浙江专版2019版高考数学一轮复习第三章导数3.1导数学案.docx

3.1导数考纲解读考点考纲内容要求浙江省五年高考统计201320142015201620171.导数的概念及其几何意义1.了解导数概念的实际背景.2.理解导数的几何意义.理解22(1),4分8(文),5分21(文),约6分03(2)(自选),5分2.导数的运算会用基本初等函数的导数公式和导数的四则运算法则求函数的导数,并能求简单的复合函数的导数.掌握22(1),2分22(2),2分21(文),约3分22(1),7分21(文),约2分03(2)(自选),约2分20(1),约6分分析解读1.导数是高考中的重要内容.导数的运算是高考命题的热点,是每年的必考内容.2.本节主要考查导数的运算,导数的几何意义,考查函数与其导函数图象之间的关系.3.预计2019年高考中,导数运算的考查必不可少,同时要注意对切线的考查,复习时应引起高度重视.五年高考考点一导数的概念及其几何意义 1.(2016山东,10,5分)若函数y=f(x)的图象上存在两点,使得函数的图象在这两点处的切线互相垂直,则称y=f(x)具有T性质.下列函数中具有T性质的是() A.y=sin xB.y=ln xC.y=exD.y=x3答案A2.(2014课标,8,5分)设曲线y=ax-ln(x+1)在点(0,0)处的切线方程为y=2x,则a=()A.0B.1C.2D.3答案D3.(2017课标全国文,14,5分)曲线y=x2+1x在点(1,2)处的切线方程为.答案x-y+1=04.(2017天津文,10,5分)已知aR,设函数f(x)=ax-ln x的图象在点(1, f(1)处的切线为l,则l在y轴上的截距为.答案15.(2016课标全国,15,5分)已知f(x)为偶函数,当x0时,f(x)=ln(-x)+3x,则曲线y=f(x)在点(1,-3)处的切线方程是.答案y=-2x-16.(2014江苏,11,5分)在平面直角坐标系xOy中,若曲线y=ax2+bx(a,b为常数)过点P(2,-5),且该曲线在点P处的切线与直线7x+2y+3=0平行,则a+b的值是.答案-37.(2014江西,13,5分)若曲线y=e-x上点P处的切线平行于直线2x+y+1=0,则点P的坐标是.答案(-ln 2,2)8.(2016浙江自选,“复数与导数”模块,03(2),5分)求曲线y=2x2-ln x在点(1,2)处的切线方程.解析因为(2x2-ln x)=4x-1x,所以曲线在点(1,2)处的切线的斜率为3.因此,曲线在点(1,2)处的切线方程为y=3x-1.9.(2013浙江,22,14分)已知aR,函数f(x)=x3-3x2+3ax-3a+3.(1)求曲线y=f(x)在点(1, f(1)处的切线方程;(2)当x0,2时,求|f(x)|的最大值.解析(1)由题意得f (x)=3x2-6x+3a,故f (1)=3a-3.又f(1)=1,所以所求的切线方程为y=(3a-3)x-3a+4.(2)由于f (x)=3(x-1)2+3(a-1),0x2.故(i)当a0时,有f (x)0,此时f(x)在0,2上单调递减,故|f(x)|max=max|f(0)|,|f(2)|=3-3a.(ii)当a1时,有f (x)0,此时f(x)在0,2上单调递增,故|f(x)|max=max|f(0)|,|f(2)|=3a-1.(iii)当0a1时,设x1=1-1-a,x2=1+1-a,则0x1x20,f(x1)-f(x2)=4(1-a)1-a0.从而f(x1)|f(x2)|.所以|f(x)|max=maxf(0),|f(2)|,f(x1).当0a|f(2)|.又f(x1)-f(0)=2(1-a)1-a-(2-3a)=a2(3-4a)2(1-a)1-a+2-3a0,故|f(x)|max=f(x1)=1+2(1-a)1-a.