江苏省苏州市2019年中考物理模拟试题（含解析）.docx

2019年江苏省苏州市中考物理模拟试卷一、选择题1.在物理学发展的历史中，有许多物理学家做出了杰出的贡献。关于物理学家和他的贡献，以下说法正确的是A.亚里士多德首先提出“力是物体运动状态改变的原因”B.安培首先发现“电流周围存在磁场”C.法拉第发现了“电磁感应现象”D.汤姆生建立了“原子核式结构模型”【答案】C【解析】【详解】A、伽利略通过理想斜面实验，首先提出力是物体运动状态改变的原因，物体的运动不需要力来维持，故A错误；B、奥斯特首先发现了电流的周围存在磁场，故B错误；C、法拉第发现了电磁感应定律，故C正确；D、卢瑟福建立了原子核式结构理论，故D错误。故选：C。2.下列估测值最接近实际的（）A.一元硬币的直径约为2.5dmB.普通中学生走路的速度约为1.1m/sC.酒精灯点燃后外焰的温度约为98D.一本九年级物理课本的质量约为10g【答案】B【解析】【详解】A、一元硬币的直径略为2.5cm左右。故A不符合实际；B、中学生正常步行的速度约左右。故B符合实际；C、酒精灯外焰温度最高，能够超过400故C不符合实际；D、九年级物理课本的质量与两个苹果的质量差不多，在300g左右。故D不符合实际。故选B。【点睛】此类型的题目要求对所学的物理量有熟悉的认知，特别是单位大小要认识清楚，能对生活中常见的物理量进行估计，要多注意理论联系实际，生活中留心积累。3.我们生活在声的海洋里，美妙的音乐可以让人心旷神怡，而一些机器的轰鸣声也能使人心烦意乱。下列关于声音的描述正确的是A.在医院里医生通常利用超声波震动打碎人体内的结石，说明声波能传递能量B.声音在真空中传播的速度是340m/sC.市区内某些路段“禁鸣喇叭”，这是在传播途中减弱噪声D.“闻其声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的【答案】A【解析】【详解】A、声波可以传递能量，如超声波可以运用到医疗领域，去除人体内结石，故A正确；B、声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播，故B错误；C、市区内某些路段“禁鸣喇叭”，这是在声源处减弱噪声的，故C错误；D、音色是由发声体的材料、结构决定的，不同的发声体音色是不同的，我们就是靠音色来区分不同人说话的声音，故“闻其声面知其人”主要是根据声音的音色来判断的，故D错误。故选：A。4.在“冰城”哈尔滨的冰雪大世界中，下列说法正确的是A.嘴中呼出的“白气”是凝华现象B.用雪制成的雕塑过一段时间后会变小，是汽化现象C.冰放在水中熔化了，冰在熔化过程中温度升高D.雪的形成过程是放热过程【答案】D【解析】【详解】A、嘴中呼出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；B、雕塑经过一段时间自然变小，由固态直接变成气态，是升华现象，故B错误；C、冰属于晶体，在熔化过程中吸收热量，但温度保持不变，故C错误；D、雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，此过程放出热量，故D正确。故选：D。5.对图中所示光现象的描述正确的是A.图甲中，漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律B.图乙中，人配戴的凹透镜可以矫正远视眼C.图丙中，光的色散现象说明白光是由各种色光混合而成的D.图丁中，平面镜成像时进入眼睛的光线是由像发出的【答案】C【解析】【详解】A选项，光的反射包括镜面反射和漫反射，漫反射遵循光的反射定律，故A描述错误。B选项，凹透镜有发散光线的作用，可以矫正近视眼，故B描述错误。C选项，光通过三棱镜发生色散现象，将白色分成各种颜色，说明白光有各种色光混合而成，故C描述正确。D选项，光线是由光源发出的，平面镜成像时进入眼睛的光线是光源发出由平面镜反射过来的，故D描述错误。6.下列有关家庭电路的说法正确的是A.家庭电路中各用电器是并联的B.