山东省泰安市新泰市2019年中考物理模拟试卷（含解析）.docx

2019年山东省泰安市新泰市中考物理模拟试卷一、选择题（本题共22题，共44分以下每题各只有一个正确答案）1下列估测最不接近实际的是（ ）A八年级物理课本的长度约为25cmB一个苹果的质量约是150gC把两个鸡蛋举高1m所做的功约1JD家用液晶电视的电功率约2kw2如图所示是四冲程内燃机工作时的某个冲程，对它描述正确的是（ ）A吸气冲程机械能转化为内能B压缩冲程机械能转化为内能C做功冲程内能转化为机械能D排气冲程内能转化为机械能3下列现象中由于光的反射形成的是（ ）A水中捞月B海市蜃楼C一叶障目D雨后的彩虹4下列关于声现象的说法不正确的是（ ）A一切发声的物体都在振动B市区内某些路段“禁鸣喇叭”，这是在声源处防止噪声C振动的空气柱一定在发声D超声波振动除去人体内的结石是利用了声音能传递信息5下面现象发生的过程中，吸收热量的一组是（ ）春天，冰雪融化汇成溪流夏天，从冰箱里面拿出来的饮料罐“出汗”秋天，清晨的雾在太阳出来后散去冬天，室外地面上出现了霜。ABCD6在“观察水的沸腾”实验中，当水温升到89时，小华开始计时，每隔1min记录一次水的温度，然后，小华根据实验数据绘制了如图所示的温度随时间变化的图象，下列说法正确的是（ ）A此时的气压高于标准气压B水从89加热到刚开始沸腾所需时间为4minC通过图1中的图象可知，水沸腾时温度保持不变D水沸腾时气泡上升的情况如图2中的乙所示7两完全相同的空瓶装了不同的液体，放在已调好平衡的天平上，如图所示，天平仍然保持水平位置平衡，则（ ）A两瓶对托盘的压强不等B乙瓶液体质量较大C乙瓶液体密度较大D两瓶液体密度相等82017年我市成功创建全国文明城市，全市倡导文明出行，过人行道时行人应遵守交通信号灯指示。小华发现人行横道的红、绿灯是独立工作的，他设计了下列几种电路图，其中符合上述要求的是（ ）ABCD9如图所示，木块置于小车上，在水平拉力F作用下，小车和木块一起以速度v沿水平地面向右做匀速直线运动（不计空气阻力）。以下三组力属于平衡力的是（ ）地面对小车的支持力与木块对小车的压力小车对木块的摩擦力与木块受到的水平拉力地面对小车的摩擦力与木块对小车的摩擦力。A仅BC仅D10在“探究凸透镜成像的规律”时，将点燃的蜡烛放在距凸透镜30cm处，在透镜另一侧距离透镜16cm处的光屏上得到烛焰清晰的像。下列相关说法正确的是（ ）光屏上成倒立、放大的实像照相机是利用这一成像原理工作的该凸透镜的焦距f一定满足8cmf15cm将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间要使光屏上出现清晰的像，光屏应靠近透镜A只有和B只有和C只有和D只有和11如图所示，小强乘坐自动扶梯匀速上升的过程中，他的（ ）A动能不变，重力势能增大，机械能增大B动能减小，重力势能增大，机械能不变C动能增大，重力势能减小，机械能不变D动能不变，重力势能减小，机械能减小12如图甲所示，木块放在水平面上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块使其做直线运动，在相同水平面上两次拉动木块得到的st关系图象如图乙所示。第1、2两次弹簧测力计示数分别为F1、F2；速度分别为v1、v2；如果运动时间相同，拉力所做的功分别为W1、W2下列判断正确的是（ ）AF1F2；v1v2；W1W2BF1F2；v1v2；W1W2CF1F2；v1v2；W1W2DF1F2；v1v2；W1W213下列做法中，符合安全用电要求的是（ ）A电热水壶的金属外壳不需要接地B电灯的开关接在火线和灯泡之间C在家庭电路中，保险丝熔断后用铜丝代替D使用测电笔辨别火线和零线时，人体接触的地方都是绝缘体14如图所示，A、B两个物体叠放在水平面上，同时有F2N的两个水平力分别作用于A、B两物体上，使A、B两个物体处于静止状态，下列分析正确的是（ ）AA和B之间摩擦力为0B地面对B的摩擦力为0C地面对B的摩擦力为2N，方向水平向左D地面对B的摩擦力为2N，方向水平向右15一年一度的中考体育测试将在5月初进行，下列与中考体育加试相关的物理知识，分析正确的是（ ）A抛出去的实心球离开手后继续运动过程中，手的推力做了功B抛出去的实心球在空中运动到最高点时，速度为零C立定跳远时，脚要用力向后蹬地，利用物体间力的作用是相互的D做俯卧撑时，手只是施力物体16两个定值电阻R1、R2并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如图乙所示，闭合开关S，则R1，R2产生的热量之比为（ ）A2：1B1：2C4：1D1：417武器中有一种新型电磁炮，它是利用电磁技术制成的一种先进武器，具有速度快，命中率高等特点，其原理是利用磁场对通电导体的作用。