山东省枣庄市2019年中考物理模拟试卷四（含解析）.docx

2019年山东省枣庄市中考物理模拟试卷（四）一、选择题。1近年关于“吸物超人”的报道层出不穷，把陶瓷盘、塑料遥控器、金属勺等物往“超人”胖乎乎汗津津的身上按一下，物体就被身体“吸”住而不掉下来，下列分析中合理的是（）A“超人”身上有强磁性，所以能够吸物B“超人”身上有静电，所以能够吸物C“超人”身上有汗水，所以能够粘住物D“超人”身体吸物是假，大气压物是真2关于声现象，下列说法中正确的是（）A“闻其声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的B用超声波能粉碎人体内的“小石头”，说明声波具有能量C中考期间学校周围路段禁鸣喇叭，这是在声音传播的过程中减弱噪声D“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”指声音的音调高3如图所示，三个完全相同的容器内装有适量的水后，在乙容器内放入木块漂浮在水面上，丙容器内放一个小球悬浮在水中，此时，甲、乙、丙三个容器内水面高度相同，下列说法正确的是（）A三个容器中，水对容器底的压强相等B三个容器中，水对容器底的压力不相等C如果向乙容器中加入盐水，木块受到的浮力变大D如果向丙容器中加入酒精，小球将上浮4工人师傅用图所示的滑轮组分别将两个重为500N和1000N的货物匀速提升相同高度，不计绳重及轴摩擦，则下列说法中正确的是（）A工人师傅所做的有用功相等B工人师傅所做的额外功相等C该滑轮组两次的机械效率相等D绳的自由端的拉力都小于500N5下列四种情景中，所使用的杠杆为省力杠杆的是（）A我国人民发明的用餐工具筷子B我国茶道中使用的镊子C制衣厂工人使用的剪线头的剪刀D照相馆用切纸刀切割照片6小丽为了测试汽车发动机的效率，开车以60km/h的平均速度行驶了120km，用去汽油25L，已知汽油的密度为0.7103kg/m3，热值为4.6107J/kg，发动机的功率为32.2kW，则该汽车发动机的效率为（）A23.6%B28.8%C36.5%D38%7关于气体压强方面的物理知识，下列说法不正确的是（）A托里拆利实验可以测量大气压强的值B马德堡半球实验可以证明大气压强的存在C水的沸点在标准大气压下是100，随着大气压的减小，水的沸点也会降低D在气体中，流速越大的位置，压强越大8如图小明要测量灯泡L1中电流大小，图中正确的电路图是（）ABCD9如图所示，R0为定值电阻，闭合开关后，当滑片P在某两点之间滑动时，电流表的示数变化范围是0.51.5A，电压表的示数变化范围是36V小明通过推算，得出四个结论，其中错误的是（）A定值电阻R0的阻值为3B变阻器连入电路的电阻变化范围为212C电路消耗的总功率的变化范围为3.75W11.25WD实验中R0两端的电压变化范围为2V4.5V10如图所示，是电磁现象的四幅装置图，下列分析错误是（）A图甲动圈式扬声器利用了电磁感应原理发声B图乙装置，说明电流周围存在磁场C图丙装置研究的是磁场对电流的作用D图丁装置是发电机的结构原理图11下列做法中，不符合安全用电要求的是（）A发现导线的绝缘部分破损时要及时更换B家用电器的金属外壳要接地C用铁丝或铜丝来代替熔丝D发现有人触电时，要及时切断电源12下列几种波中，不属于电磁波的是（）A微波B无线电波C光波D声波二、填空题13师生用来整理仪表仪容的镜属于镜，汽车车窗外的后视镜属于球面镜中的镜。14如图，物重为G的物体静止在粗糙的水平地面上，这个物体所受摩擦力为N如果用大小为F1的力沿水平方向向右的力拉物体，物体没有被拉动，此时物体受到摩擦力作用，大小为。如果改用大小为F2的沿水平方向向左的力拉物体（F2F1），物体被拉向左面并做匀速直线运动，此时物体受到摩擦力作用，该摩擦力的大小为。15中国改装的“瓦良格”号航空母舰出海试航，当航母在平静的水面航行时，它所受的浮力它的总重力（选填“大于”、“等于”或“小于”）当航空母舰上舰载飞机起飞后，它排开水的体积（选填“增大”、“减小”或“不变”）。16如图所示，将一重27N的金属块浸没水中，静止时弹簧测力计的示数是17N，则它受到的浮力为N；现将它浸没在另一种液体中，静止时弹簧测力计的示数为15N，则液体的密度为kg/m3，g10N/kg。17小伟家新买了一个家用电热水壶，其有关的技术参数如图所示。他根据自己所学的相关物理知识想对新水壶进行一下验证，于是在家里做起了实验。他先把水倒入水壶标定容量处，用温度计测出水的初温是20，然后接通电源，同时开始记录时间，他发现电热水壶正常工作5min水便烧开了（设当时的气压为一标准大气压）【1L103m3；C水4.2103J/（Kg）】型号T76额定电压220V额定频率50Hz额定功率1000W额定容积0.8L求：（1）烧开这壶水吸收的热量；（2）电热水壶消耗的电能；（3）比较（1）、（2）两问所得的数据，请你做出合理解释（写出一种即可）。18如图所示，当闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片在中点时，电流表的示数为0.45A，电压表的示数为4.5V；当滑片在最右端时，电流表的示数为0.3A；则滑动变阻器的最大阻值是，电源电压是V。