空气开关“跳闸”后应立即重新合上C.选用插座时，所有家用电器都使用两孔插座D.控制用电器的开关要连接在零线和用电器之间【答案】A【解析】【详解】A、家庭电路中各用电器工作时，互不影响，是并联的，故A正确；B、电路发生短路或总功率过大时，空气开关才会跳闸，所以应先检查原因，检查没有问题后再重新合上空气开关，故B错误；C、有金属外壳的家用电器应使用三孔插座，当用电器的金属外壳漏电时，电流会通过地线流入大地，能防止触电事故的发生，所以，不是所有家用电器都使用两孔插座，故C错误；D、控制电路的开关应该接在火线和用电器之间，这样在开关断开时，用电器不带电，不会造成触电事故，故D错误。故选：A。7.在平昌冬奥会自由式滑雪比赛中，选手的运动轨迹如图所示（b，d在同一高度），如果不计空气阻力，下列说法错误的是A.从a点向b点运动的过程中，动能增加B.从b点向c点运动的过程中，重力势能增加C.b点的动能等于d点的动能D.c点和d点的机械能相等【答案】C【解析】【详解】A、从a点下滑到b点过程中，速度增大，动能增大，故A正确；B、从b点向c点运动的过程中，高度增加，重力势能增大，故B正确；C、b点和d点在同一高度，则重力势能相等；但由于滑雪板与雪地之间存在摩擦，从b点沿雪地向上运动的过程中，部分机械能会转化为内能，所以b点的机械能大于d点的机械能，则b点的动能大于d点的动能，故C错误；D、从c点下落到d点过程中，运动员处于腾空状态，与雪脱离即没有摩擦，在不计空气阻力的情况下，机械能保持不变，即c点和d点的机械能相等，故D正确。故选：C。8.如图所示，电源电压不变，先闭合S1，再闭合S2，下列说法正确的是（）A.电压表、电流表示数均变小B.电压表示数变大，电路总功率变大C.电压表示数不变，总电阻变小，电流表示数变大D.电压表与电流表示数的比值变大【答案】B【解析】【分析】由图可知，先闭合S1时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测R1两端的电压；再闭合S2，R2被短路，电路为R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是电源电压，根据串联电路的电流和电压的特点分析电流表示数、电压表示数的变化；根据公式判定功率的变化。【详解】由图可知，先闭合S1时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测R1两端的电压；根据串联电路的电压特点可知，其示数小于电源电压；再闭合S2，R2被短路，电路为R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是电源电压，所以电压表的示数变大；R1的电阻小于两电阻串联的总电阻，即总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；故AC错误；电源电压不变，电流变大，根据可知，电路的总功率变大，故B正确；由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值为电阻R1的阻值，则该比值保持不变，故D错误。故选：B。【点睛】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电表所测电路元件的判断。9.如图所示，用来研究通电导线在磁场中受到力的作用的实验装置是A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】A、当将导体棒放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，故说明通电直导体周围存在磁场，故A错误；B、当开关闭合时，放在磁场中的导体会在磁场力的作用下运动起来，故探究的是磁场对电流作用力，故B正确；C、这是发电机的原理模型图，当线圈转动时，产生感应电流，说明电磁感应现象，故C错误；D、是发电机的原理模型图，当风扇转动时，产生感应电流，说明电磁感应现象，故D错误；故选：B。