图中与此工作原理相同的是（ ）A手动发电机B电磁铁C扬声器D磁悬浮列车18在科学实验时，为了减小误差或寻找普遍规律，经常需要进行反复多次实验，“测量物体的长度”时，多次测量 “探究杠杆的平衡条件”时，改变动力（臂）和阻力（臂），多次测量 “探究重力大小与质量的关系”时，换用不同质量的物体，多次测量 “用电压表和电流表测导体的电阻”时，多次测量电阻两端电压和通过电阻的电流值，上述实验中目的是为了减小误差的是（ ）ABCD19如图所示，放在水平桌面上行的甲、乙、丙三个完全相同的容器，装有不同的液体，将三个完全相同的长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时三个容器的液面恰好相平，则下列判断正确的是（ ）物体受到的浮力FA浮FB浮FC浮容器对桌面的压力F甲F乙F丙液体对容器底的压强p甲p乙p丙物体下表面受到液体的压力FAFBFCA只有B只有C只有D只有20某同学在做“探究比较不同物质吸热能力”实验，并根据实验测得的数据分别绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象如图所示，下列相关说法正确的是（ ）该实验需要在两个完全相同的烧杯中分别装入体积和初温都相同的煤油和水；该实验采用了控制变量法；由图可知，煤油的吸热能力比水的吸热能力强；由于水的比热容是4.2103J/（kg），由图象可知煤油的比热容是2.1103J/（kg）A只有B只有C只有D只有21某大桥施工时，要向江中沉放大量的施工构件，如图甲所示，一密度为3103kg/m3的密闭正方体构件被钢绳缓慢竖直吊入江水中，在匀速沉入江水的过程中，构件下表面到江面的距离h逐渐增大，正方体构件所受浮力F随h的变化如图乙所示，下列判断正确的是（取g10N/kg，江水的密度水1.0103kg/m3）（ ）当h1m时，构件恰好浸没在江水中当h2m时，构件所受的浮力大小为8104N当h3m时，构件底部受到江水的压强大小为2.0104Pa当h4m时，构件受到钢绳的拉力大小为1.6105NA只有、B只有、C只有、D只有、22如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b点滑到a点的过程中，两电压表示数随电流表示数变化的图线如图乙所示。下列叙述正确的是 （ ）电源电压为14V图乙中dc是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线滑片在a点时，电阻R中的电流是1A滑片在b点时，10s内电阻R2消耗的电能为20JA只有B只有C只有D只有二、填空题（每空2分，共10分）23如图所示，在气体扩散的实验中，玻璃板（填“上面”或“下面”）的瓶子装二氧化氮气体，另一个瓶子装空气，在抽掉玻璃板后能够有力地证明气体发生扩散。24如图所示，一个密封的圆台状容器，内装一定质量的水，放在水平桌面上，现把它倒置过来，则水对容器底的压力（选填“变大”，“变小”或“不变”）25某电能表的表盘上标有“3000imp/kWh”字样。若家庭电路中只有一台电热水器在工作，该电能表的指示灯在6min内闪烁了600次，则该热水器的实际功率是W。26（4分）电阻R1与R2的IU图象如图所示。当R2上的电压为1.5V时，R2的阻值是；若将它们并联连接到电压为2.5V的电源上，则干路的电流是A。三、作图题（每题2分，共4分）27完成凹透镜的光路图。28完成如图所示物体的受力示意图。四、实验题（第29题5分，第30题6分，第31题10分，共21分）29图甲是某学习小组“测量滑轮组的机械效率”的示意图。用弹簧测力计竖直向上拉动绳子自由端，将重为4.5N的物体从A位置提升到A位置，同时弹簧测力计从图中的B位置上升到B位置，在这个过程中，弹簧测力计的示数如图乙所示，请你根据他们做的实验完成下列问题（1）物体提升的高度是cm，拉力是N，该滑轮组的机械效率；（2）若在图甲装置的基础上，增加一个动滑轮，改为图丙所示的装置，提升同一物体，则滑轮组的机械效率（选填“变大”、“变小”或“不变”）。30（6分）小明和小红在户外捡到一块小石块，他们想知道小石块的密度是多少，请同他们一起完成测量过程。（1）小明用天平（含砝码）、烧杯、水进行测量。用天平测量小石块的质量，右盘中的砝码和标尺上的游码如图甲所示，则小石块的质量为g。测小石块的体积过程如图乙：A、往烧杯中加入适量的水，用天平测得烧杯和水的总质量为142g；B、将小石块浸没在水中（水未溢出），在水面的位置做标记；C、取出小石块，往烧杯中加水，直到，测得此时的质量为152g。计算小石块密度为kg/m3。按照上述方法，由于取出小石块时带出一部分水，会使小石块的密度的测量值与实际值相比。（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）（2）小红用刻度尺，细线，一个厚底薄壁圆柱形的杯子（杯壁厚度不计）和一桶水来测小石块的密度。步骤如下，请把她的步骤补充完整并写出小石块密度的表达式：将装有适量水的杯子放入桶内的水中，使杯子竖直漂浮在水面上，如图丙所示，用刻度尺测得杯子外侧浸没深度为h1、杯内水深为h2；把小石块投入杯内水中，杯子继续竖直漂浮在水面上，如图丁所示，此时测得和杯内水深为h4；已知水的密度为水，则小石块密度表达式是。31（10分）某班分小组进行实验在“测定小灯泡的电功率”实验中，每个实验小组电源电压为6V，小灯泡L的额定电压为2.5V，小灯泡正常发光时电阻约10左右，可供选用的滑动变阻器R1和R2的最大阻值分别为10、50，实验电路如图甲所示。 