2019届高考数学总复习模块六概率与统计第20讲概率与统计学案理.docx

第20讲概率与统计1.2018全国卷某工厂的某种产品成箱包装,每箱200件,每一箱产品在交付用户之前要对产品作检验,如检验出不合格品,则更换为合格品.检验时,先从这箱产品中任取20件作检验,再根据检验结果决定是否对余下的所有产品作检验.设每件产品为不合格品的概率都为p(0p1),且各件产品是否为不合格品相互独立.(1)记20件产品中恰有2件不合格品的概率为f(p),求f(p)的最大值点p0.(2)现对一箱产品检验了20件,结果恰有2件不合格品,以(1)中确定的p0作为p的值.已知每件产品的检验费用为2元,若有不合格品进入用户手中,则工厂要对每件不合格品支付25元的赔偿费用.(i)若不对该箱余下的产品作检验,这一箱产品的检验费用与赔偿费用的和记为X,求EX.(ii)以检验费用与赔偿费用和的期望值为决策依据,是否该对这箱余下的所有产品作检验? 试做2.2018全国卷图M6-20-1是某地区2000年至2016年环境基础设施投资额y(单位:亿元)的折线图.为了预测该地区2018年的环境基础设施投资额,建立了y与时间变量t的两个线性回归模型.根据2000年至2016年的数据(时间变量t的值依次为1,2,17)建立模型:y=-30.4+13.5t;根据2010年至2016年的数据(时间变量t的值依次为1,2,7)建立模型:y=99+17.5t.图M6-20-1(1)分别利用这两个模型,求该地区2018年的环境基础设施投资额的预测值.(2)你认为用哪个模型得到的预测值更可靠?并说明理由.试做3.2017全国卷海水养殖场进行某水产品的新、旧网箱养殖方法的产量对比,收获时各随机抽取了100个网箱,测量各箱水产品的产量(单位:kg),其频率分布直方图如图M6-20-2所示:图M6-20-2(1)设两种养殖方法的箱产量相互独立,记A表示事件“旧养殖法的箱产量低于50 kg,新养殖法的箱产量不低于50 kg”,估计A的概率;(2)填写下面列联表,并根据列联表判断是否有99%的把握认为箱产量与养殖方法有关;箱产量0;当p(0.1,1)时,f(p)400,故应该对余下的产品作检验.2.解:(1)利用模型,该地区2018年的环境基础设施投资额的预测值为y=-30.4+13.519=226.1(亿元).利用模型,该地区2018年的环境基础设施投资额的预测值为y=99+17.59=256.5(亿元).(2)利用模型得到的预测值更可靠.理由如下:(i)从折线图可以看出,2000年至2016年的数据对应的点没有随机散布在直线y=-30.4+13.5t上下,这说明利用2000年至2016年的数据建立的线性模型不能很好地描述环境基础设施投资额的变化趋势.2010年相对2009年的环境基础设施投资额有明显增加,2010年至2016年的数据对应的点位于一条直线的附近,这说明从2010年开始环境基础设施投资额的变化规律呈线性增长趋势,利用2010年至2016年的数据建立的线性模型y=99+17.5t可以较好地描述2010年以后的环境基础设施投资额的变化趋势,因此利用模型得到的预测值更可靠.(ii)从计算结果看,相对于2016年的环境基础设施投资额220亿元,由模型得到的预测值226.1亿元的增幅明显偏低,而利用模型得到的预测值的增幅比较合理,说明利用模型得到的预测值更可靠.(以上给出了2种理由,答出其中任意一种或其他合理理由均可)3.解:(1)记B表示事件“旧养殖法的箱产量低于50 kg”,C表示事件“新养殖法的箱产量不低于50 kg”.由题意知P(A)=P(BC)=P(B)P(C).旧养殖法的箱产量低于50 kg的频率为(0.012+0.014+0.024+0.034+0.040)5=0.62,故P(B)的估计值为0.62.新养殖法的箱产量不低于50 kg的频率为(0.068+0.046+0.010+0.008)5=0.66,故P(C)的估计值为0.66.因此,事件A的概率估计值为0.620.66=0.409 2.(2)根据箱产量的频率分布直方图得列联表:箱产量6.635,故有99%的把握认为箱产量与养殖方法有关.(3)因为新养殖法的箱产量频率分布直方图中,箱产量低于50 kg的直方图面积为(0.004+0.020+0.044)5=0.340.5,故新养殖法箱产量的中位数的估计值为50+0.5-0.340.06852.35(kg).考点考法探究解答1例1解:(1)由题意,甲、乙、丙三人在30分钟以上且不超过60分钟还车的概率分别为14,13,12.