10.如图，放在水平地面上的两个物体处于静止状态，对这两物体受力分析正确的是（）A.B受到地面的支持力与B的重力是一对平衡力B.B对A的支持力与A对B的压力是一对平衡力C.B对A的支持力与A的重力是一对平衡力D.A对地球的吸引力与地球对A的吸引力完全相同【答案】C【解析】【分析】平衡力、作用力和反作用力都是大小相等、方向相反，作用在同一直线上；平衡力作用在同一物体上，作用力与反作用力作用在不同的物体上。【详解】AB受到地面的支持力与B的重力大小不相等，不是一对平衡力，故A错误；BB对A的支持力与A对B的压力作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故B错误。CB对A的支持力与A的重力大小相等、方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上，是一对平衡力，故C正确；DA对地球的吸引力与地球对A的吸引力作用在两个物体上，方向相反，故D错误。故答案为C。【点睛】解决本题的关键知道平衡力、相互作用力都是大小相等、方向相反，作用在同一直线上；平衡力作用在同一物体上，相互作用力作用在不同的物体上。11.如图所示，在两个完全相同的容器中装有甲、乙两种不同的液体，将体积相等的实心小球A、B、C分别放入两个容器中，放入小球后两个容器中的液体深度相同，且A、C两球排开液体体积相同，B球在甲液体中悬浮，在乙液体中下沉。则下列选项错误的是A.甲液体比乙液体对容器底的压强大B.三个小球中密度最小的是C球C.如果把A、C两球对调，A球在乙液体中可能下沉D.A、C两球所受的浮力相等【答案】D【解析】【详解】A、由图可知，B在甲中悬浮，A在甲中漂浮，则B甲，A甲B，由B在乙中下沉，可知，B乙，则甲乙，已知两容器中的液体深度相同，由pgh可得，两液体对容器底部的压强关系：p甲p乙；故A正确；B、由B在乙中下沉，C在乙中漂浮可知，B乙，c乙，则Bc，由A、C漂浮，且两球排开液体体积相同，可得，AgV甲gV排，则A，cgV乙gV排，c，则Ac，所以三个小球的密度关系为：BAC，故B正确；C、因为甲乙，c乙，所以c甲，已知AB，但不能比较A和乙的关系，所以不能确定把A、C两球对调后，A放在乙液体中的浮沉情况，可能A球在乙液体中可能下沉，故C正确；D、VA排VC排，甲乙，根据F浮gV排可得，A、C两球所受浮力关系为：FAFC，故D错误。故选：D。12.如图甲所示的电路中，R0为定值电阻，R为电阻式传感器，电源电压保持不变，当R阻值从0增大到60，测得R的电功率与通过它的电流关系图象如图乙所示。下列说法正确的是A.R的阻值增大，电流表与电压表的示数都变小B.R0两端的电压变化范围为618VC.当电流为0.6A时，1s内电路消耗的电能为21.6JD.电源电压为12V【答案】B【解析】【详解】由电路图可知，R与R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；当R阻值从0增大到60，R的阻值增大，总电阻增大，由欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；由UIR可知，定值电阻R0的电压变小，根据串联电路电压的规律，传感器R两端的电压增大，即电压表示数变大，故A错误；由题知，电阻式传感器的阻值从0变为60，传感器消耗的电功率与通过它的电流关系图象如图乙所示；由图乙可知，通过传感器的电流最小为0.2A时，由欧姆定律可知电路中的总电阻最大，传感器的电阻最大为60；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I可得，电源的电压：UI（R0+R）0.2A（R0+60），当R0时，电路为R0的简单电路，此时电路中的电流最大，由图乙可知最大电流I0.6A，则电源的电压：UIR00.6AR0因电源的电压不变，所以，0.2A（R0+60）0.6AR0，解得：R030，电源的电压：UIR00.6A3018V，故D错误；因为通过传感器的电流最小为0.2A，此时传感器的电阻最大为60；所以由欧姆定律可得，传感器的电压：U1IR0.2A6012V，根据串联电路电压的规律，此时R0两端的电压为：U0UU118V12V6V，当R0时，电路为R0的简单电路，R0两端的电压即为电源电压18V，所以，R0两端的电压变化范围为6V18V，故B正确；当电流为0.6A时，电路为R0的简单电路，1s内电路消耗的电能为：Wt1s10.8J，故C错误；故选：B。