19将两个定值电阻R1、R2并联在电压为4V的电源两端，R1消耗的功率为0.5W，R2消耗的功率为1.5W当把它们串联在电压为16V的电源两端时，R1两端的电压为V，两个电阻消耗的总功率为W。20现有标着“6V 6W”字样的灯泡L：（1）该灯泡L正常发光时的电流是A，电阻是。（2）如图甲所示，把灯泡L与电压恒为6V的电源相接，在t0s时刻，合上开关S，测得流过灯泡L的电流与通电时间关系如图乙所示，则：合上开关S瞬间，流过灯泡的电流是A，灯泡的实际功率是W；在时刻开始灯泡正常发光；合上开关瞬间灯泡的电阻和正常发光时灯泡的电阻之比是；灯泡常常在合上开关瞬间时易损坏，导致这种现象的原因是。（3）灯泡L的电流随电压变化的曲线如图丙所示，现把两只均标有“6V 6W”字样的灯泡L1和L2连接成如图丁所示的电路，电压恒为6V如果同时只闭合开关，可使两灯都能正常发光；如果只同时闭合开关S1、S2，电流表的示数是A；如果只闭合开关S2，电路消耗的总功率是W。三、作图题。21图中杠杆B点挂着重物G，若在A点施加一个最小的力F使杠杆平衡在图中的位置，请画出此力的示意图和力臂。22根据安全用电原则，将图中开关、两只“220V 40W”电灯连在家庭电路中，要求开关同时控制两灯，且能正常发光。四、实验题（共19分）23在探究“凸透镜成像规律”的实验中。（1）如图1所示，让平行光正对着凸透镜照射，左右移动光屏，直到光屏出现一个最小最亮的光斑，测得凸透镜的焦距fcm。（2）如图2所示，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，左右移动光屏，在光屏上能否得到清晰的烛焰像？为什么？答：、（3）如图3所示，烛焰能在光屏上形成清晰的像，此像是、的实像。如果此时撤去光屏，人眼在如图所示的位置（选填“能”或“不能”）直接看到烛焰的实像。（4）在图3中，保持凸透镜的位置不变，如果蜡烛向左移动5cm，为了在光屏上得到一个清晰的像，光屏应该向（选填“左”或“右”）移动。24小欢和小亮两位同学相互协作完成了以下两个实验。（1）实验（一）：探究水被加热至沸腾过程温度随时间的变化规律规范组装器材，如图甲，应（选填“自上至下”或“自下至上”）固定各个仪器。器材安装好后，为适当缩短实验时间，小亮同学在烧杯中倒入一些热水，温度计示数如图乙，温度计读数为。点燃洒精灯，待水温升至90时，小亮同学每隔lmin读出一次温度计示数，小欢同学及时记录在以下表格内，如此持续8min后停止了读数。时间/min012345678温度/t909294969899999999请根据表格中数据，在图丙的坐标系中画出水在沸腾前后温度随时间变化的图线。（2）实验（二）：测量某品牌牛奶的密度将托盘天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端零刻度线，此时发现天平指针偏向分度盘左边刻度，小欢同学应将横梁上的平衡螺母向（选填“左”或“右”）调动，才可以使天平横梁水平平衡。他们进一步实施的操作步骤如下：A测出空烧杯质量m1，B将该品牌牛奶倒一部分在烧杯中，测出牛奶和烧杯总质量m2C将烧杯中的牛奶再倒入量筒中，测出牛奶体积为V他们测得牛奶的质量m（用m1、m2表示）；据此求得该品牌牛奶的密度（用m1、m2、V表示）。经过分析，两位同学很快发现上述实验操作步骤有不足之处，所测得该品牌牛奶密度数据比包装盒上公布的密度数据（选填“偏大“或“偏小“）。25研究导体的电阻跟哪些因素有关的实验装置。木板上有三条横截面积相同的金属丝，其中AB是镍铬合金丝，CD是锰铜合金丝，且它们的长度相等；EF也是镍铬合金丝，其长度为AB的二分之一。利用这个装置上的AB和CD两条金属丝，可以探究导体的电阻与是否有关；利用AB和EF两条金属丝，可以探究导体电阻是否与有关。这种研究方法叫做。26如图所示，在一端开口的玻璃管中倒入一半水，然后再注入一半的酒精，将管口密封后翻转让水和酒精充分混合，可以观察到混合液的体积（选填“大于”“小于”或“等于”）水和酒精的总体积，这一现象说明了分子间有。如图B所示，分别在热水和冷水中滴入相同的红墨水，可以看到水瓶中墨水扩散得快，这说明分子的热运动快慢跟有关。27如图是研究“电流通过导体产生的热量和什么因素有关”的实验，通电一段时间后，由现象可判断电阻（选填“R1”或“R2”）产生的热量较多。实验中把R1和R2串联的作用是。五、计算题。（共2题；共30分）28（15分）如图所示，电源电压为3V，小灯泡L标有“2.5V 1W”字样。闭合开关后，小灯泡L正常发光。求：（1）通过小灯泡L的电流；（2）通电60s，电阻R消耗的电能。29（15分）在水中放入质量为3kg的木块，木块静止时有的体积浸入水中。求：（g10N/kg）（1）木块静止时所受的浮力。（2）木块的体积。2019年山东省枣庄市中考物理模拟试卷（四）参考答案与试题解析一、选择题。