实验序号1234U/V2.52.01.80.6I/A0.280.250.150.15（1）应该选用的滑动变阻器是（选填“R1”或“R2”）。（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于（选填“左”或“右”）端。（3）电路正确连接后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，接下来应进行的操作是。（4）第一实验小组的同学按正确步骤进行实验，记录的部分数据如上表所示，其中有一组数据明显存在错误，这组数据是。（选填实验序号），该组小灯泡的额定功率为W。五、计算题（第32题4分，第33题6分，第34题11分，共21分）32（4分）大山将质量为20kg的水从25加热到75，水的比热容为4.2103J/（Kg），天然气的热值为3.5107J/m3求：（1）这些水吸收的热量是多少？（2）若这些热量由完全燃烧天然气获得，则需要多少m3天然气？33（6分）如图1所示，在底面积为102m2的容器中有一重物，现利用弹簧测力计将其拉出水面，弹簧测力计的示数F随时间变化的图象如图2所示，根据图象信息，计算（1）物体被拉出水面之前受到的浮力；（2）物体的密度；（g取10N/kg）（3）物体被拉出水面，由于水面降低，容器底受到水的压强减小了多少帕？34（11分）如图所示电源电压恒定，R148，滑动变阻器R2的最大阻值是24，小灯泡L标有“6V 3W”字样，电流表的量程为03A问：（1）小灯的电阻RL为多少？（2）当开关S1、S3断开、S2闭合、滑动变阻器的滑片P滑到中点时，灯泡L恰好正常发光，则电源电压U为多少？（3）当开关S2、S3断开，S1闭合时，通电5min，电流通过灯泡消耗的电能是多少？（4）当开关S1、S2、S3都闭合时，调节滑动变阻器的滑片P，在电流不超过电流表量程的情况下，电路消耗的总功率的最大值和最小值分别是多少？2019年山东省泰安市新泰市中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共22题，共44分以下每题各只有一个正确答案）1下列估测最不接近实际的是（ ）A八年级物理课本的长度约为25cmB一个苹果的质量约是150gC把两个鸡蛋举高1m所做的功约1JD家用液晶电视的电功率约2kw【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断不符合实际的是哪一个。【解答】解：A、一根筷子的长度约25cm，不能进物理课本的长度与此差不多，在25cm左右。故A符合实际；B、三个苹果的质量约500g，所以一个苹果的质量在150g左右。故B符合实际；C、两个鸡蛋重约1N，把两个鸡蛋举高1m所做的功约WGh1N1m1J故C符合实际；D、电冰箱的功率在200W左右，家用液晶电视机的概率略小于此数值，在150W左右。故D不符合实际。故选：D。【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。2如图所示是四冲程内燃机工作时的某个冲程，对它描述正确的是（ ）A吸气冲程机械能转化为内能B压缩冲程机械能转化为内能C做功冲程内能转化为机械能D排气冲程内能转化为机械能【分析】由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程。做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能的过程。【解答】解：如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞向下运动，可以判断此冲程是做功冲程，即是将内能转化为机械能的过程。故选：C。【点评】此题考查了内燃机的四个冲程，注意从活塞的运动方向和气门的关闭两方面判断。3下列现象中由于光的反射形成的是（ ）A水中捞月B海市蜃楼C一叶障目D雨后的彩虹【分析】要解决此题，需要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的。要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射。要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。【解答】解：A、平静水面上月亮的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意。B、海市蜃楼是光在不均匀的介质中传播时发生的折射现象，故与题意不符；C、“一叶障目，不见泰山”是指一片叶子挡在眼前就看不见东西了，这是因为光是沿直线传播的。故与题意不符；D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的。故与题意不符。故选：A。【点评】此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。