2018届高三数学（理）一轮复习考点规范练：第七章　不等式、推理与证明36Word版含解析.doc

考点规范练36直接证明与间接证明基础巩固1.要证:a2+b2-1-a2b20,只要证明()A.2ab-1-a2b20B. a2+b2-1-0C.-1-a2b20D.(a2-1)(b2-1)02.分析法又称执果索因法,若用分析法证明“设abc,且a+b+c=0,求证:a”索的因应是()A.a-b0B.a-c0C.(a-b)(a-c)0D.(a-b)(a-c)0B.a2+b22(a-b-1)C.a2+3ab2b2D.4.已知不相等的三个正数a,b,c成等差数列,且x是a,b的等比中项,y是b,c的等比中项,则x2,b2,y2()A.成等比数列而非等差数列B.成等差数列而非等比数列C.既成等差数列又成等比数列D.既非等差数列又非等比数列5.设a,b,c均为正实数,则三个数a+,b+,c+()A.都大于2B.都小于2C.至少有一个不大于2D.至少有一个不小于26.设f(x)是定义在R上的奇函数,且当x0时,f(x)单调递减,若x1+x20,则f(x1)+f(x2)的值()A.恒为负值B.恒等于零C.恒为正值D.无法确定正负导学号372704737.设ab0,m=,n=,则m,n的大小关系是.8.与2的大小关系为.9.(2016银川一中模拟)在等差数列an中,a1=3,其前n项和为Sn,等比数列bn的各项均为正数,b1=1,公比为q(q1),且b2+S2=12,q=.(1)求an与bn;(2)证明:+.导学号37270474能力提升10.若A1B1C1的三个内角的余弦值分别等于A2B2C2的三个内角的正弦值,则()A.A1B1C1和A2B2C2都是锐角三角形B.A1B1C1和A2B2C2都是钝角三角形C.A1B1C1是钝角三角形,A2B2C2是锐角三角形D.A1B1C1是锐角三角形,A2B2C2是钝角三角形11.已知a,b,(0,+),且=1,要使得a+b恒成立,则的取值范围是.12.(2016山东潍坊模拟五)在RtABF中,AB=2BF=4,C,E分别是AB,AF的中点(如图1).将此三角形沿CE对折,使平面AEC平面BCEF(如图2),已知D是AB的中点.(1)求证:CD平面AEF;(2)求证:平面AEF平面ABF.图1图2高考预测13.已知数列an的前n项和为Sn,且Sn=an+1+n-2,nN*,a1=2.(1)证明:数列an-1是等比数列,并求数列an的通项公式;(2)设bn=(nN*)的前n项和为Tn,证明:Tn6.导学号37270475参考答案考点规范练36直接证明与间接证明1.D解析 在各选项中,只有(a2-1)(b2-1)0a2+b2-1-a2b20,故选D.2.C解析 ab2-ac3a2(a+c)2-ac3a2a2+2ac+c2-ac-3a20-2a2+ac+c20(a-c)(2a+c)0(a-c)(a-b)0.故选C.3.B解析 在B中,a2+b2-2(a-b-1)=(a2-2a+1)+(b2+2b+1)=(a-1)2+(b+1)20,a2+b22(a-b-1)恒成立.4.B解析由已知条件,可得由得代入,得=2b,即x2+y2=2b2.故x2,b2,y2成等差数列.5.D解析 a0,b0,c0,6,当且仅当a=b=c=1时等号成立,故三者不能都小于2,即至少有一个不小于2.6.A解析 由f(x)是定义在R上的奇函数,且当x0时,f(x)单调递减,可知f(x)是R上的减函数.由x1+x20,可知x1-x2,即f(x1)f(-x2)=-f(x2),则f(x1)+f(x2)0,故选A.7.mn解析 (方法一:取特殊值法)取a=2,b=1,得mb0,所以要得出m与n的大小关系,只需判断与1的大小关系,只需判断与1的大小关系,只需判断a+b-2-(a-b)与0的大小关系,只需判断2b-2与0的大小关系,只需判断与0的大小关系.由ab0,可知0,即1,即可判断m2解析 要比较与2的大小,只需比较()2与(2)2的大小,只需比较6+7+2与8+5+4的大小,只需比较与2的大小,只需比较42与40的大小,4240,29.(1)解 设an的公差为d.因为所以解得(q=-4舍去).故an=3+3(n-1)=3n,bn=3n-1.(2)证明 因为Sn=,所以所以+=因为n1,所以0,所以1-1,所以所以+10.D解析 由条件知,A1B1C1的三个内角的余弦值均大于0,则A1B1C1是锐角三角形,且A2B2C2不可能是直角三角形.假设A2B2C2是锐角三角形.由得则A2+B2+C2=,这与三角形内角和为180相矛盾.因此假设不成立,故A2B2C2是钝角三角形.1