设“甲、乙两人所付费用之和等于丙所付费用”为事件M,则P(M)=342312+141312=724.(2)随机变量的所有可能取值为2,2.5,3,3.5,4.由题意知P(=2)=342312=14,P(=2.5)=341312+142312=524,P(=3)=342312+141312=724,P(=3.5)=341312+142312=524,P(=4)=141312=124,所以甲、乙、丙三人所付费用之和的分布列为22.533.54P14524724524124所以E()=214+2.5524+3724+3.5524+4124=6724.【自我检测】解:(1)由题可知:商品单价/元a0.9a0.85a0.8a0.75a0.7a频率0.20.30.240.120.10.04所以估计X的平均值h=a0.2+0.9a0.3+0.85a0.24+0.8a0.12+0.75a0.1+0.7a0.04=0.873a.(2)经销商购买单价不高于h的概率为0.24+0.12+0.1+0.04=12,高于h的概率为0.2+0.3=12.Y的可能取值为5000,10 000,15 000,20 000.则P(Y=5000)=1234=38,P(Y=10 000)=1214+123434=1332,P(Y=15 000)=12C211434=316,P(Y=20 000)=121414=132.所以Y的分布列为Y500010 00015 00020 000P381332316132E(Y)=500038+10 0001332+15 000316+20 000132=9375.解答2例2解:(1)由题意可知,样本平均值x=561+584+6012+6220+648+66550=61.8.(2)由题意得,校园某天出现重度噪音污染的概率为110,出现轻度噪音污染的概率为110.设事件A为“周一至周五的五天中恰有两天校园出现重度噪音污染而其余三天都是轻度噪音污染”,则P(A)=C5211021103=110 000.由题意得XB3,110,则P(X=k)=C3k110k9103-k,k=0,1,2,3.故X的分布列为X0123P7291000243100027100011000D(X)=np(1-p)=27100.【自我检测】解:(1)完整的22联表如下:文科生理科生总计获奖53540不获奖45115160总计50150200由表中数据可得K2的观测值k=200(5115-3545)24016050150=2564.1673.841,所以有超过95%的把握认为是否获奖与学生的文理科有关.(2)由表中数据可知,抽到获奖学生的概率为15,将频率视为概率,所以X可取0,1,2,3且XB3,15,则P(X=k)=C3k15k1-153-k(k=0,1,2,3),故X的分布列为X0123P6412548125121251125E(X)=np=315=35.解答3例3解:(1)设该班男生人数为x,则女生人数为x+4,由条件可得x2x+4=511,解得x=20,故该班男生有20人,女生有24人.(2)由条件知在该班随机抽取一名学生,估计该同学持满意态度的概率为611.(3)由题意知的可能取值为0,1,2,服从超几何分布,则P(=0)=C60C52C112=211,P(=1)=C61C51C112=611,P(=2)=C62C50C112=311,故的分布列为012P211611311E()=0211+1611+2311=1211.解答4例4解:(1)剩下的2组数据恰好是不相邻的2天数据的概率是1-4C52=35. (2)由已知数据得i=13xiyi=1126+1332+1226=1014,x=13(11+13+12)=12,y=13(26+32+26)=28,3xy=31228=1008,i=13xiyi-3xy=1014-1008=6.i=13xi2=112+132+122=434,3x2=3122=432,i=13xi2-3x2=434-432=2,b=i=13xiyi-3xyi=13xi2-3x2=62=3,a=y-bx=28-312=-8.故y关于x的线性回归方程为y=3x-8.(3)当x=10时,y =3x-8=310-8=22,|22-23|1;当x=8时,y =3x-8=38-8=16,|16-16|1.故(2)中得到的线性回归方程是可靠的.