当23a1时,|f(2)|=f(2),且f(2)f(0).又f(x1)-|f(2)|=2(1-a)1-a-(3a-2)=a2(3-4a)2(1-a)1-a+3a-2,所以当23a|f(2)|.故f(x)max=f(x1)=1+2(1-a)1-a.当34a1,求f(x)在闭区间0,2|a|上的最小值.解析(1)当a=1时, f (x)=6x2-12x+6,所以f (2)=6.又因为f(2)=4,所以切线方程为y=6x-8.(2)记g(a)为f(x)在闭区间0,2|a|上的最小值.f (x)=6x2-6(a+1)x+6a=6(x-1)(x-a).令f (x)=0,得到x1=1,x2=a.当a1时,x0(0,1)1(1,a)a(a,2a)2af (x)+0-0+f(x)0单调递增极大值3a-1单调递减极小值a2(3-a)单调递增4a3比较f(0)=0和f(a)=a2(3-a)的大小可得g(a)=当a-1时,x0(0,1)1(1,-2a)-2af (x)-0+f(x)0单调递减极小值3a-1单调递增-28a3-24a2得g(a)=3a-1.综上所述, f(x)在闭区间0,2|a|上的最小值为g(a)=11.(2017北京文,20,13分)已知函数f(x)=excos x-x.(1)求曲线y=f(x)在点(0, f(0)处的切线方程;(2)求函数f(x)在区间0,蟺2上的最大值和最小值.解析本题考查导数的几何意义,考查利用导数研究函数的单调性、最值.(1)因为f(x)=excos x-x,所以f (x)=ex(cos x-sin x)-1, f (0)=0.又因为f(0)=1,所以曲线y=f(x)在点(0, f(0)处的切线方程为y=1.(2)设h(x)=ex(cos x-sin x)-1,则h(x)=ex(cos x-sin x-sin x-cos x)=-2exsin x.当x时,h(x)0,所以h(x)在区间0,蟺2上单调递减.所以对任意x有h(x)h(0)=0,即f (x)0时,h(x)0;当x0时,h(x)0.(1)当a0时,g(x)=(x-a)(x-sin x),当x(-,a)时,x-a0,g(x)单调递增;当x(a,0)时,x-a0,g(x)0,g(x)0,g(x)单调递增.所以当x=a时g(x)取到极大值,极大值是g(a)=-16a3-sin a,当x=0时g(x)取到极小值,极小值是g(0)=-a.(2)当a=0时,g(x)=x(x-sin x),当x(-,+)时,g(x)0,g(x)单调递增;所以g(x)在(-,+)上单调递增,g(x)无极大值也无极小值.(3)当a0时,g(x)=(x-a)(x-sin x),当x(-,0)时,x-a0,g(x)单调递增;当x(0,a)时,x-a0,g(x)0,g(x)0,g(x)单调递增.所以当x=0时g(x)取到极大值,极大值是g(0)=-a;当x=a时g(x)取到极小值,极小值是g(a)=-16a3-sin a.综上所述:当a0时,函数g(x)在(-,0)和(a,+)上单调递增,在(0,a)上单调递减,函数既有极大值,又有极小值,极大值是g(0)=-a,极小值是g(a)=-16a3-sin a.教师用书专用(1319)13.(2015陕西,15,5分)设曲线y=ex在点(0,1)处的切线与曲线y=1x(x0)上点P处的切线垂直,则P的坐标为.答案(1,1)14.(2015课标,16,5分)已知曲线y=x+ln x在点(1,1)处的切线与曲线y=ax2+(a+2)x+1相切,则a=.答案815.(2014广东,10,5分)曲线y=e-5x+2在点(0,3)处的切线方程为.答案5x+y-3=016.(2017山东,20,13分)已知函数f(x)=x2+2cos x,g(x)=ex(cos x-sin x+2x-2),其中e=2.718 28是自然对数的底数.