1近年关于“吸物超人”的报道层出不穷，把陶瓷盘、塑料遥控器、金属勺等物往“超人”胖乎乎汗津津的身上按一下，物体就被身体“吸”住而不掉下来，下列分析中合理的是（）A“超人”身上有强磁性，所以能够吸物B“超人”身上有静电，所以能够吸物C“超人”身上有汗水，所以能够粘住物D“超人”身体吸物是假，大气压物是真【分析】物体就被身体“吸”住而不掉下来，其实是大气压的作用，而不是磁性、静电和粘性等。【解答】解：把陶瓷盘、塑料遥控器、金属勺等物往“超人”胖乎乎汗津津的身上按一下，物体就被身体“吸”住而不掉下来，其实是先挤出物体与人身体间的空气，使里面气压减小，然后物体在大气压的作用下，被压在了我的身上。与磁性、静电和粘性等没有任何关系，故只有选项D的说法正确。故选：D。【点评】本题从“吸物超人”现象入手，探寻现象背后的本质，告诉我们要相信科学，并学会运用科学的原理来解释生活中的一些现象。2关于声现象，下列说法中正确的是（）A“闻其声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的B用超声波能粉碎人体内的“小石头”，说明声波具有能量C中考期间学校周围路段禁鸣喇叭，这是在声音传播的过程中减弱噪声D“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”指声音的音调高【分析】（1）音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关；（2）声音可以传递能量，超声波具有很强的能量；（3）防治噪声污染可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治。（4）生活中人们常把声音的大小说成声音的高低，如：禁止高声喧哗、放声高歌、低声细语等语句中的高低都是指声音的大小。【解答】解：A、“闻其声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的，选项说法错误，故A错误；B、因为声音可以传递能量，而超声波具有很强的能量，超声波可以用来击碎身体内的结石，故B正确；C、“禁止鸣笛”是防止噪声产生，在声源处减弱噪声，故C错误；D、此句中的“高声语”意思是大声说话，属于人们把大小说成高低了，应是响度大，故D错误；故选：B。【点评】此题考查了声音的传播特点，声音的特征和防治噪声的途径，是声学中的综合题目，要结合各知识点进行分析解答，是中考的热点难点。3如图所示，三个完全相同的容器内装有适量的水后，在乙容器内放入木块漂浮在水面上，丙容器内放一个小球悬浮在水中，此时，甲、乙、丙三个容器内水面高度相同，下列说法正确的是（）A三个容器中，水对容器底的压强相等B三个容器中，水对容器底的压力不相等C如果向乙容器中加入盐水，木块受到的浮力变大D如果向丙容器中加入酒精，小球将上浮【分析】（1）三个相同的容器内水面高度相同，根据pgh可知其对容器底的压强；（2）根据p，判定水对容器底的压力大小关系；（3）根据物体漂浮条件即可判断，物体漂浮时受到的浮力都等于物体重。（4）根据液体密度的变化，利用阿基米德原理即可判断浮力的变化。【解答】解：A、三个容器水面高度相同，根据pgh可知水对容器底的压强相等，故A正确；B、根据pgh可知水对容器底的压强相等，根据p得，FpS，水对容器底的压强相等，底面积相同，故容器底受到的压力相同，故B错误；C、木块漂浮在乙容器中，所以向乙容器中加入盐水，液体密度增大，木块仍然漂浮在液面上，那么木块受到的浮力等于木块的重力，木块的重力没变，所以木块受到的浮力不变。故C错误。D、小球悬浮在丙容器中，V排V球，如果向丙容器中加入酒精，则液体密度减小，根据F浮液gV排可知小球受到的浮力变小，小球将下沉，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了学生对液体压强公式、物体浮沉条件的掌握和运用，本题关键：一是知道物体密度小于液体密度时物体漂浮，物体密度等于液体密度时物体悬浮，当物体的密度大于液体的密度时，物体下沉；二是影响液体压强的因素是液体密度和液体深度。4工人师傅用图所示的滑轮组分别将两个重为500N和1000N的货物匀速提升相同高度，不计绳重及轴摩擦，则下列说法中正确的是（）A工人师傅所做的有用功相等B工人师傅所做的额外功相等C该滑轮组两次的机械效率相等D绳的自由端的拉力都小于500N【分析】在此题中，有用功是克服物体重力做的功，可根据W有用Gh判断有用功的大小；额外功是克服动滑轮重做的功，根据W额G动h判断额外功的大小；根据判断机械效率的变化；根据F（G+G动）判断拉力大小。【解答】解：（1）使用同一滑轮组，将物体提升到同一高度，额外功不变，被提升的物重越大，有用功越大，则有用功在总功中的比值越大，机械效率越高，故A、C错误，B正确；（2）由图可知，承担物重的绳子段数：n2，由F（G+G动）可知：物重为1000N时，拉力大于500N，故D错误。故选：B。【点评】此题考查了重力对机械效率的影响，同时考查了对有用功、额外功、总功、机械效率的理解，同时考查了s与h的关系，这些都是计算滑轮组机械效率需掌握的内容。