二、填空题13.当玻璃棒和丝绸摩擦时，丝绸带_电，反复摩擦后，发现玻璃棒的温度升高，这是通过_方式改变物体内能的。【答案】(1).负(2).做功【解析】【详解】用绸子摩擦过的玻璃棒带正电，是因为摩擦过程中玻璃棒失去了电子，同时丝绸得到了电子，所以丝绸带负电。反复摩擦后，发现玻璃棒的温度升高，这是通过做功方式改变物体内能的。14.六一儿童节，小华和爸爸到公园游玩，在湖面上划船时，唱着“让我们荡起双桨，小船儿推开波浪”（1）歌曲中“小船儿推开波浪”这一情景里，以波浪为参照物，小船是_的。（2）船桨向后划水，船向前运动，这说明物体间力的作用是_的。（3）这时一艘快艇从小船旁边急速驶过，小华发现小船向快艇方向靠近，这是因为在流体中流速越大的位置压强越_。（4）小华和爸爸停止划桨，船仍向前运动，这是因为船具有_。【答案】(1).运动(2).相互(3).小(4).惯性【解析】【详解】（1）以波浪为参照物，小船儿与波浪之间的位置发生了改变，所以是运动的。（2）船桨向后划水，给水一个向后的力，水会给桨一个向前的力，所以船向前运动，也说明物体间力的作用是相互的。（3）在流体中流速越大的位置压强越小。快艇从小船旁边急速驶过，快艇与小船之间的水流速度大于小船外侧的水流速度，快艇与小船之间水流压强变小，外侧水流压强较大，将小船推向快艇一侧。（4）小华和爸爸停止划桨，船仍向前运动，这是因为船具有惯性，仍要保持原来的运动状态。15.美国“凌日系外行星勘测卫星”“替丝”通过“凌日法”，即行星从其母星前飞过时，会遮挡一部分恒星的光，可观察到恒星“变暗”现象，来确定行星的存在，这是利用光的_；“苔丝”是利用_波向地球传输数据。【答案】(1).直线传播(2).电磁【解析】【详解】“勘测卫星”“苔丝”通过“凌日法”，即行星从其母星前飞过时，会遮挡一部分恒星的光，来确定行星的存在，这是利用光的直线传播；太空中没有空气，因此需要电磁波传递信息，故“苔丝”是利用电磁波向地球传输数据的。16.热熔胶是一种在常温下为固态的粘合剂，使用时先用热熔胶枪加热使其熔化，再凝固来粘合物体。用如图所示的一款热熔胶枪给热熔胶加热时，会闻到熔胶的气味，这是_现象。热熔胶被胶枪挤出，并“粘”在物体本上，说明分子间存在_力。【答案】(1).扩散；(2).引【解析】【分析】扩散现象是分子无规则运动的结果；分子间存在相互作用的引力和斥力。【详解】由分子动理论知道，加热时分子运动加剧，热熔胶枪给热熔胶加热时，会闻到熔胶的气味，这是熔胶的气味分子做无规则运动的结果，是扩散现象；热熔胶被胶枪挤出，并“粘”在物体本上，说明分子间存在引力。17.如图所示是太阳能LED照明路灯，LED是一种发光二极管，它是由_材料制成的，可以把电能直接转化成_能，太阳能是_（选填“可再生”或“不可再生”）能源、清洁无污染，它是在太阳内部氢原子核发生_（选填“裂变”或聚变”）释放出巨大的能量。【答案】(1).半导体；(2).光；(3).可再生；(4).聚变【解析】【分析】LED是一种发光二极管，消耗电能，产生光能；可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是取之不尽用之不竭；太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能。【详解】LED是一种半导体发光二极管，通过电流时不用经过加热灯丝直接能够发光，即把电能直接转化成光能；太阳能取之不尽用之不竭，属于可再生能源，并且环保无污染；在太阳内部，氢原子核在超高温、高压下作用下发生聚变，释放巨大的核能。