4下列关于声现象的说法不正确的是（ ）A一切发声的物体都在振动B市区内某些路段“禁鸣喇叭”，这是在声源处防止噪声C振动的空气柱一定在发声D超声波振动除去人体内的结石是利用了声音能传递信息【分析】（1）声音是物体振动产生的，一切发声的物体都在振动；（2）防止噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；（3）声音既能传递信息，又能传递能量。【解答】解：A、声音是发声体的振动产生的，一切发声的物体都在振动，故A正确；B、市区内某些路段“禁鸣喇叭”，这是在声源处防止噪声，故B正确；C、声音是物体的振动产生的，所以振动的空气柱一定在发声，故C正确；D、医生利用超声波振动除去人体内的结石是利用了声音能传播能量，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了声音的特征以及影响因素、防治噪声的途径，属于声学基础知识的考查。5下面现象发生的过程中，吸收热量的一组是（ ）春天，冰雪融化汇成溪流夏天，从冰箱里面拿出来的饮料罐“出汗”秋天，清晨的雾在太阳出来后散去冬天，室外地面上出现了霜。ABCD【分析】物质由固态变为液态叫熔化，物质由液态变为固态叫凝固；物质由液态变为气态叫汽化，物质由气态变为液态的过程是液化；物质由固态直接变为气态的过程是升华；物质由气态直接变为固态的过程是凝华；物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的；凝固、液化、凝华是放热的。【解答】解：春天，冰雪融化汇成溪流，由固态变为液态，属于熔化现象，需要吸收热量；夏天，从冰箱里面拿出来的饮料罐“出汗”，是水蒸气液化成的水滴，需要放出热量；秋天，清晨的雾在太阳出来后散去，由液态变为气态，属于汽化中的蒸发，需要吸收热量；冬天，室外地面上出现了霜，是水蒸气凝华形成的，需要放出热量。故选：C。【点评】此题考查的是不同物态变化的判断，熟悉物态变化名称，知道吸放热情况，是正确解答此类问题的前提。6在“观察水的沸腾”实验中，当水温升到89时，小华开始计时，每隔1min记录一次水的温度，然后，小华根据实验数据绘制了如图所示的温度随时间变化的图象，下列说法正确的是（ ）A此时的气压高于标准气压B水从89加热到刚开始沸腾所需时间为4minC通过图1中的图象可知，水沸腾时温度保持不变D水沸腾时气泡上升的情况如图2中的乙所示【分析】（1）液体的沸点随气压的改变而改变；（2）首先确定89时对应的时间和开始沸腾时的时间。刚达到沸点的时间便是开始沸腾的时间。（3）要掌握水沸腾时的特点：吸热但温度保持不变。（4）水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大。【解答】解：A、标准大气压下水的沸点为100，根据液体沸点与气压的关系可知当时的气压较低，低于标准大气压，故A错误；B、从图象可以看出，水的初温是89，从第5分钟温度达到沸点，所以从89到开始沸腾所用时间为5min，故B错误；C、水的沸腾是吸热过程，所以水沸腾时需要继续吸收热量，但温度保持不变；故C正确；D、甲图，气泡上升时不断增大，是水的沸腾时的现象；乙图，气泡上升时不断减小，是水沸腾之前的现象，故D错误；故选：C。【点评】此题是探究水的沸腾，主要通过对图象的分析考查了对沸点概念的理解及水沸腾时的特点，难易程度适中。7两完全相同的空瓶装了不同的液体，放在已调好平衡的天平上，如图所示，天平仍然保持水平位置平衡，则（ ）A两瓶对托盘的压强不等B乙瓶液体质量较大C乙瓶液体密度较大D两瓶液体密度相等【分析】规格相同的瓶装了不同的液体，由图可知液体的体积不同，天平平衡，说明液体的质量相等，根据密度公式分析即可得出结论。【解答】解：A、天平仍然平衡说明左右两盘中物体质量相等，两瓶对托盘的压力相等，压强相等，故A错误；B、规格相同的瓶装了不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，天平仍然保持平衡，说明液体的质量相等；故B错误；C、由图可知，甲瓶液体的体积大于乙瓶液体的体积，由可知，甲瓶液体的密度小于乙瓶液体密度，故C正确，D错误。故选：C。【点评】此题只要考查密度公式的应用，同时也考查了天平的使用，有一定的综合性，是一道好题。82017年我市成功创建全国文明城市，全市倡导文明出行，过人行道时行人应遵守交通信号灯指示。小华发现人行横道的红、绿灯是独立工作的，他设计了下列几种电路图，其中符合上述要求的是（ ）ABCD【分析】根据生活经验可知，红绿交通信号灯不能同时工作、且互不影响即为并联，然后分析选项得出答案。【解答】解：A、两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光，故A错误；B、两开关都闭合时会造成绿灯短路，只有红灯发光，S2断开，S1闭合时，两个灯同时发光，不能实现各自独立工作，故B错误；C、两开关都闭合时会造成红灯短路，只有绿灯发光，S2断开，S1闭合时，两个灯同时发光，不能实现各自独立工作，故C错误；D、只闭合开关S1时绿灯亮，只闭合开关S2时红灯亮，两灯独立工作，互不影响，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了电路图的设计，关键是知道红绿交通信号灯两灯泡不会同时亮，要注意从选项中找出最符合题意的答案。