吉林省舒兰市第一高级中学2018_2019学年高二物理下学期第一次月考试题（含解析）.docx

吉林省舒兰市第一高级中学2018-2019学年高二物理下学期第一次月考试题（含解析）一选择题1. 介质中有一列简谐机械波传播，对于其中某个振动质点A. 它的振动速度等于波的传播速度B. 它的振动方向一定垂直于波的传播方向C. 它在一个周期内走过的路程等于一个波长D. 它的振动频率等于波源振动频率【答案】D【解析】A、在同种均匀介质中波的传播过程中传播速度为定值，而质点的在平衡两侧做简谐运动，其速度大小是变化的，和波速无关，故A错误；B、在纵波中质点的振动方向和波的传播方向相同或相反，并不垂直，故B错误；C、质点在一个周期内走过的路程等于4个振幅的长度，并非一个波长，故C错误；D、每个质点都在重复波源的振动因此质点的振动频率和波源的振动频率是相同的，故D正确。点睛：波动过程是传播波源的振动形式和能量的过程，振动质点并不随波一起传播，二是在自己平衡位置振动，因此明确波的形成是解本题关键。2.如图所示是一交变电流的i-t图像，则该交流电电流的有效值为A. AB. AC. 2AD. 4A【答案】B【解析】设交流电电流的有效值为I，电阻为R周期为T=310-2s，则，解得 I=A；故选A。点睛：此题要根据有效值的定义求解，即取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值3.一单摆的摆长为40cm，摆球在t=0时刻正从平衡位置向左运动，（g取10m/s2），则在t=1s时摆球的运动情况是（ ）A. 正向左做减速运动，加速度正在增大B. 正向左做加速运动，加速度正在减小C. 正向右做减速运动，加速度正在增大D. 正向右做加速运动，加速度正在减小【答案】B【解析】【详解】由题意，单摆的周期T=2=0.4s，t=1s，则TtT。而摆球在t=0时刻正从平衡位置向左运动，则t=1s时正靠近平衡位置向左运动，速度增大，加速度减小。故选B。【点睛】本题关键要抓住单摆振动的周期性，将一个周期可分成四个四分之一周期，根据提供的时间与周期的关系分析摆球的运动情况4.如图所示为一列简谐横波在t=2秒时的波形图，右图是这列波中P点的振动图线，那么该波的传播速度和传播方向是 ( )A. v=25cms，向左传播B. v=25cms，向右传播C. v=50cms，向左传播D. v=50cms，向左传播【答案】D【解析】由甲读出波长为=100cm由乙图读出周期为T=2s，则波速为根据波的周期性可知，t=20s质点P的速度方向与t=2s的速度方向相同，都沿向上方向，则在甲图上，由波形的平移法得知，该波向左传播所以选项ABC错误，D正确故选D.点睛：本题首先要能在振动图象上读出质点的速度和周期，再在波动图象上读出波长，判断出波的传播方向，考查把握两种图象联系的能力.5.如图所示，某质点在坐标原点O处做简谐振动，其振幅为0.05 m，振动周期为0.4 s，振动在介质中沿x轴正向直线传播，传播速度为1 m/s，当它由平衡位置O向上振动0.2 s后立即停止振动，则停止振动后经过0.2 s时刻的波形是图中的( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】波源向上振动0.2s后再经过0.2s则一共经过了0.4s，波向前传播的距离为，即0.4m处的质点由平衡位置刚开始振动，质点刚开始振动的方向和波源的振动方向一致，又因波向右传播，由“上坡下振，下坡上振”可知波形图和C选项一致，C正确，ABD错误。6.一个单摆在地面上做受迫振动，其共振曲线(振幅A与驱动力频率f的关系)如图所示，则()A. 此单摆的摆长约为1mB. 若摆长增大，单摆的固有频率增大C. 此单摆的固有周期约为0.5sD. 若摆长增大，共振曲线的峰将向右移动【答案】A【解析】【详解】由共振曲线可知当频率为0.5HZ的时候振幅最大，即达到了共振，说明单摆的固有频率为0.5HZ，因此单摆的固有周期为，C错误；由单摆的周期公式代入数据可知=1m，A正确；增大摆线长度，则单摆的周期变大频率变小，B错误；当固有频率等于驱动频率的时候为共振曲线的波峰，因此向左移动，D错误。7.劲度系数为20 N/cm的弹簧振子，它的振动图像如下图所示，则A. 在图中A点对应的时刻，振子所受的弹力大小为0.5N，方向指向x轴的负方向B. 在图中A点对应的时刻，振子的速度方向指向x轴的正方向C. 在04 s内振子做了1.75次全振动D. 