5下列四种情景中，所使用的杠杆为省力杠杆的是（）A我国人民发明的用餐工具筷子B我国茶道中使用的镊子C制衣厂工人使用的剪线头的剪刀D照相馆用切纸刀切割照片【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、剪刀在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；D、切纸刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；故选：D。【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。6小丽为了测试汽车发动机的效率，开车以60km/h的平均速度行驶了120km，用去汽油25L，已知汽油的密度为0.7103kg/m3，热值为4.6107J/kg，发动机的功率为32.2kW，则该汽车发动机的效率为（）A23.6%B28.8%C36.5%D38%【分析】知道汽车速度和行驶路程，利用速度公式求汽车行驶的时间，再利用WPt求发动机对汽车做的功（有用能量）；知道汽油的体积、汽油的密度，利用密度公式求汽油的质量，再利用燃料完全燃烧放热公式求汽油完全燃烧放出的热量（总能量），再利用效率公式求发动机的效率。【解答】解：汽车行驶的速度v60km/h，由v可得，汽车行驶时间：t2h7200s，发动机对汽车做的功：WPt32.2103W7200s2.3184108J，汽油完全燃烧放出的热量：Q放mqVq0.7103kg/m325103 m34.6107J/kg8.05108J；汽车发动机的效率：28.8%。故选：B。【点评】本题考查了学生对速度公式、功率公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，知识点多，要求灵活选用公式计算。7关于气体压强方面的物理知识，下列说法不正确的是（）A托里拆利实验可以测量大气压强的值B马德堡半球实验可以证明大气压强的存在C水的沸点在标准大气压下是100，随着大气压的减小，水的沸点也会降低D在气体中，流速越大的位置，压强越大【分析】（1）托里拆利实验最早测出了大气压的值；（2）马德堡半球实验证明了大气压的存在；（3）大气压强与高度的关系，高度越高，大气压强越小，水的沸点越低；（4）流体压强与流速的关系是通过实验探究得到的，流体包括液体和气体，流速越快的地方压强反而越小。【解答】解：A、托里拆利实验可以测量大气压强的值，故A正确；B、马德堡半球实验可以证明大气压强的存在，故B正确；C、大气压随着高度的增加而减小，在一个标准大气压下水的沸点是100，气压减小时，水的沸点越低，故C正确；D、在气体中，流速越大的位置，压强越小，故D错误。故选：D。【点评】本题考查大气压的存在和测量，以及沸点与气压的关系、流体压强和流速的关系，虽然综合性很强，但相对比较简单，属于基础题。8如图小明要测量灯泡L1中电流大小，图中正确的电路图是（）ABCD【分析】根据电流表的使用规则，电流表要串联使用，电流表要测量哪个电灯的电流就要与哪个电灯串联，题目要求测L1的电流，所以看哪个电路图中的电流表与L1串联，而且正负接线柱要接正确即可。【解答】解：A、电流表在干路中，测干路中的电流，不符合题意；B、电流表与L1串联，但接线柱接错了，不符合题意；C、电流表与L2串联，测L2的电流，不符合题意；D、电流表与L1串联，接线柱接法正确，测L1的电流，符合题意。故选：D。【点评】本题考查了电流表的使用。电流表要测量哪个电灯的电流就要与哪个电灯串联，且接线柱要接正确。9如图所示，R0为定值电阻，闭合开关后，当滑片P在某两点之间滑动时，电流表的示数变化范围是0.51.5A，电压表的示数变化范围是36V小明通过推算，得出四个结论，其中错误的是（）A定值电阻R0的阻值为3B变阻器连入电路的电阻变化范围为212C电路消耗的总功率的变化范围为3.75W11.25WD实验中R0两端的电压变化范围为2V4.5V【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路电流；已知电压表示数和电流表示数，由欧姆定律可求出变阻器接入电路电阻的范围；根据串联电路特点及欧姆定律可以求出电源电压与定值电阻阻值。由电功率公式可以求出电路消耗总功率变化范围。【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端电压；当滑动变阻器接入电路阻值增大时，电路中电流减小，即电流表示数减小；变阻器接入阻值增大时，其分得电压增大，即电压表示数增大；所以，电流表与电压表的示数变化情况是相反的。