18.如图所示，是光在空气和玻璃之间发生折射的光路图，从图中可以看出，空气在界面的_侧（选填“左”或“右”），此过程中还有部分光发生了反射，反射角的大小是_【答案】(1).左(2).60【解析】试题分析：由图示可知，折射光线是靠近法线的，所以应是从空气射向玻璃的，所以可知界面的左侧是空气，由图示可知，入射角为60o，由光的反射定律可知，反射角等于入射角也为60o。【考点定位】光的折射与反射19.如图所示是一台家用豆浆机，小凡仔细观察了豆浆机的构造和制作豆浆的过程，发现其中用到了许多物理知识。（1）打浆器的刀片是由锋利的钢制成的，这是通过减小_的方法来增大对豆子的压强，把豆子碾磨成浆。（2）电源线插头中脚1是把豆浆机的金属部分通过插座与_线相连。（3）制作豆浆的过程是先加热，再打浆，再加热煮熟，在这个过程中，豆浆机将电能转化为内能和_能；散失到空气中的内能无法自动转化为电能，这是因为能量的转移和转化具有_性。【答案】(1).受力面积(2).地(3).机械(4).方向性【解析】【详解】（1）打浆器的刀片是由锋利的钢制成的，这是通过减小受力面积的方法来增大对豆子的压强，把豆子碾磨成浆。（2）豆浆机电源线的插头有三个脚，其中稍长些的脚是把豆浆机的金属部分与大地相连接；（3）制作豆浆的过程中，加热时消耗电能获得内能，打浆时消耗电能获得机械能，在整个过程中，豆浆机将电能转化为内能和机械能；散失到空气中的内能无法自动转化为电能，这是因为能量的转移和转化具有方向性。20.小智测酸奶的密度，用天平测出酸奶与盒子的总质量是102.8g，将部分酸奶倒入量筒中，如图甲所示，测量剩余酸奶与盒子的质量如图乙所示，量筒中酸奶的质量是_g，酸奶的密度是_kg/m3。【答案】(1).46(2).1.15103【解析】【详解】由甲图知，量筒的分度值是2ml，所以量筒中酸奶的体积为40mL40cm3，由图乙知，天平标尺的分度值为0.2g，剩余酸奶与盒子的总质量m总50g+5g+1.8g56.8g，所以倒入量筒中酸奶的质量：m102.8g56.8g46g，酸奶的密度：1.15g/cm31.15103kg/m3。21.如图所示，在15N的水平拉力F作用下，木板A在水平地面匀速向右运动的过程中，物体B相对于地面静止，此时弹簧测力计的示数为3N，则B所受滑动摩擦力方向水平向_（选填“左”或“右”），A受到地面的摩擦力大小为_N。【答案】(1).右(2).12【解析】试题分析：弹簧测力计示数为3N，则弹簧测力计对B的拉力为3N，方向向左。B水平方向上受到拉力和摩擦力的作用处于静止状态，由二力平衡可得，摩擦力与拉力应大小相等，方向相反，所以，摩擦力大小为3N，方向水平向右。根据力的作用是相互的，B会给A一个向左的摩擦力，大小为3N，A匀速向右运动，所以A受B对其向左的摩擦力、地面对其向左的摩擦力和拉力F的作用，由力的平衡条件可知，地面对A的摩擦力f=15N-3N=12N，方向水平向左。【考点定位】摩擦力二力平衡力的合成22.如图所示为施工现场使用的提升装置。已知被提升的建筑材料的质量为200kg，动滑轮重500N，拉力F在100s内将重物匀速提升了10m。（不计绳重及摩擦，g取10N/kg）拉力F的功率为_W，该装置的机械效率为_。【答案】(1).250(2).80%【解析】【详解】建筑材料的重力：Gmg200kg10N/kg2000N，克服建筑材料重力所做的功为有用功：W有Gh2000N10m2104J，不计绳重及摩擦，克服建筑材料和动滑轮重所做的功为拉力F做的总功：W总（G+G动）h（2000N+500N）10m2.5104J，拉力F的功率：P250W，该装置的机械效率：100%100%80%。23.如图所示，一段粗细、质量均匀的蜡块，重为G1，长为L，与一重为G2的铁块通过轻质细绳相连，整立漂浮在水面上，露出水面的长度为L0，则蜡块和铁块所受水的浮力F浮=_，若多次截掉蜡块露出水面的部分，直到蜡块上表面与水面恰好相平，此时蜡块在水中的长度L1_。