9如图所示，木块置于小车上，在水平拉力F作用下，小车和木块一起以速度v沿水平地面向右做匀速直线运动（不计空气阻力）。以下三组力属于平衡力的是（ ）地面对小车的支持力与木块对小车的压力小车对木块的摩擦力与木块受到的水平拉力地面对小车的摩擦力与木块对小车的摩擦力。A仅BC仅D【分析】平衡力的判断，两个力必须同时满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。缺一不可。【解答】解：地面对小车的支持力与木块对小车的压力，二者大小不相等，所以不是一对平衡力；木块受到向右的拉力，同时由于木块处于平衡状态，所以还一定受到小车对木块向左的摩擦力，二者大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力；拉力作用在木块上，所以小车和木块虽然一起以速度v沿水平地面向右做匀速直线运动，但二者间有相对运动的趋势，所以它们之间有摩擦力。地面对小车的摩擦力与木块对小车的摩擦力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力。综上所述，是一对平衡力。故选：B。【点评】本题考查了对平衡力的辨别，关键是要用分割思想，分别对两个物体的受力情况进行分析，属易错题。10在“探究凸透镜成像的规律”时，将点燃的蜡烛放在距凸透镜30cm处，在透镜另一侧距离透镜16cm处的光屏上得到烛焰清晰的像。下列相关说法正确的是（ ）光屏上成倒立、放大的实像照相机是利用这一成像原理工作的该凸透镜的焦距f一定满足8cmf15cm将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间要使光屏上出现清晰的像，光屏应靠近透镜A只有和B只有和C只有和D只有和【分析】凸透镜成像时，得到的实像都是倒立的，所以蜡烛放在距凸透镜30cm处时，在透镜的另一侧的16cm处得到一个清晰的实像，且物距大于像距。根据凸透镜成像的规律可以得出物体的位置，根据物体位置列出不等式，解不等式得出结果。当凸透镜成实像时，物近像远像变大；物远像近像变小；近视镜是凹透镜，对光线具有发散作用。【解答】解：蜡烛距离凸透镜30cm时，在透镜的另一侧16cm处光屏上得到一个清晰的像，物距大于像距，成倒立缩小实像，是照相机的原理；故错误，正确；此时物体在二倍焦距以外，像在一倍焦距和二倍焦距之间，即30cm2f；2f16cmf，解得：8cmf15cm。故正确；近视镜片是凹透镜，对光线具有发散作用，所以近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，像将延迟会聚，为使光屏上看到清晰的像，采取的方法为：使光屏远离透镜，使像成在光屏上，故错误。故选：B。【点评】此题主要考查了凸透镜成像的规律，首先要熟记规律的内容，特别是成像特点、物距、像距、焦距之间的关系。11如图所示，小强乘坐自动扶梯匀速上升的过程中，他的（ ）A动能不变，重力势能增大，机械能增大B动能减小，重力势能增大，机械能不变C动能增大，重力势能减小，机械能不变D动能不变，重力势能减小，机械能减小【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大。（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。（3）机械能动能+势能，物体没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，只考虑重力势能和动能。【解答】解：小强乘超市的自动扶梯匀速上升的过程中，其质量不变，速度不变，动能不变；高度增大，则重力势能增大；因机械能动能+重力势能，且动能不变，重力势能增大，所以机械能增大。故选：A。【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能、机械能大小的影响因素。掌握各种形式能的变化。12如图甲所示，木块放在水平面上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块使其做直线运动，在相同水平面上两次拉动木块得到的st关系图象如图乙所示。第1、2两次弹簧测力计示数分别为F1、F2；速度分别为v1、v2；如果运动时间相同，拉力所做的功分别为W1、W2下列判断正确的是（ ）AF1F2；v1v2；W1W2BF1F2；v1v2；W1W2CF1F2；v1v2；W1W2DF1F2；v1v2；W1W2【分析】弹簧测力计拉动木块在水平面上匀速直线运动时，水平方向上木块受到拉力和滑动摩擦力作用，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力；滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关；根据WFs判断功的大小。【解答】解：由图乙可知，木块两次都做匀速直线运动，同一木块放在同一水平面上，压力不变、接触面的粗糙程度不变，所以两次木块受到的滑动摩擦力相等，则两次对应的弹簧测力计示数相等，即F1F2；由图乙可知，相同时间内第1次木块运动的距离较小，则第1次木块的运动速度小于第2次木块的运动速度，即v1v2；由前面分析可知，两次木块受到的拉力相等，运动时间相同时第1次木块运动的距离较小，由WFs可知，第1次拉力所做的功较少，即W1W2；综上所述，BCD错误，A正确。