2019年高中物理模块综合检测（一）（含解析）粤教版必修1.docx

模块综合检测(一)(测试时间：60分钟分值100分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题4分，共28分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)1下列说法中正确的是()A选为参考系的物体一定静止B质量大、体积大的物体不可以看作质点C我们早上第一节课是7时30分开始，这个“7时30分”表示一段时间D力学中的三个基本物理量是：长度、质量、时间解析：参考系可以是运动的物体，也可以是静止的物体，选项A错误；质量大、体积大的物体同样可以看作质点，例如在研究地球绕太阳公转时可把地球看作质点，选项B错误；我们早上第一节课是7时30分开始，这个“7时30分”表示时刻，选项C错误；力学中的三个基本物理量是：长度、质量、时间，选项D正确答案：D2.如图所示，一台电视机在水平桌面上静止，则以下说法中正确的是()A桌面对电视机支持力的大小等于电视机所受的重力，这两个力是一对平衡力B电视机所受的重力和桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力C电视机对桌面的压力就是它所受的重力，这两个力是同一种性质的力D电视机对桌面的压力和桌面对它的支持力是一对平衡力解析：电视机处于静止状态，桌面对它的支持力和它所受的重力的合力为零，是一对平衡力，故A正确，B错误；电视机对桌面的压力和桌面对它的支持力是作用力和反作用力，故D错误；电视机对桌面的压力作用在桌面上，电视机受到的重力作用在电视机上，故不能说它对桌面的压力就是它所受的重力，C错误答案：A3下列各图分别表示的是某物体的运动情况或其所受合外力的情况其中图甲是某物体的位移时间图象；图乙是某物体的速度时间图象；图丙表示某物体的加速度时间图象；图丁表示某物体所受合外力随时间变化的图象四幅图中的图线都是直线，从这些图象中可判断出一定质量物体的某些运动特征下列有关说法中不正确的是()A甲物体受合外力为零B乙物体受到的合外力不变C丙物体的速度一定越来越大D丁物体的加速度越来越大解析：由题图象可知，甲是匀速运动，合外力为零，选项A正确；乙、丙都是匀变速运动，则合外力不变，对丙：如果a与v方向反向，速度会越来越小，选项B正确，C错误；丁受的合外力越来越大，则加速度越来越大，选项D正确此题选择错误的选项，故选C.答案：C4某军事试验场正在平地上试验地对空导弹，若某次竖直向上发射导弹时发生故障，导弹的v-t图象如图所示，则下述说法正确的是()A在01 s内导弹匀速上升B在12 s内导弹静止不动C3 s末导弹的加速度方向改变D5 s末导弹恰好回到出发点解析：由题图可知，01 s内导弹的速度随时间均匀增加，故导弹做匀加速直线运动，故A错误；12 s内物体的速度一直不变，故导弹是匀速上升，故B错误；3 s末图线的斜率没发生改变，故加速度方向没变，故C错误；前3 s内物体在向上运动，上升的高度为m60 m；3到5 s内导弹下落，下落高度为260 m60 m，故说明导弹5 s末的位移为零，回到出发点，故D正确答案：D5.如图所示，在水平桌面上放一木块，用从零开始逐渐增大的水平拉力F拉着木块沿桌面运动，则木块所受的摩擦力Ff随拉力F变化的图象正确的是()解析：当木块不受拉力时(F0)，桌面对木块没有摩擦力(Ff0)当木块受到的水平拉力F较小时，木块仍保持静止，但出现向右运动的趋势，桌面对木块产生静摩擦力，其大小与F相等，方向相反随着水平拉力F不断增大，木块向右运动的趋势增强，桌面对木块的静摩擦力也相应增大，直到水平拉力F足够大时，木块开始滑动，桌面对木块的静摩擦力达到最大值Fmax.在这个过程中，由木块水平方向二力平衡条件知，桌面对木块的静摩擦力Ff始终与拉力F等大反向，即随着F的增大而增大木块滑动后，桌面对它的阻碍作用是滑动摩擦力，它小于最大静摩擦力，并且在木块继续滑动的过程中保持不变，故D正确答案：D6将一个有确定方向的力F10 N分解成两个分力，已知一个分力有确定的方向，与F成30夹角，另一个分力的大小为6 N，则在分解时()A有无数组解B有两组解C有唯一解 D无解解析：由三角形定则作图如图所示，由几何知识知另一分力的最小值F2Fsin 3010N5 N，而题中分力的大小为6 N，大于最小值5 N，小于F10 N，所以有两组解故B正确答案：B7如图，将一个球放在两块光滑斜面板AB和AC之间，两板与水平面夹角都是60.现在使AB板固定，使AC板与水平面的夹角逐渐减小，则()A球对AC板的压力先增大后减小B球对AC板的压力逐渐减小C球对AC板的压力先减小后增大D球对AC板的压力逐渐增大解析：分析球的受力如图所示，FAC和FAB的合力与球的重力G等大反向，当使AC板与水平面的夹角减小时，由图可以看出，球对AC板的压力先减小后增大，C正确答案：C二、多项选择题(本题共5小题，每小题5分，共25分在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求，全部选对得5分，漏选得3分，错选或不选得0分)8.如图所示，竖直放置的轻弹簧一端固定在地面上，另一端与斜面体P连接，P与斜放的固定挡板MN接触且处于静止状态，则斜面体P此刻所受到的外力个数有可能为()A2个 B3个C4个 D5个解析：若弹簧弹力与重力恰好平衡，则物体虽然与挡板接触也没有作用力，此时只有2个力作用；若弹力大于重力，则物体必受斜向下的弹力作用，此时物体要平衡则必定有摩擦力作用，物体受到4个力作用，选项A、C正确答案：AC9.甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距x4 m，乙车在前，甲车在后，某时刻两车同时开始运动，两车运动的xt图象如图所示，则下列表述正确的是()A乙车做曲线运动，甲车做直线运动B甲车先做匀减速运动，后做匀速运动C乙车的速度不断增大D两车相遇两次解析：由题图可知，两车的运动方向与规定的正方向相反，甲车在前6 s内做匀速运动，以后处于静止状态，B错误；乙车的x-t图象虽为曲线，但这不是运动轨迹，且图象只能表示正反两个方向的运动，A错误；由于乙车图象的倾斜程度逐渐增大，即其速度逐渐增大，C正确；在x-t图象中图线的交点表示两车相遇，故两车相遇两次，D正确答案：CD10a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度时间图象如图所示，下列说法正确的是()Aa、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B20秒时，a、b两物体相距最远C60秒时，物体a在物体b的前方D40秒时，a、b两物体速度相等，相距900 m答案：CD11.