（结果用G1、G2、水、蜡、L、L0来表示）【答案】(1).G1+G2(2).LL0【解析】【详解】设铁块的体积是V铁，蜡块的横截面积是S；根据题意知道，铁块通过轻质细绳与蜡块相连整立漂浮在水面上，由平衡条件知道，蜡块和铁块所受水的浮力等于其自重，所以F浮=G1+G2；又由阿基米德原理可知，F浮=G1+G2=水gV排=,同理：当多次截掉蜡块露出水面的部分，到蜡块上表面与水面恰好相平时，受到的浮力是：F浮1=G1+G2=水gV排1=，又因为G2=，G2=，所以，以上四式联立解得：L1=【点睛】本题考查的是物体浮沉条件及阿基米德原理的应用，难度不大。三、简答题24.图中，一木块A沿斜面向上滑动，请作出木块受到的重力G和斜面对它的滑动摩擦力f的示意图。（）【答案】【解析】【详解】重力的方向是竖直向下的，过重心画一个带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示;木块A沿着斜面向上运动，所受滑动摩擦力平行于斜面向下，如图所示：25.如图所示是一种抽水马桶水箱自动上水装置的示意图。当水箱内的水达到一定高度时，浮标带动杠杆AOB压住入水口，停止上水。请在图中画出动力F1、阻力F2和动力臂L1。（）【答案】【解析】【分析】根据杠杆原理分析出杠杆所示动力的作用点和方向；力臂是支点到力的作用线的距离，支点为点O，分别作出支点到力的作用线的垂线段即可。【详解】由图和题意可知，O为支点，水对浮标的向上作用力为动力，入水口对B端的向上作用力为阻力；入水口处的水对塞子产生竖直向上的压力，所以过杠杆B点作竖直向上的力即为阻力；浮力竖直向上，所以过浮标重心作竖直向上的力即为动力，过支点O作动力作用线的垂线段即为动力臂如图所示：26.如图，根据磁感线的方向，标出小磁针的N、S极，并在电源两端括号内标上电源正、负极。【答案】【解析】试题分析：由图可知，通电螺线管的左端为N极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则小磁针的右端为S极，左端为N极；因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向右的；根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的左端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，左端为负极。如图所示：考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断磁感线27.王大刚同学和家人在郊外野餐，用木炭烧水铁锅内装有5kg水，把水从18加热至98，已知水的比热容为4.2103J/（kg）如果木炭的热值为3.4107J/kg，它燃烧放出的热有10%被水吸收求：（1）在这个过程中水吸收的热量；（2）在这个过程中用掉多少木炭【答案】（1）1.68106J（2）0.49kg【解析】试题分析：（1）由热量公式Q吸=cmt计算水吸收的热量；（2）根据Q吸=Q放，由Q放=mq得m=计算需要的木炭解：（1）吸收的热量Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）5kg（9818）=1.68106J；（2）由=得：Q放=1.68107J，由Q放=mq得：需要的木炭m=0.49kg答：（1）在这个过程中水吸收1.68106J的热量；（2）在这个过程中用掉0.49kg木炭【点评】本题利用了燃料完全燃烧放热公式Q放=mq和吸热Q吸=cmt进行计算在利用公式时，要注意每个字母表示的物理量及其单位28.如图所示，小华家新买了一台小轿车，小轿车的质量是1.2t，车轮与地面接触面积为0.12m2周末小华一家人开车去郊游，在某段水平路面上以72km/h的速度匀速直线行驶了20min，该小轿车共消耗汽油3.2kg，此过程小轿车的输出功率是40kW求：（1）轿车静止在水平地面上时，车对地面的压强；（g取10N/kg）（2）小轿车在这段路程中所受的阻力；（3）此过程中汽车发动机的效率。