 Z1=2 . 0 25 5 0 1 M M ,Z2=0.16，Z3=0.32，Z4=0.2，Z5=0.12， 由公式 N i i i ji jiji ij Z Z ZZ ZZZZ 1 21 12121 14 样本 ij 1，2 0.273769 1，3 0.217405 1，4 0.283079 1，5 0.243826 2，3 0.166251 2，4 0.213142 2，5 0.243826 3，4 0.603903 3，5 0.53546 4，5 0.243826 5.3 解： 设： 0 M=1，则有： ii ZM ，得到下表： i i M 1000 i M 累计 1000 i M 代码 1 0.104 104 104 1104 2 0.192 192 296 105296 3 0.138 138 434 297434 4 0.062 62 496 435496 5 0.052 52 548 497548 6 0.147 147 695 549695 7 0.089 89 784 696784 8 0.038 38 822 785822 9 0.057 57 879 823879 10 0.121 121 1000 8801000 1 1000 先在1,1000中产生第一个随机数为 731，再在1,1000里面产生第二个随机数 为 103，最后在1,1000中产生第三个随机数为 982，则它们所对应的第 7、1、 10 号单元被抽中。 5.4 解： 利用汉森-赫维茨估计量对总体总值进行估计： 9 .322877 .792543 .10370 6 1 006.2217 121. 0 290 006.2217 062. 0 120 006.2217 138. 0 320 6 1 1 11 006.2217 121. 0 290 062. 0 120 138. 0 320 3 11 22 2 2 1 1 n i HH i i HH n i i i HH Y Z y nn Yv Z y n Y =20318.8 5 .142 HHHHYvYs 5.5 解：由题可知 6 11 0 i i N i i XXX=2+9+3+2+1+6=23 由 0 X X n i i 得下表： i 指标值 i X 包含概率 i i Z 1 2 0.1739 0.087 2 9 0.7826 0.3913 3 3 0.2609 0.1304 4 2 0.1739 0.087 5 1 0.087 0.0435 6 6 0.5217 0.2609 由上表显然有 i Z1/2，于是我们可以采用布鲁尔方法： N i i i ji jiji ij Z Z ZZ ZZZZ 1 21 12121 14 经计算可得下表： 样本 ij 1，2 0.0068 1，3 0.0153 1，4 0.0097 1，5 0.0046 1，6 0.0397 2，3 0.1607 2，4 0.1046 2，5 0.0512 2，6 0.3613 3，4 0.0153 3，5 0.0074 3，6 0.062 4，5 0.0046 4，6 0.0397 5，6 0.0191 附注: (1) 78. 25455. 00476. 01053. 01764. 07999. 11053. 0 21 1 N i i i Z Z （2） 样本 jiZ Z ji ZZ 1，2 0.0340 1.2613 1，3 0.0133 0.2174 1，4 0.0076 0.174 1，5 0.0038 0.1305 1，6 0.0227 0.3479 2，3 0.051 0.5217 2，4 0.034 0.4783 2，5 0.017 0.4348 2，6 0.1021 0.6522 3，4 0.0113 0.2174 3，5 0.0057 0.1739 3，6 0.034 0.3913 4，5 0.0038 0.1305 4，6 0.0227 0.3479 5，6 0.0113 0.3044 验证: n i i i HH Z x n X 1 1 ii n i i i HTnZ x X 1 HT HH XX 另外： 2 1 2 1 1 N i N ij j j i i ijji HT i i N i i HH X X XVX Z X Z n XV 代入数据，经计算得到： HTHHXVXV0 5.6 解： i i y i x i R 1 10 7 1.43 2 9 5 1.8 3 5 3 1.67 4 2 1 2 5 4 2 2 平均 6 3.6 1.78 由题可计算出: (1) i i Y iY iP iR 1 10 50 10 1.43 2 9 45 9 1.8 3 5 25 5 1.67 4 2 10 2 2 5 4 20 4 2 6Y N i i YY N S 1 2 2 1 1 =11.5 所以有： 2 1 S n f yV =10.0625 x y RyPyNYyY 5625.2510625.10 2 yVNYVyVYV （2） 由定义有： 32 1 1 8 . 