故选：A。【点评】本题的关键是通过图象可以判断木块做匀速直线运动，匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件判断拉力和滑动摩擦力大小关系，根据WFs判断功的大小关系。13下列做法中，符合安全用电要求的是（ ）A电热水壶的金属外壳不需要接地B电灯的开关接在火线和灯泡之间C在家庭电路中，保险丝熔断后用铜丝代替D使用测电笔辨别火线和零线时，人体接触的地方都是绝缘体【分析】（1）带有金属外壳的用电器，外壳必须接地；（2）使用测电笔笔时，必须用手接触到笔尾的金属体；（3）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；（4）铜丝的电阻率小、熔点高，用铜丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路。【解答】解：A、带有金属外壳的用电器，外壳必须接地，故A错误；B、家庭电路中，用电器的开关应该接在用电器与火线之间，故B正确；C、铜丝的电阻小、熔点高，在电流过大时，产生的热量不容易达到熔点，因此不会熔断，起不到保险的作用，故C错误；D、使用测电笔笔时，必须用手接触到笔尾的金属体，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。14如图所示，A、B两个物体叠放在水平面上，同时有F2N的两个水平力分别作用于A、B两物体上，使A、B两个物体处于静止状态，下列分析正确的是（ ）AA和B之间摩擦力为0B地面对B的摩擦力为0C地面对B的摩擦力为2N，方向水平向左D地面对B的摩擦力为2N，方向水平向右【分析】对整体受力分析，通过共点力平衡，求出地面对B的摩擦力，隔离对A分析，得出B对A的摩擦力大小。【解答】解：对A分析，A在水平方向上受水平向左的拉力F和B对A向右的静摩擦力，因为A处于静止状态，受到的这两个力是平衡力，大小相等，所以f1F2N，故A错误；把AB看成一个整体，处于静止状态，受到平衡力的作用，在水平方向上受向左的拉力F和向右的拉力F，由于两力拉力大小相等，所以整体在水平方向上只受两个拉力，地面对B没有摩擦力，故B正确，CD错误。故选：B。【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡求解，注意整体法和隔离法的运用。15一年一度的中考体育测试将在5月初进行，下列与中考体育加试相关的物理知识，分析正确的是（ ）A抛出去的实心球离开手后继续运动过程中，手的推力做了功B抛出去的实心球在空中运动到最高点时，速度为零C立定跳远时，脚要用力向后蹬地，利用物体间力的作用是相互的D做俯卧撑时，手只是施力物体【分析】（1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，据此分析判断；（2）抛出去的实心球做曲线运动，整个过程速度不为零；（3）物体间力的作用是相互的；（4）一个物体对另一个物体施力时，也一定会受到另一个物体的反作用力。【解答】解：A、抛出去的实心球离开手后继续运动过程中，不再受到推力的作用，所以手的推力不再做功，故A错误；B、抛出去的实心球做曲线运动，在空中运动到最高点时，速度不为零，故B错误；C、立定跳远时，脚要用力向后蹬地，利用物体间力的作用是相互的，故C正确；D、做俯卧撑时，手是施力物体，由于力的作用是相互的，同时手也是受力物体，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了中考体育测试中遇到的一些现象及其涉及到的力学知识，有一定的综合性，但难度不大。16两个定值电阻R1、R2并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如图乙所示，闭合开关S，则R1，R2产生的热量之比为（ ）A2：1B1：2C4：1D1：4【分析】根据图象利用欧姆定律判定R1、R2的阻值关系；根据焦耳定律公式判定产生热量的比值。【解答】解：由图可知，该电路为并联电路，电压是相同的，由图乙可知，电压相同，通过R1、R2的电流之比为2：1；根据I可知，R1、R2的电阻之比为1：2；通电时间相同，电压相同，则根据焦耳定律公式QW可知，产生的热量与电阻成反比，故热量之比为2：1。故选：A。【点评】本题考查了欧姆定律、焦耳定律公式的应用，能判定电阻的比值是解题的关键。17武器中有一种新型电磁炮，它是利用电磁技术制成的一种先进武器，具有速度快，命中率高等特点，其原理是利用磁场对通电导体的作用。图中与此工作原理相同的是（ ）A手动发电机B电磁铁C扬声器D磁悬浮列车【分析】明确通电导体在磁场中受力的作用这一原理，主要应用于电动机。对选项中各电器的工作原理进行分析，最后做出判断。【解答】解：由题意知，电磁炮是利用磁场对通电导体有力的作用原理工作的。A、手动发电机是利用电磁感应原来工作的，故A不符合题意；B、电磁铁利用了电流的磁效应，故B不符合题意；C、扬声器利用了磁场对通电导体有力的作用原理。