（q汽油4.6107J/kg）【答案】（1）1105Pa；（2）2103N；（3）32.6%。【解析】【详解】（1）轿车静止在水平地面上时，车对地面的压力：FGmg1.2103kg10N/kg1.2104N，汽车对地面压强：p=1105Pa；（2）汽车匀速直线行驶的速度：v72km/h20m/s，由P=Fv可得，小轿车在这段路程中的牵引力：F=2103N，因汽车匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，所以，小轿车在这段路程中所受的阻力fF2103N；（3）小轿车在这段路程中发动机做的功：WPt40103W2060s4.8107J，汽油完全燃烧释放的热量：Q放mq汽油3.2kg4.6107J/kg1.472108J，汽油机的效率：100%100%32.6%。29.如图所示为模拟调光灯电路，电路中电源电压不变，灯泡L标有“6V3W”字样，且灯丝电阻随温度的变化而变化，定值电阻的阻值为6。将滑动变阻器的滑片P置于最右端，闭合开关，电压表和电流表示数分别为6V和0.2A；移动滑片P至某一位置，电压表和电流表示数分别为3V和0.5A。求：(1)灯泡L正常发光时的电阻多大？(2)当的滑片P在最右端时，闭合开关，灯泡L的实际功率是多少？(3)为使灯泡安全工作，的滑片能自由滑动，且滑片P滑到某一端时灯泡能正常发光，应采取怎样的保护措施？请计算说明。【答案】见解析【解析】（1）根据得灯泡L正常发光时的电阻为：；（2）灯的正常工作电流为：；移动滑片P至某一位置，电压表和电流表示数分别为3V和0.5A，此时灯正常工作，电源电压为：；将滑动变阻器的滑片P置于最右端，闭合开关，电压表和电流表示数分别为6V和0.2A；则R1此时两端的电压为：灯两端的实际电压为：滑片P在最右端时时，闭合开关，灯泡L的实际功率为：；（3）根据题意，的滑片要能自由滑动，且滑片P滑到某一端时灯泡能正常发光，则滑动变阻器位于左端时让灯正常发光，右移滑片时，电阻变大，灯是安全的。当电流为灯的正常工作电流0.5A时，电路的总电阻为：，可以串联电阻R：即在电路在串联一个6的电阻时，符合要求；也可以替换R1：即将R1替换为一个12的电阻，符合要求。点睛：考查了欧姆定律的应用，关键是根据“滑片P至某一位置，电压表和电流表示数分别为3V和0.5A”这一条件，可以求出电源电压，有了电源电压后，根据另一状态再结合串联电路的电压、电流特点求灯的实际功率。30.某实验小组在探究“水的沸腾”实验中，当水温升到90时，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾5min后停止读数，部分数据记录如下表：时间/min012345678水的温度/909294969898989898（1）图甲是实验中使用温度计时的情景，其中错之处是_。（2）改正错误后继续进行实验。由图乙可知，此时烧杯中水的温度是_。（3）实验过程中观察到如图丙、丁所示的两种情景，图_是水沸腾时的情景。（4）根据表中实验数据，可知水的沸点是_；根据水的沸点可判断出当时的大气压_（高于/等于/低于）1标准大气压。（5）撤去酒精灯，观察到水并没有立即停止沸腾，此时水的温度_（升高/不变/降低）。【答案】(1).温度计的玻璃泡与烧杯底部接触了(2).94(3).丙(4).98(5).低于(6).不变【解析】【详解】（1）由图可知，（a）温度计的读数方法不正确，温度计的玻璃泡与烧杯底部接触了；（2）由图知，温度计的分度值为1，所以其示数为94；（3）水沸腾时，产生大量气泡，上升变大，到水面破裂开来，所以图丙表示水沸腾时的情景。（4）由图知，当水的温度达到98时，温度不再变化，说明此时是水的沸腾过程，沸点是98；沸点低于标准大气压下的沸点，所以实验室中的大气压低于1标准大气压；（5）酒精灯加热时，铁圈和石棉网的温度升高，高于水的温度，当移开酒精灯时，水还会从铁圈和石棉网吸收热量，继续沸腾，此时水的温度不变。