(1)求曲线y=f(x)在点(, f()处的切线方程;(2)令h(x)=g(x)-af(x)(aR),讨论h(x)的单调性并判断有无极值,有极值时求出极值.解析本题考查导数的几何意义和极值.(1)由题意知,f()=2-2,又f (x)=2x-2sin x,所以f ()=2,因此曲线y=f(x)在点(, f()处的切线方程为y-(2-2)=2(x-),即y=2x-2-2.(2)由题意得h(x)=ex(cos x-sin x+2x-2)-a(x2+2cos x),因为h(x)=ex(cos x-sin x+2x-2)+ex(-sin x-cos x+2)-a(2x-2sin x)=2ex(x-sin x)-2a(x-sin x)=2(ex-a)(x-sin x),令m(x)=x-sin x,则m(x)=1-cos x0,所以m(x)在R上单调递增.因为m(0)=0,所以当x0时,m(x)0;当x0时,m(x)0,当x0时,h(x)0时,h(x)0,h(x)单调递增,所以当x=0时h(x)取到极小值,极小值是h(0)=-2a-1;(ii)当a0时,h(x)=2(ex-eln a)(x-sin x),由h(x)=0得x1=ln a,x2=0.当0a1时,ln a0,当x(-,ln a)时,ex-eln a0,h(x)单调递增;当x(ln a,0)时,ex-eln a0,h(x)0,h(x)0,h(x)单调递增.所以当x=ln a时h(x)取到极大值,极大值为h(ln a)=-a(ln a)2-2ln a+sin(ln a)+cos(ln a)+2,当x=0时h(x)取到极小值,极小值是h(0)=-2a-1;当a=1时,ln a=0,所以当x(-,+)时,h(x)0,函数h(x)在(-,+)上单调递增,无极值;当a1时,ln a0,所以当x(-,0)时,ex-eln a0,h(x)单调递增;当x(0,ln a)时,ex-eln a0,h(x)0,h(x)0,h(x)单调递增.所以当x=0时h(x)取到极大值,极大值是h(0)=-2a-1;当x=ln a时h(x)取到极小值,极小值是h(ln a)=-a(ln a)2-2ln a+sin(ln a)+cos(ln a)+2.综上所述:当a0时,h(x)在(-,0)上单调递减,在(0,+)上单调递增,函数h(x)有极小值,极小值是h(0)=-2a-1;当0a1时,函数h(x)在(-,0)和(ln a,+)上单调递增,在(0,ln a)上单调递减,函数h(x)有极大值,也有极小值,极大值是h(0)=-2a-1,极小值是h(ln a)=-a(ln a)2-2ln a+sin(ln a)+cos(ln a)+2.17.(2013湖南,22,13分)已知a0,函数f(x)=x-ax+2a.(1)记f(x)在区间0,4上的最大值为g(a),求g(a)的表达式;(2)是否存在a,使函数y=f(x)在区间(0,4)内的图象上存在两点,在该两点处的切线互相垂直?若存在,求a的取值范围;若不存在,请说明理由.解析(1)当0xa时,f(x)=a-xx+2a;当xa时,f(x)=x-ax+2a.因此,当x(0,a)时,f (x)=-3a(x+2a)20,f(x)在(a,+)上单调递增.若a4,则f(x)在(0,4)上单调递减,g(a)=f(0)=12.若0a4,则f(x)在(0,a)上单调递减,在(a,4)上单调递增.所以g(a)=maxf(0), f(4).而f(0)-f(4)=12-4-a4+2a=a-12+a,故当0a1时,g(a)=f(4)=4-a4+2a;当1a4时,g(a)=f(0)=12.综上所述,g(a)=(2)由(1)知,当a4时,f(x)在(0,4)上单调递减,故不满足要求.当0a4时,f(x)在(0,a)上单调递减,在(a,4)上单调递增.