故C符合题意；D、磁悬浮列车利用的是磁极间的相互作用。故D不符合题意。故选：C。【点评】磁场对通电导体有力的作用，人类根据这一原理制造了电动机，而电动机在生活中应用广泛。注意与其它电器元件的区分。18在科学实验时，为了减小误差或寻找普遍规律，经常需要进行反复多次实验，“测量物体的长度”时，多次测量 “探究杠杆的平衡条件”时，改变动力（臂）和阻力（臂），多次测量 “探究重力大小与质量的关系”时，换用不同质量的物体，多次测量 “用电压表和电流表测导体的电阻”时，多次测量电阻两端电压和通过电阻的电流值，上述实验中目的是为了减小误差的是（ ）ABCD【分析】测量性实验为了减小误差或者寻找规律进行多次测量，如果物理量是个恒量，多次测量求平均值可以减小实验误差；如果不是测量具体的物理量，而是寻找规律也采取多次测量，寻找普遍性。【解答】解：“测量物体的长度”时，由于测量工具或测量方法等会产生实验误差，为了减小误差采取多次测量求平均值的方法；“探究杠杆的平衡条件”时，改变动力（臂）和阻力（臂），多次测量是为了探究杠杆的平衡条件，总结出“动力动力臂阻力阻力臂”这一普遍规律规律；“探究重力大小与质量的关系”时，换用不同质量的物体，多次测量是为了得出“重力与质量成正比”这一普遍规律；“用电压表和电流表测导体的电阻”时，多次测量电阻两端电压和通过电阻的电流值，是为了取多次测量的平均值，以减小误差。故上述实验中目的是为了减小误差的是。故选：B。【点评】知道在物理实验中多次测量往往有不同的原因，有的是为了减小误差，有的是为了寻找普遍规律，应注意区分。19如图所示，放在水平桌面上行的甲、乙、丙三个完全相同的容器，装有不同的液体，将三个完全相同的长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时三个容器的液面恰好相平，则下列判断正确的是（ ）物体受到的浮力FA浮FB浮FC浮容器对桌面的压力F甲F乙F丙液体对容器底的压强p甲p乙p丙物体下表面受到液体的压力FAFBFCA只有B只有C只有D只有【分析】（1）当物体漂浮或悬浮时，其浮力等于自身的重力；（2）此时容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体重力之和；（3）液体内部压强和液体的密度和液体的深度有关；（4）物体上、下表面受到液体的压力差等于物体受到的浮力。【解答】解：根据图示可知，A悬浮，B、C漂浮，所以其所受的浮力与其自身的重力相等，故FA浮FB浮FC浮，故正确；由于A悬浮，故物；B漂浮，故物；C漂浮，故物；由于C淹没的体积小于B淹没的体积，所以丙中液体的密度大于乙中液体的密度，即丙乙，甲中液体密度最小，故三种液体密度关系：甲乙丙；根据图示可知，丙液体最多，质量最大，且A、B、C三个物体相同，所以丙容器对桌面的压力最大，其次是乙，最小的是甲，故容器对桌面的压力F甲F乙F丙，故正确；因为丙的密度最大，并且液体的深度相同，因此由pgh可知，丙容器底所受的压强最大，其次是乙，再次是甲，故液体对容器底的压强：p甲p乙p丙，故正确；因为物体上、下表面受到液体的压力差等于物体受到的浮力，因此甲下表面受到的压力大于浮力；乙丙上表面受到的压力为零，因此乙丙下表面受到液体的压力等于浮力，且相等，即FAFBFC；故错误。综上分析可知，只有正确。故选：C。【点评】本题考查了液体压强和阿基米德原理的理解和应用，理清题意，分析清楚各种情况的状态是解决该题的关键，其难度较大。20某同学在做“探究比较不同物质吸热能力”实验，并根据实验测得的数据分别绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象如图所示，下列相关说法正确的是（ ）该实验需要在两个完全相同的烧杯中分别装入体积和初温都相同的煤油和水；该实验采用了控制变量法；由图可知，煤油的吸热能力比水的吸热能力强；由于水的比热容是4.2103J/（kg），由图象可知煤油的比热容是2.1103J/（kg）A只有B只有C只有D只有【分析】我们使用相同的酒精灯（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。比较物质吸热能力的2种方法：1、使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强2、使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象求出升高40煤油和水加热时间，根据c，在质量和升高温度相同的情况下，比热容与吸热多少成正比求出煤油的比热容。【解答】解：根据比较不同物质吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，根据mV，两种物质密度，故相同体积的质量不同，故错误；该实验采用了控制变量法，故正确；由图知，升高相同的温度，水加热时间长，根据比较吸热能力的第2种方法，水的吸热能力强，错误；由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象知，升高40煤油用时2min，水用时4min，根据c，在质量和升高温度相同的情况下，比热容与吸热多少成正比，故煤油的比热容：c4.2103J/（kg）2.1103J/（kg），正确。