31.小红和小明利用如图所示装置探究杠杆的平衡条件。（1）若实验前杠杆如图甲所示，可将杠杆两端的平衡螺母向_（填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡。（2）在实验过程中，调节杠杆在水平位置平衡的目的是_。（3）在杠杆两端加挂钩码，并移动钩码，使杠杆在水平位置平衡，测出力臂，多次实验并把数据记录在表格中。次数F1/NL1/cmF2/NL2/cm11102522101203215310多次实验的目的是_。（4）小明根提以上数据得出杠杆平衡条件是_。（5）杠杆调节平衡后，小红在杠杆上的A点处挂4个钩码，如图乙所示，为使杠杆重新平衡，应在B点挂_个钩码。（6）如图丙所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，当弹簧测力计在原位置逐渐向右倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将_（填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】(1).（1）右；(2).（2）便于测量力臂；(3).（3）使结论具有普遍性；(4).（4）F1L1F2L2；(5).（5）6；(6).（6）变大【解析】【分析】涉及的知识点是：（1）调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；（2）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小，（3）实验时，如果只用一组数据得到结论，偶然性太大，因此应获取多组实验数据归纳出物理规律；（4）杠杆平衡的条件是：动力动力臂=阻力阻力臂；设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件进行判断；（5）如果作用在杠杆上的力方向不与杠杆垂直则该力的力臂短了，就会使得拉力变大【详解】若实验前杠杆如图甲所示，左端下沉，右端上翘，可将杠杆两端的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。实验时让横杆AB在水平位置平衡，力臂在杠杆上便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，可以消除杠杆重对杠杆平衡的影响；探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律，消除实验的偶然性，使结论具有普遍性。分析表格中的数据可知，每一次的实验的乘积都等于的乘积，故得出杠杆平衡的条件是：；设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G；根据杠杆的平衡条件：解得：，故需挂6个钩码；当弹簧测力计在原位置逐渐向右倾斜时，拉力与杠杆不再垂直，则该力的力臂短了，由于阻力和阻力臂都不变，根据杠杆的平衡条件知，拉力将变大，即弹簧测力计的示数将变大。【点睛】重点是研究杠杆平衡条件的实验，除了熟悉实验步骤，熟练应用杠杆平衡条件以外，关键还是力臂变化情况的判断，理解当力与杠杆垂直时，力臂是最长的，倾斜后力臂会变短，所以拉力变大。32.小刚用一个焦距为10cm的凸透镜“探究凸透镜成像规律”，实验装置如图所示，凸透镜固定在光具座50cm刻度处不动。（1）实验前调节烛焰、光屏的位置，使它们的中心大致在凸透镜的_上。（2）小刚将蜡烛移动到20cm刻度处，光屏向左移动到65cm刻度处，光屏上得到一个_、_立清晰的实像，人们利用这一原理制成了_（照相机/投影仪/放大镜）。（3）将蜡烛移动到35cm刻度处，光屏移动到_cm刻度处时，可在光屏上再次得到一个清晰的像。（4）在步骤（3）中光屏上成清晰像后，取一副老花镜放在凸透镜和蜡烛之间，要使光屏上还能成清晰的像，光屏应适当向_（左/右）移动。【答案】(1).主光轴(2).缩小(3).倒(4).照相机