例5解:(1)22列联表如下:甲班乙班总计成绩优良91625成绩不优良11415总计202040根据表中的数据,得K2的观测值k=40(94-1611)2251520205.2275.024,在犯错的概率不超过0.025的前提下认为“成绩是否优良与教学方式有关”.(2)由表可知在8人中成绩不优良的人数约为15408=3,则X的可能取值为0,1,2,3.P(X=0)=C53C83=528,P(X=1)=C31C52C83=1528,P(X=2)=C32C51C83=1556,P(X=3)=C33C83=156.X的分布列为X0123P52815281556156E(X)=0528+11528+21556+3156=98.【自我检测】解:(1)甲班学生数学成绩的中位数为122+1142=118,乙班学生数学成绩的中位数为128+1282=128.补充完整的乙班学生数学成绩的频率分布直方图如图所示. (2)由茎叶图可知,乙班学生数学成绩的平均水平高于甲班学生数学成绩的平均水平.甲班学生数学成绩的分散程度高于乙班学生数学成绩的分散程度.(3)由茎叶图可知,甲、乙两班数学成绩为优秀的人数分别为10,14.若从中用分层抽样的方法选出12人,则应从甲、乙两班分别选出5人、7人.设“选出的12人中恰含有甲、乙两班所有140分以上的学生”为事件A,则P(A)=C22C83C105C33C114C147=29552=5234.所以选出的12人中恰含有甲、乙两班所有140分以上的学生的概率为5234.备选理由 所给3个例题分别围绕二项分布的期望,超几何分布的期望,统计与概率的综合等知识展开,旨在强化解题训练,熟悉试题题型与处理方法.例1配例1使用 2018北京卷 电影公司随机收集了电影的有关数据,经分类整理得到下表:电影类型第一类第二类第三类第四类第五类第六类电影部数14050300200800510好评率0.40.20.150.250.20.1好评率是指:一类电影中获得好评的部数与该类电影的部数的比值.假设所有电影是否获得好评相互独立.(1)从电影公司收集的电影中随机选取1部,求这部电影是获得好评的第四类电影的概率;(2)从第四类电影和第五类电影中各随机选取1部,估计恰有1部获得好评的概率;(3)假设每类电影得到人们喜欢的概率与表格中该类电影的好评率相等,用“k=1”表示第k类电影得到人们喜欢,“k=0”表示第k类电影没有得到人们喜欢(k=1,2,3,4,5,6).写出方差D1,D2,D3,D4,D5,D6的大小关系.解:(1)由题意知,样本中电影的总部数是140+50+300+200+800+510=2000,第四类电影中获得好评的电影部数是2000.25=50.故所求概率为502000=0.025.(2)设事件A为“从第四类电影中随机选出的电影获得好评”,事件B为“从第五类电影中随机选出的电影获得好评”.故所求概率为P(AB+AB)=P(AB)+P(AB)=P(A)(1-P(B)+(1-P(A)P(B).由题意知:P(A)估计为0.25,P(B)估计为0.2.故所求概率估计为0.250.8+0.750.2=0.35.(3)D1D4D2=D5D3D6.例2配例3使用 为发展业务,某公司市场部准备从国内n(nN*)个人口超过1000万的超大城市和8个人口低于100万的小城市中随机抽取若干个进行调查统计.若一次抽取2个城市,则全是小城市的概率为415.(1)求n的值.(2)若一次抽取4个城市,假设取出小城市的个数为X,求X的分布列和期望;求取出的4个城市是同一类城市且全为超大城市的概率.解:(1)从n+8个城市中取出2个城市,共有Cn+82种情况,其中全是小城市的情况有C82种,故全是小城市的概率是C82Cn+82=87(n+8)(n+7)=415,(n+8)(n+7)=210=1514,n+7=14,故n=7.(2)X的可能取值为0,1,2,3,4.则P(X=0)=C80C74C154=139,P(X=1)=C81C73C154=839,P(X=2)=C82C72C154=2865,P(X=3)=C83C71C154=56195,P(X=4)=C84C70C154=239.故X的分布列为X01234P139839286556195239E(X)=0139+1839+22865+356195+4239=3215.若4个城市全是超大城市,共有C74=35(种)情况;若4个城市全是小城市,共有C84=70(种)情况.故所求概率为C74C84+C74=3570+35=13.例3配例4使用 某市气象站观测点记录的连续4天AQI指数(空气