A、由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压UUV+IR0，电流表示数变化范围是0.5A1.5A，电压表的示数变化范围3V6V，结合前面分析可知，当I0.5A时，UV6V，所以有U6V+0.5AR0，当I1.5A时，UV3V，所以有U3V+1.5AR0，解之：R03，U7.5V，故A正确；B、由题可知，电流表示数变化范围是0.5A1.5A，电压表的示数变化范围3V6V，滑动变阻器接入电路的阻值分别为：R滑2，R滑12，即变阻器连入电路的阻值变化范围为212，故B正确；C、电路消耗的最大电功率：P最大UI最大7.5V1.5A11.25W，电路消耗的最小电功率：P最小UI最小7.5V0.5A3.75W，则电路消耗的总功率的变化范围为3.75W11.25W，故C正确；D、R0两端的电压分别为：U0I最小R00.5A31.5V，U0I最大R01.5A34.5V，则R0两端的电压变化范围是1.5V4.5V，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，关键是根据滑片的移动确定电压表和电流表示数的对应关系以及利用好电源的电压不变这一条件。10如图所示，是电磁现象的四幅装置图，下列分析错误是（）A图甲动圈式扬声器利用了电磁感应原理发声B图乙装置，说明电流周围存在磁场C图丙装置研究的是磁场对电流的作用D图丁装置是发电机的结构原理图【分析】根据对电与磁几个重要实验装置图的认识来判断：（1）发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电；（2）电磁感应现象装置图没有电池；磁场对电流的作用装置图有电池。【解答】解：A、动圈式扬声器是将电信号转化成声信号，它是利用磁场对通电导体有力的作用原理工作的，故A错误；B、该实验是奥斯特实验，即说明通电导线周围存在着磁场，故B正确；C、实验研究的是通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的，故C正确；D、装置中没有电源，即线圈转动时，电路中就会产生感应电流，即电磁感应现象，该过程是将机械能转化为电能的过程，发电机的原理，故D正确。故选：A。【点评】此题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出其不同进行区分。11下列做法中，不符合安全用电要求的是（）A发现导线的绝缘部分破损时要及时更换B家用电器的金属外壳要接地C用铁丝或铜丝来代替熔丝D发现有人触电时，要及时切断电源【分析】根据安全用电的注意事项逐一分析进行解答。【解答】解：A、说法正确，发现导线的绝缘部分破损时要及时更换，否则破损的导线会造成触电；B、说法正确，家用电器的金属外壳接地是为了防止外壳带电而发生触电；C、说法错误，保险丝的熔点低，而铜丝的熔点高，不能及时熔断，因此不能代替；D、说法正确，发现有人触电时，要及时切断电源，再实施抢救；故选：C。【点评】本题考查了安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；特别注意由于人是导体，在遇到有人触电时先切断电源再救人。12下列几种波中，不属于电磁波的是（）A微波B无线电波C光波D声波【分析】电磁波是一个大家族，从波长为1010左右的射线到102左右的长波都是电磁波，但声波是一种机械波。【解答】解：微波、无线电波、光波都是电磁波，而声波是机械波，不属于电磁波，所以选项D不正确；故选：D。【点评】此题主要考查电磁波的种类，注意声波（特别是超声波和超声波）不是电磁波。二、填空题13师生用来整理仪表仪容的镜属于平面镜，汽车车窗外的后视镜属于球面镜中的凸面镜。【分析】解决此题要知道平面镜成的像与物等大，凸面镜具有发散作用。【解答】解：因平面镜成像与物等大，所以整理仪表仪容的镜应该是平面镜；汽车车窗外的后视镜是凸面镜，利用了对光发散的原理，可以扩大视野，从而更好地注意到后方车辆的情况；故答案为：平面；凸面。【点评】解决此类问题要根据各种镜子的工作原理，结合生活实际需要进行选择。14如图，物重为G的物体静止在粗糙的水平地面上，这个物体所受摩擦力为 0 N如果用大小为F1的力沿水平方向向右的力拉物体，物体没有被拉动，此时物体受到向左摩擦力作用，大小为 F1。如果改用大小为F2的沿水平方向向左的力拉物体（F2F1），物体被拉向左面并做匀速直线运动，此时物体受到向右摩擦力作用，该摩擦力的大小为 F2。【分析】产生摩擦力的条件有：接触面粗糙，要发生或者已经发生相对运动，接触。静摩擦力的大小等于拉力的大小。当物体作匀速直线运动的时候，物体所受的力是平衡力，所以摩擦力的大小等于所受的拉力的大小。【解答】解：物体静止了，所以并没有受到摩擦力的作用，故而摩擦力的大小为0，用拉力F1去拉物体却没有拉动，此时物体有了发生相对运动的趋势，所以物体和地面之间存在摩擦力。拉力的方向向右，所以物体就有了相对向右的运动趋势摩擦力的方向与之相反，所以是向左的，并且由于物体是静止的拉力和摩擦力是一对平衡力。所以大小是相等的。物体在F2的作用下向左做匀速直线运动，仍处于平衡状态，它受到水平向右的摩擦力与水平向左的拉力是一对平衡力。故答案为：0，向左，F1，向右，F2。【点评】水平面上的物体在受到拉力的作用下仍处于平衡状态时，它受到的摩擦力的大小与拉力的大小相等。15中国改装的“瓦良格”号航空母舰出海试航，当航母在平静的水面航行时，它所受的浮力等于它的总重力（选填“大于”、“等于”或“小于”）当航空母舰上舰载飞机起飞后，它排开水的体积减小（选填“增大”、“减小”或“不变”）。