5 5 .11 1 11 1 2 1 2 2 XXYY N SS YY N SRXYRX N Y i N i iyxx N i i RR 所以得到下表： i RiY RiY R 1 5.148 25.74 1.43 2 6.48 32.4 1.8 3 6.012 30.06 1.67 4 7.2 36 2 5 7.2 36 2 RV N X YVRVXYV SRSRS n f X RV RiRi xyx 2 2 2 2 2 2 2 11 所以有下表： i RiYV RiYV RV R 1 1296 51.84 4.6 1.43 2 1846.8 73.872 5.7 1.8 3 1717.2 68.688 5.3 1.67 4 2041.2 81.648 6.3 2 5 2041.2 81.648 6.3 2 （3） 结合题目已知条件，我们选择的包含概率与 i X成正比： PZi i （第 i 项被选中） i i Z i y HHY 2 YYS 1 7/18 10 25.7 18.49 2 5/18 9 32.4 5.76 3 3/18 5 30 0 4 1/18 2 36 36 5 2/18 4 36 36 18 3623610376. 5549.187 2 1 YYZYVHH N i i 254.71 由以上计算结果可以看出： YVYVYVHHR，比估计在样本量很小的情 况下即使是最小的方差也远比另外两种估计的方差大， 而简单估计又比 PPS 汉森 -赫维茨估计略好。 5.7 解：已知 n=2 m=5 340 11 n i m j ij y 设公司总人数为 0 M 由于这个样本是自加权的，所以有： 0 0 11 0 34340 10 M M y nm M Y n i m j ij （分钟） 34 0 M Y y（分钟） 所以该公司职工上班交通平均所需时间为 34 分钟。 2442440 10 1 3430346034103440 10 11 2222 11 2 n i m j ij yy nm y 62.15yys（分钟） 5.8 说明:2561 6 y 解:由题可知:4 .495299186 10 1 10 11 10 1 10 11 i i i i i n i i i HH y Z y Z Y n Y(吨) 所以,全集团季度总运量为 495299.4 吨. HH YV的一个无偏估计为: 95183360186 90 1 1 11 10 1 2 1 2 i HHi n i HH i i HH YyY Z Y nn Y 因为 2/ t=2.306 所以 2/ t95183360=22497.8 所以置信度 95%的置信区间为472894.6 , 517890.2 第第 6 6 章章 第第 2 2 题题 证明：将总体平方和按照全部可能的系统样本进行分解，可以得到 k r n j rj YySN 11 2 _ 2 )() 1( k r n j rrj yy 11 2 _ )(+ k r n j rYY 11 2 _ )( k r r Yyn 1 2 _ )(+ k r n j rrj yy 11 2 _ )( k r r Yy k nk 1 2 _ )(+ k r n j rrj yy 11 2 _ )( k r r Yy k 1 2 _ )( 1 2 ) 1( 1 SN nk k r n j rrj yy 11 2 _ )( 根据)( _ sy yV的定义，且Nnk ，有 )( _ sy yV k r r Yy k 1 2 _ )( 1 2 ) 1( S N N k r n j rrj yy N 11 2 _ )( 1 令 2 wsy S k r n j rrj yy nk 11 2 _ )( ) 1( 1 则有)( _ sy yV 2 ) 1( S N N 2 ) 1( wsy S N nk 证明：在样本量相同的情况下 )( _ sy yV)( _ sys yV 2 ) 1( S N N 2 ) 1( wsy S N nk 2 1 S n f 2 ) 1( S N N 2 S Nn nN 2 ) 1( wsy S N nk 2 )( S N nNN 2 ) 1( wsy S N nk 2 S N kN 2 ) 1( wsy S N nk )( ) 1( 22 wsy SS N nk 立即可得到当且仅当 22 SSwsy时，系统抽样优于简单随机抽样。 第第 3 3 题题 解：7 . 5 7 40 n N k，k 取最接近于 5.7 而不大于 5.7 的整数 5，则将该 班同学编号 140，随机起点 r=5，则该样本单元序号为 5，10，15，20， 25，30，35。 35N，7n，5 n N k。 Sethi 对称系统抽样：5r，入样单元为:5，6，10，16，15，26，20 Singh 对称系统抽样：由于n为奇数，则从两个断点开始分层，最后中间 的半层取中间位置的单元，5r，入样单元为：5，31，10， 26，15，21，18 第第 4 4 题题 解：由题，N=360，k=8，则 n=N/k=45 取 1 451 Y 0 451 rj rj rj 第号住户的户主为汉族 第号住户的户主不为汉族， 1,2,8r ，1,2,45j , 则可能样本如下表： 145 样 本均值 样本 内方差 00001100000