如图所示，电梯的顶部挂一个弹簧测力计，测力计下端挂了一个重物，电梯做匀速直线运动时，弹簧测力计的示数为10 N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧测力计的示数变为8 N，关于电梯的运动，以下说法正确的是(g取10 m/s2)()A电梯可能向上加速运动，加速度大小为2 m/s2B电梯可能向下加速运动，加速度大小为2 m/s2C电梯可能向上减速运动，加速度大小为2 m/s2D电梯可能向下减速运动，加速度大小为2 m/s2解析：电梯匀速运动时，对重物由平衡条件得mgF，m1 kg，当弹簧测力计的示数变为8 N时，对重物由牛顿第二定律得mgFma，得a2 m/s2，加速度方向向下，其运动情况可能向上减速或向下加速，B、C正确答案：BC12如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角的关系，将某一物体每次以不变的初速率v0沿足够长的斜面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角，实验测得x与斜面倾角的关系如图乙所示，g取10 m/s2，根据图象可求出()A物体的初速率v03 m/sB物体与斜面间的动摩擦因数0.75C取不同的倾角，物体在斜面上能达到的位移x的最小值xmin1.44 mD当某次30时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑解析：由题图可知，当夹角0时，位移为2.40 m，而当夹角为90时，位移为1.80 m，则由竖直上抛运动规律可得v0 m/s6 m/s，故A错误；当夹角为0时，由动能定律可得mgxmv，解得0.75，故B正确；由mgxsin mgcos 0mv，解得x m m，当90时，sin()1，此时位移最小，x1.44 m，故C正确；若30时，物体受到的重力的分力为mgsin 30mg，摩擦力Ffmgcos 300.75mgmg，一般认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，故物体达到最高点后，不会下滑，故D错误答案：BC三、非选择题(本大题4小题，共47分按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)13(12分)某实验小组利用如图所示的装置探究加速度与力、质量的定量关系(1)下列做法正确的是_A调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D通过增减木块上的砝码改变质量时，需要每次都重新调节木板倾斜度(2)为使砝码桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量_木块和木块上砝码的总质量A远大于 B远小于 C近似于(3)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图中甲、乙两条直线设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为甲、乙，由图可知，m甲_m乙，甲_乙A小于 B等于 C大于解析：(1)调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，从而减小实验的误差，选项A正确；在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，应该不挂砝码的砝码桶，让木块拖着纸带在木板上做匀速运动，选项B错误；实验时，先接通打点计时器的电源再放开木块，选项C错误；通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要每次都重新调节木板倾斜度，选项D错误(2)为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量，选项B正确(3)由牛顿第二定律可知：Fmgma，解得aFg，由图象可知：，所以m甲乙答案：(1)A(2)B(3)AC14(11分)某架飞机起飞滑行时，从静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为4 m/s2，飞机的滑行速度达到80 m/s时离开地面升空如果在飞机达到起飞速度时，突然接到指挥塔的停止起飞的命令，飞行员立即制动飞机，飞机做匀减速直线运动，加速度的大小为5 m/s2.求：(1)在匀加速运动阶段，飞机滑行的位移大小；(2)在飞机做匀减速运动直到最后静止阶段，飞机滑行的位移大小；(3)此飞机从起飞到停止所用时间解析：(1)匀加速运动阶段位移x，所以滑行的位移大小为x1 m800 m.(2)飞机匀减速运动到停止的过程，可看作反方向的匀加速运动：x；所以滑行的位移大小为x2 m640 m.(3)飞机加速运动时，有t，所以飞机加速运动的时间为t1 s20 s.飞机减速运动时由逆向思维可得t，所以飞机减速运动的时间为：t2 s16 s.共用时间为：tt1t2(2016)s36 s.答案：(1)800 m(2)640 m(3)36 s15(12分)如图所示，长为L的光滑斜面固定在水平地面上，用平行于斜面的力F拉质量为m的小物块，恰好可以使它匀速向上滑动现改用大小为5F的力仍平行斜面向上拉该物块，让它从斜面底端由静止开始运动(1)求物块到达斜面顶端时速度大小；(2)若5F作用一段时间后撤去，物块恰能到达斜面顶端，求5F力作用的时间解析：(1)设斜面倾角为，物块匀速向上运动，有Fmgsin 0，当用5F的拉力时，设物块的加速度为a1，到达顶端时速度为v，5Fmgsin ma1，v202a1L，联立得v2 .(2)设5F的拉力至少作用t1时间，撤去后加速度大小为a2，得mgsin ma2，a1ta2tL，a1t1a2t2，联立得t1 .答案：(1)2 (2) 16(12分)质量为2 kg的木板B静止在水平面上，可视为质点的物块A从木板的左侧沿木板上表面水平冲上木板，如图甲所示A和B经过1 s达到同一速度，之后共同减速直至静止，A和B的v-t图象如