【分析】（1）知道航母在平静的水面上航行（漂浮），利用漂浮条件确定浮力与总重力的关系；（2）战机在起飞前是停在航母上的，应将其与航母看成一个整体，再根据漂浮的条件，可判断战机起飞前后浮力的变化情况。【解答】解：（1）因为航母漂浮，所以它受到的浮力等于总重力；（2）战机从航母上起飞后，航母的总重力减小，根据漂浮物体的重力等于自身重力，所以浮力将减小，由阿基米德原理可知排开水的体积会减小。故答案为：等于；减小。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，明确战机起飞后对航母总重力的影响是本题的关键。16如图所示，将一重27N的金属块浸没水中，静止时弹簧测力计的示数是17N，则它受到的浮力为 10 N；现将它浸没在另一种液体中，静止时弹簧测力计的示数为15N，则液体的密度为 1.2103kg/m3，g10N/kg。【分析】（1）利用二次称重法（F浮GF示）求出金属块受到水对它的浮力；（2）根据F浮gV排求出金属块排开水的体积，当金属块浸没水中时，排开水的体积等于金属块的体积；再利用称重法求出金属块受到液体的浮力；根据阿基米德原理求液体的密度。【解答】解：（1）金属块受到水的浮力：F浮GF拉27N17N10N，（2）F浮水V排g，金属块排开水的体积：V排1103m3，金属块浸没水中，金属块的体积：VV排1103m3，金属块受到液体的浮力：F浮GF拉27N15N12N，F浮液V排g，即：12N液1103m310N/kg，液1.2103kg/m3。故答案为：10；1.2103。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运用，两次利用好称重法测浮力是本题的关键。17小伟家新买了一个家用电热水壶，其有关的技术参数如图所示。他根据自己所学的相关物理知识想对新水壶进行一下验证，于是在家里做起了实验。他先把水倒入水壶标定容量处，用温度计测出水的初温是20，然后接通电源，同时开始记录时间，他发现电热水壶正常工作5min水便烧开了（设当时的气压为一标准大气压）【1L103m3；C水4.2103J/（Kg）】型号T76额定电压220V额定频率50Hz额定功率1000W额定容积0.8L求：（1）烧开这壶水吸收的热量；（2）电热水壶消耗的电能；（3）比较（1）、（2）两问所得的数据，请你做出合理解释（写出一种即可）。【分析】（1）一标准大气压下，水的沸点是100，根据热量的公式QCmt可求得；（2）利用电功公式可计算出电功；（3）比较两个数据可以发现，电功大，水吸收的热量小，可以从电能在传递过程中的利用率方面考虑。【解答】解：（1）t1002080，根据热量的公式QCmt，烧开这壶水吸收的热量Q吸CmtCVt4.2103J/（Kg）1.0103kg/m30.8103m3802.688105J（2）t5min300s，由电功率公式WPt，电热水壶消耗的电能WPt1000W300s3105J（3）分析计算结果可知，电热水壶消耗的电能大于烧开这壶水吸收的热量；如果不考虑热量散失，消耗的电能完全转化为内能，二者相等，实际是存在热量散失的，故吸收的热量不可能等于消耗的电能，所以合理。答：（1）烧开这壶水吸收的热量为2.688105J；（2）电热水壶消耗电能为3105J；（3）合理，原因是烧水时热量有损失或壶体本身要吸热。【点评】本题考查消耗的电能、吸收的热量的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是分析出现偏差的原因。18如图所示，当闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片在中点时，电流表的示数为0.45A，电压表的示数为4.5V；当滑片在最右端时，电流表的示数为0.3A；则滑动变阻器的最大阻值是 20 ，电源电压是 9 V。【分析】由电路图可知，R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；（1）根据欧姆定律求出电阻R1的阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；（2）当滑片在最右端时，滑动变阻器的最大阻值与电阻R1串联，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出滑动变阻器的最大阻值和电源电压。【解答】解：由电路图可知，R1和滑动变阻器串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；（1）当滑片在中点时，根据题意结合欧姆定律可得：R110，根据欧姆定律和串联电路的总电压等于各分电压之和可得：电源的电压UU1+I1R24.5V+0.45AR2 （2）当滑片在最右端时，滑动变阻器的最大阻值R2与电阻R1串联，根据欧姆定律和串联电路的总电压等于各分电压之和可得：电源的电压UI2（R1+R2）0.3A（10+R2）由于电源的电压不变，则由解得：解得：R220，U9V。故答案为：20；9。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是公式及其变形式的灵活运用，难点是滑动变阻器处于不同位置时电路图的分析。