若存在x1,x2(0,4)(x1x2),使曲线y=f(x)在(x1, f(x1),(x2, f(x2)两点处的切线互相垂直,则x1(0,a),x2(a,4),且f (x1)f (x2)=-1.即-3a(x1+2a)23a(x2+2a)2=-1.亦即x1+2a=3ax2+2a.(*)由x1(0,a),x2(a,4)得x1+2a(2a,3a),3ax2+2a3a4+2a,1.故(*)成立等价于集合A=x|2ax3a与集合B=x|3a4+2ax1的交集非空.因为3a4+2a3a,所以当且仅当02a1,即0a(2n-1)2-1(2n)2=2n-22n=n-1n.所以Tn1221223n-1n=14n.综上可得对任意的nN*,均有Tn14n.19.(2013北京,18,13分)设L为曲线C:y=lnxx在点(1,0)处的切线.(1)求L的方程;(2)证明:除切点(1,0)之外,曲线C在直线L的下方.解析(1)设f(x)=lnxx,则f (x)=1-lnxx2.所以f (1)=1.所以L的方程为y=x-1.(2)证明:令g(x)=x-1-f(x),则除切点之外,曲线C在直线L的下方等价于g(x)0(x0,x1).g(x)满足g(1)=0,且g(x)=1-f (x)=x2-1+lnxx2.当0x1时,x2-10,ln x0,所以g(x)1时,x2-10,ln x0,所以g(x)0,故g(x)单调递增.所以,g(x)g(1)=0(x0,x1).所以除切点之外,曲线C在直线L的下方.考点二导数的运算1.(2014大纲全国,7,5分)曲线y=xex-1在点(1,1)处切线的斜率等于()A.2eB.eC.2D.1答案C2.(2013江西,13,5分)设函数f(x)在(0,+)内可导,且f(ex)=x+ex,则f (1)=.答案23.(2017浙江,20,15分)已知函数f(x)=(x-2x-1)e-x.(1)求f(x)的导函数;(2)求f(x)在区间上的取值范围.解析本题主要考查函数的最大(小)值,导数的运算及其应用,同时考查分析问题和解决问题的能力.(1)因为(x-2x-1)=1-12x-1,(e-x)=-e-x,所以f (x)=1-12x-1e-x-(x-2x-1)e-x=(1-x)(2x-1-2)e-x2x-1x12.(2)由f (x)=(1-x)(2x-1-2)e-x2x-1=0,解得x=1或x=52.因为x1212,111,5252f (x)-0+0-f(x)12e-12012e-52又f(x)=12(2x-1-1)2e-x0,所以f(x)在区间上的取值范围是0,12e-12.4.(2016北京,18,13分)设函数f(x)=xea-x+bx,曲线y=f(x)在点(2,f(2)处的切线方程为y=(e-1)x+4.(1)求a,b的值;(2)求f(x)的单调区间.解析(1)因为f(x)=xea-x+bx,所以f (x)=(1-x)ea-x+b.依题设,知f(2)=2e+2,f (2)=e-1,即2ea-2+2b=2e+2,-ea-2+b=e-1.解得a=2,b=e.(2)由(1)知f(x)=xe2-x+ex.由f (x)=e2-x(1-x+ex-1)及e2-x0知,f (x)与1-x+ex-1同号.令g(x)=1-x+ex-1,则g(x)=-1+ex-1.所以,当x(-,1)时,g(x)0,g(x)在区间(1,+)上单调递增.故g(1)=1是g(x)在区间(-,+)上的最小值,从而g(x)0,x(-,+).综上可知,f (x)0,x(-,+).故f(x)的单调递增区间为(-,+).三年模拟A组20162018年模拟基础题组考点一导数的概念及其几何意义 1.(2018浙江镇海中学12月测试,2)已知直线y=x+1与曲线y=ln(x+a)相切,则a的值为()A.2B.1C.-1D.-2答案A2.(2017浙江测试卷,4)已知直线y=ax是曲线y=ln x的切线,则实数a=()A.12B.12eC.1eD.1e2答案C3.