故选：D。【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。21某大桥施工时，要向江中沉放大量的施工构件，如图甲所示，一密度为3103kg/m3的密闭正方体构件被钢绳缓慢竖直吊入江水中，在匀速沉入江水的过程中，构件下表面到江面的距离h逐渐增大，正方体构件所受浮力F随h的变化如图乙所示，下列判断正确的是（取g10N/kg，江水的密度水1.0103kg/m3）（ ）当h1m时，构件恰好浸没在江水中当h2m时，构件所受的浮力大小为8104N当h3m时，构件底部受到江水的压强大小为2.0104Pa当h4m时，构件受到钢绳的拉力大小为1.6105NA只有、B只有、C只有、D只有、【分析】（1）构件下沉过程中，排开水的体积变大，因此构件受到的浮力变大，当构件排开水的体积不变时，构件受到的浮力也不再改变据此即可判断构件在江水中的位置；（2）根据构件恰好浸没时得出正方体构件的边长，求出排开水的体积，利用F浮水gV排求出构件所受的浮力；（3）利用p水gh即可求出底部受到江水的压强；（4）利用G物gV求出重力，则钢丝绳的拉力等于构件的重力减去浮力。【解答】解：在浸没前，物体下降过程中排开水的体积变大，所以浮力逐渐变大；当物体浸没后排开水的体积不变，根据F浮液gV排可知浮力不变；由图可知当h2m时浮力不变，所以构件此时恰好浸没在江水中；故错误；当h2m时，构件恰好浸没在江水中，则正方体构件的边长为2m，则排开水的体积V排V（2m）38m3，构件所受的浮力：F浮水gV排1103kg/m310N/kg8m38104N，故正确；当h3m时，构件底部所处的深度为3m，则受到江水的压强：p水gh1103kg/m310N/kg3m3104Pa，故错误；当h4m时，由于构件已经浸没在江水中，构件受到钢绳的拉力：F拉GF浮物gVF浮3103kg/m310N/kg8m38104N1.6105N，故正确。综上可知，只有、正确。故选：B。【点评】本题考查学生理解图象的能力，浮力、压强、密度大小的计算，综合性较强，本题具有一定的难度需要学生灵活的运用相应的知识；能够看懂图象是解题的关键。22如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b点滑到a点的过程中，两电压表示数随电流表示数变化的图线如图乙所示。下列叙述正确的是 （ ）电源电压为14V图乙中dc是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线滑片在a点时，电阻R中的电流是1A滑片在b点时，10s内电阻R2消耗的电能为20JA只有B只有C只有D只有【分析】（1）滑动变器的滑片P在b点时，电路中的电流最小，滑动变阻器两端的电压最大，由于滑动变阻器R1、电阻R、R2串联，此时两个电压表的示数之和一定小于电源电压，据此可判断；（2）滑动变器的滑片P从b点滑到a点的过程中，滑动变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，根据串联电路的分压原理可知：滑动变阻器两端的电压变小，根据欧姆定律可知R2两端的电压变大；据此可判断出图乙中dc，ec分别是哪一个电压表的示数随电流表示数变化的图线；（3）从“UI”关系图象可以看出，滑片P在a点的电压表示数与电流值，根据欧姆定律求出R2的阻值；（4）从“UI”关系图象可以看出，滑片P在b点的电流值，再利用WI2Rt即可求出滑片在b点时，消耗的电能。【解答】解：由图甲知，R、R1、R2串联，电压表V1测R1两端电压，电压表V2测R2两端电压，电流表测电路中电流。（1）由图知，滑动变器的滑片P在b点时，总电阻最大，电路中的电流最小，此时两个电压表的示数分别为12V、2V，则两个电压表的示数之和为12V+2V14V；由于电路中R、R1、R2串联，电阻R会分得一部分电压，所以，电源电压一定大于此时两个电压表的示数之和14V，故错误；（2）滑动变器的滑片P从b点滑到a点的过程中，滑动变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大；变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的分压原理可知，滑动变阻器R1两端的电压变小，则R2两端的电压变大；所以，图乙中dc是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线，ec是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线，故正确；（3）滑片P在a点时，总电阻最小，电路中的电流最大，从“UI”关系图象可知，此时的电流Ia3A，U16V、U26V；故错误；根据欧姆定律可得，电阻R2的阻值：R22；（4）滑片P在b点时，总电阻最大，电路中的电流最小，从“UI”关系图象可知，滑片P在b点时的电流Ib1A，滑片在b点时，10s内电阻R2消耗的电能：WIb2R2