19将两个定值电阻R1、R2并联在电压为4V的电源两端，R1消耗的功率为0.5W，R2消耗的功率为1.5W当把它们串联在电压为16V的电源两端时，R1两端的电压为 12 V，两个电阻消耗的总功率为 6 W。【分析】（1）两电阻并联时，根据并联电路的电压特点和P结合两电阻消耗的电功率求出两定值电阻的阻值；（2）当把它们串联在电压为16V的电源两端时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R1两端的电压，根据PUI求出两个电阻消耗的总功率。【解答】解：（1）将两个定值电阻R1、R2并联在电压为4V的电源两端，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由P可得，两电阻的阻值分别为：R132，R2；（2）当把它们串联在电压为16V的电源两端时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I0.375A，R1两端的电压：U1IR10.375A3212V；两个电阻消耗的总功率：PUI16V0.375A6W。故答案为：12；6。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是根据题意得出两电阻之间的关系，解题过程要注意各量之间的对应关系。20现有标着“6V 6W”字样的灯泡L：（1）该灯泡L正常发光时的电流是 1 A，电阻是 6 。（2）如图甲所示，把灯泡L与电压恒为6V的电源相接，在t0s时刻，合上开关S，测得流过灯泡L的电流与通电时间关系如图乙所示，则：合上开关S瞬间，流过灯泡的电流是 6 A，灯泡的实际功率是 36 W；在 t6102s 时刻开始灯泡正常发光；合上开关瞬间灯泡的电阻和正常发光时灯泡的电阻之比是 1：6 ；灯泡常常在合上开关瞬间时易损坏，导致这种现象的原因是小灯泡的实际功率远大于额定功率。（3）灯泡L的电流随电压变化的曲线如图丙所示，现把两只均标有“6V 6W”字样的灯泡L1和L2连接成如图丁所示的电路，电压恒为6V如果同时只闭合开关 S1S3，可使两灯都能正常发光；如果只同时闭合开关S1、S2，电流表的示数是 1 A；如果只闭合开关S2，电路消耗的总功率是 4.2 W。【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据PUI求出电流，根据欧姆定律求出电阻；（2）由图可知，合上开关S瞬间，流过灯泡的电流，根据PUI可得实际功率；灯泡正常发光时的电流和额定电流相等，由图可知灯泡正常发光的时刻；根据欧姆定律分别求出合上开关瞬间和正常发光时的电阻，进一步求出两电阻的阻值之比。比较合上开关瞬间实际功率和灯泡的额定功率即可得出答案；（3）两灯泡都能正常发光，则两灯泡两端的电压为额定电压，灯泡L1和L2均标有“6V 6W”字样，电源电压为6V，则应让两灯泡并联；同时闭合开关S1、S2，则灯泡L2被短路，电路中只有灯泡L1，此时灯泡L1两端的电压为额定电压，灯泡L1正常发光，电流表的示数即为一只灯泡的额定电流；只闭合开关S2，灯泡L1和L2串联，灯泡L1和L2的规格相同，则两灯泡的电阻相同，根据串联电路用电器分担的电压之比等于阻值之比，可知两灯泡两端的电压相等，从而可以计算出两灯泡两端的电压，再从丙图电流随电压变化的曲线图，判断出此时通过两灯泡的电流，再利用公式PUI计算电路消耗的总功率。【解答】解：（1）灯泡正常发光时的电压为6V，功率为6W，由PUI可得，正常发光时的电流：I1A，此时的电阻：R6；（2）合上开关S的瞬间，由图可知，当t0时的电流为：I06A，灯泡的实际功率P0UI06V6A36W；灯泡正常发光时的电流为1A，结合图我们可知，从t6102s开始，灯泡正常发光；合上开关的瞬间灯泡的电阻：R11，灯泡正常发光时的电阻R2R6，；合上开关瞬间灯泡的功率为36W，而灯泡的额定功率为6W，小灯泡的实际功率远大于额定功率，所以刚开灯的瞬间灯丝容易烧断；（3）灯泡L1和L2均标有“6V 6W”字样，则两灯泡的额定电压为6V，同时闭合开关S1和S3，灯泡L1和L2并联，而电源电压为6V，此时两灯泡两端的电压为额定电压，所以两灯泡都能正常发光；同时闭合开关S1、S2，电路中只有灯泡L1，此时灯泡L1两端的电压为额定电压，灯泡L1正常发光，电流表的示数即为L1的额定电流，大小为1A；只闭合开关S2，灯泡L1和L2串联，而灯泡L1和L2的规格相同，则两灯泡的电阻相同，根据串联电路用电器分担的电压之比等于阻值之比，可知两灯泡两端的电压相等，所以U1U2U6V3V，从丙图可知，当灯泡两端的电压为3V时，通过两灯泡的电流均为0.7A，则电路消耗的总功率为：PUI6V0.7A4.2W。故答案为：（1）1；6；（2）6；36；t6102s；1：6；小灯泡的实际功率远大于额定功率；（3）S1和S3；1；4.2。【点评】本题是一道电学综合题，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，弄清楚表中各个轴代表的意思和由图象得出相关的信息是关键。