(2017浙江衢州质量检测(1月),14)已知函数f(x)=x3+2ax2+1在x=1处的切线的斜率为1,则实数a=,此时函数y=f(x)在0,1最小值为.答案-12;23274.(2017浙江台州质量评估,20)已知函数f(x)=x3+|x-a|(aR).(1)当a=1时,求f(x)在(0,f(0)处的切线方程;(2)当a(0,1)时,求f(x)在区间-1,1上的最小值(用a表示).解析(1) 当a=1,x0,知f(x)在(a,1)上是单调递增的.当-1x0,得x0).(1)若曲线y=f(x)在点P(1,f(1)处的切线与直线y=-x平行,求函数y=f(x)的单调区间;(2)若对任意x(0,+),都有f(x)0成立,试求实数a的取值范围;(3)记g(x)=f(x)+2x-b(bR),当a=1时,函数g(x)在区间e-1,e上有两个零点,求实数b的取值范围.解析(1)直线y=-x的斜率为-1.函数f(x)的定义域为(0,+),f (x)=-3x2+ax,所以f (1)=-3+a=-1,解得a=2,(3分)所以f(x)=3x+2ln x,f (x)=2x-3x2.由f (x)0,得x32;由f (x)0,得0x0),由f (x)0,得x3a,由f (x)0,得0x0成立,f3a0,即a+aln 3a0,(9分)又a0,ln 3a-1,得0a0),g(x)=2x2+x-3x2=(2x+3)(x-1)x2,由g(x)0,得x1,由g(x)0,得0x0,50),由题知,f (1)=1,解得a=0.(2)令f (x0)=0,则2x02-ax0-1=0,解得x0=a+a2+84,且2x02-1=ax0.可知f(x)在(0,x0)上递减,在(x0,+)上递增,则H=f(x)极小值=f(x0)=x02-ax0-ln x0=-x02+1-ln x0.记g(a)=a+a2+84(a-1),当a0时,g(a)为增函数;当-1a0时,g(a)=2a2+8-a,此时g(a)为增函数,故x0g(-1)=12.设y=-x2+1-ln x.易知,函数y=-x2+1-ln x在上为减函数,所以H的最大值为34+ln 2.5.(2017浙江高考模拟训练冲刺卷一,20)已知函数f(x)=2aln x+12x2-(a+2)x,aR.(1)当a=12时,求曲线y=f(x)在点M(1, f(1)处的切线方程;(2)求函数f(x)在区间1,2上的最大值.解析(1)当a=12时, f(x)=ln x+12x2-52x,所以f(1)=-2.又f (x)=1x+x-52,所以f (1)=-12.由点斜式得所求切线方程为y=-12x-32.(2)f (x)=2ax+x-(a+2)=x2-(a+2)x+2ax=(x-2)(x-a)x,因为x1,2,所以有当a2时,函数f(x)在区间1,2上为增函数.此时f(x)max=f(2)=2aln 2-2a-2.当1a2时,函数f(x)在区间1,a上为增函数,在区间a,2上为减函数.此时f(x)max=f(a)=2aln a-12a2-2a.当a0),g(x)在x=m处取得极大值,g(m)=0,m3-2am-4a=0,即a=m32(m+2)(0m1),设h(m)=m32(m+2)(0m0.h(m)在(0,1)上单调递增,0a16.C组20162018年模拟方法题组方法1导数运算的解题策略 1.求下列函数的导数:(1)y=x1+2x+2x3;(2)y=1+sinx2cosx2;(3)y=xsin x+x;(4)y=lnxx+1-2x.解析(1)因为y=x+2+2x2,所以y=1-4x3.(2)因为y=1+sinx2cosx2=1+12sin x,所以y=12cos x.(3)y=(xsin x)+(x)=sin x+xcos x+12x.(4)y=lnxx+1-(2x)=1x(x+1)-lnx(x+1)2-2xln