三、作图题。21图中杠杆B点挂着重物G，若在A点施加一个最小的力F使杠杆平衡在图中的位置，请画出此力的示意图和力臂。【分析】根据杠杆平衡条件：动力动力臂阻力阻力臂，若阻力阻力臂乘积一定，则动力臂最大时动力会最小，而且动力使杠杆转动的效果与阻力（物体重力的拉力）使杠杆转动的效果相反。【解答】解：根据题意，动力F的最大力臂为OA，动力F应与OA垂直斜向下，如图：【点评】力臂是支点到力的作用线的距离，若支点与力的作用点的连线成为力臂，此时的力臂最大。22根据安全用电原则，将图中开关、两只“220V 40W”电灯连在家庭电路中，要求开关同时控制两灯，且能正常发光。【分析】家庭电路中的电灯是并联，一个开关控制两个电灯，则开关在干路上，且开关连在火线与电灯之间。【解答】解：开关接火线，灯泡接零线。两只“220V 40W”电灯在家庭电路中并联才能正常工作，又因为开关同时控制两灯，所以开关在干路上，即灯泡并联后再与开关串联。如图所示：【点评】本题考查了电灯与开关的连接。注意电灯应接在开关与零线之间。四、实验题（共19分）23在探究“凸透镜成像规律”的实验中。（1）如图1所示，让平行光正对着凸透镜照射，左右移动光屏，直到光屏出现一个最小最亮的光斑，测得凸透镜的焦距f 15.0 cm。（2）如图2所示，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，左右移动光屏，在光屏上能否得到清晰的烛焰像？为什么？答：不能、因为物距小于焦距，凸透镜成正立放大的虚像，不能用光屏接收（3）如图3所示，烛焰能在光屏上形成清晰的像，此像是倒立、放大的实像。如果此时撤去光屏，人眼在如图所示的位置能（选填“能”或“不能”）直接看到烛焰的实像。（4）在图3中，保持凸透镜的位置不变，如果蜡烛向左移动5cm，为了在光屏上得到一个清晰的像，光屏应该向左（选填“左”或“右”）移动。【分析】（1）焦距指的是焦点到凸透镜光心的距离，根据图示计算出焦距的大小；（2）当uf时，成正立、放大的虚像，不能用光屏接收；（3）当2fuf时，成倒立、放大的实像；（4）根据凸透镜成像规律“物远像近像变小”进行判断。【解答】解：（1）在图1中，平行光线经凸透镜折射后会聚到一点，光屏上得到的最小、最亮的光斑，即是凸透镜的焦点，所以凸透镜的焦距：f35.0cm20.0cm15.0cm。（2）由图2可知，此时的物距u20cm10cm10cm15cm，凸透镜成正立放大的虚像，不能用光屏接收；（3）由图3可知，此时的物距为u30cm10cm20cm，物距大于焦距但小于二倍焦距，凸透镜成倒立放大实像；当撤去光屏，人眼相当于一光屏，所以人眼在光屏的位置能直接看到烛焰的实像；（4）当凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动5cm，此时物距增大，根据凸透镜成像规律“物远像近像变小”可知，为了在光屏上得到一个清晰的像，需要减小像距，即将光屏向左移动。故答案为：（1）15.0；（2）不能；因为物距小于焦距，凸透镜成正立放大的虚像，不能用光屏接收；（3）倒立；放大；能；（4）左。【点评】本题是凸透镜成像的实验，主要考查了凸透镜成像规律的应用。24小欢和小亮两位同学相互协作完成了以下两个实验。（1）实验（一）：探究水被加热至沸腾过程温度随时间的变化规律规范组装器材，如图甲，应自下至上（选填“自上至下”或“自下至上”）固定各个仪器。器材安装好后，为适当缩短实验时间，小亮同学在烧杯中倒入一些热水，温度计示数如图乙，温度计读数为 68 。点燃洒精灯，待水温升至90时，小亮同学每隔lmin读出一次温度计示数，小欢同学及时记录在以下表格内，如此持续8min后停止了读数。时间/min012345678温度/t909294969899999999请根据表格中数据，在图丙的坐标系中画出水在沸腾前后温度随时间变化的图线如下图。（2）实验（二）：测量某品牌牛奶的密度将托盘天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端零刻度线，此时发现天平指针偏向分度盘左边刻度，小欢同学应将横梁上的平衡螺母向右（选填“左”或“右”）调动，才可以使天平横梁水平平衡。他们进一步实施的操作步骤如下：A测出空烧杯质量m1，B将该品牌牛奶倒一部分在烧杯中，测出牛奶和烧杯总质量m2C将烧杯中的牛奶再倒入量筒中，测出牛奶体积为V他们测得牛奶的质量m m2m1（用m1、m2表示）；据此求得该品牌牛奶的密度（用m1、m2、V表示）。经过分析，两位同学很快发现上述实验操作步骤有不足之处，所测得该品牌牛奶密度数据比包装盒上公布的密度数据偏大（选填“偏大“或“偏小“）。【分析】实验一：（1）要正确解决此题，需要掌握酒精灯与温度计的使用规则。要用酒精灯的外焰加热，温度计的玻璃泡要完全浸没在被测液体中，但不能碰到容器壁和容器底。（2）温度计读数时，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数。（3）根据表格中的数据描