在04 s内振子通过的路程为3.5cm，位移为0【答案】B【解析】【详解】A由图可知A在t轴上方，位移x=0.25cm，所以弹力F=-kx=-5N，即弹力大小为5 N，方向指向x轴负方向，故A错误；B由图可知过A点作图线的切线，切线斜率为正值，即振子的速度方向指向x轴的正方向，故B正确；C由图可看出，振子振动T=2s，在04s内完成两次全振动，故C错误；D同理在04s内振子的位移为零，又A=0.5cm，所以在这段时间内振子通过的路程为s=240.5cm=4cm，故D错误故选：B8.压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学利用压敏电阻设计了判断小车运动状态的装置，其工作原理如图所示，将压敏电阻和一块挡板固定在绝缘小车上，中间放置一个绝缘重球。小车向右做直线运动过程中，电流表示数如图所示，下列判断正确的是（ ）A. 从t1到t2时间内，小车做匀速直线运动B. 从t1到t2时间内，小车做匀加速直线运动C. 从t2到t3时间内，小车做匀速直线运动D. 从t2到t3时间内，小车做匀加速直线运动【答案】D【解析】试题分析：在t1t2内，I变大，阻值变小，压力变大，根据牛顿第二定律可知，小车做变加速运动，故AB错误；在t2t3内，I不变，压力恒定，小车做匀加速直线运动，故C错误，故D正确；故选：D考点：牛顿第二定律的应用.9.如图为一列沿x轴负方向传播的简谐横波在t0时的波形图，当Q点在t0时的振动状态传到P点时，则()A. 1 cmx3 cm范围内的质点正在向y轴的负方向运动B. Q处的质点此时的加速度沿y轴的正方向C. Q处的质点此时正在波峰位置D. Q处的质点此时运动到P处【答案】B【解析】【详解】当Q处的质点把振动状态传到P的时候，可看作当前的波形图中的从4到7的质点的振动状态传到了1到4处的质点，因此此时的波形图中质点1和3为平衡位置，质点2在波峰，质点Q在波谷；因此质点Q在波谷的位置，C错误；处于1到2之间的质点向y轴正方向运动，处于2到3的质点向y轴负方向运动，A错误；Q质点位于波谷，加速度沿y轴正方向，C正确；波在传播中质点只再平衡位置上下振动不随波传播，因此D错误。10.如图，一理想变压器原线圈接入一交变电源，副线圈电路中R1、R2、R3和R4均为固定电阻，开关S是闭合的V1和V2为理想电压表，读数分别为U1和U2；A1、A2和A3为理想电流表，读数分别为I1、I2和I3.现断开S，U1数值不变，下列推断中正确的是()A. U2变小，I3变小B. U2不变，I3变大C. I1变小，I2变小D. I1变大，I2变大【答案】BC【解析】【详解】副线圈开关S没有断开时电阻 并联后与 串联，开关S断开后则 并联后与 串联，因此可知副线圈的总电阻增大，电压表V2测量的时副线圈的电压，电流表A2测量的时副线圈的干路电流，因此由可知电压表V2的示数不变，则电流表A2的示数减小；由可知电流表A1的示数减小；则电阻R3两端的电压增大，故电流表A3的示数增大;B和C正确，A和D错误。11.图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，为交流电流表。线圈绕垂直于磁场方向的水平轴沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图像如图乙所示，以下判断正确的是 （ ）A. 电流表的示数为10AB. 线圈转动的角速度为50rad/sC. 0.01s时线圈平面与磁场方向平行D. 0.02s时电阻R中电流的方向自右向左【答案】AC【解析】由题图乙可知交流电电流的最大值是=A，交流电的周期T=0.02s，电流表的示数为交流电的有效值即=10A，选项A正确； 线圈转动的角速度rad/s，选项B错误；0.01s时流过线圈的感应电流达到最大，线圈中产生的感应电动势最大，磁通量的变化率最大，则穿过线圈的磁通量为0，即线圈平面与磁场方向平行，选项C正确；由楞次定律可知0.02s时流过电阻的电流方向自左向右，选项D错误。本题选AC。【考点定位】交变电流的产生及有效值与最大值的关系，楞次定律。12.图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n1:n2=5:1，电阻R=20，L1、L2为规格相同的两只小灯泡，S1为单刀双掷开关。原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间t的变化关系如图所示。现将S1接1、S2闭合，此时L2正常发光。下列说法正确的是()A. 输入电压u的表达式u=20sin(50t)VB. 只断开S2后，L1、L2均正常发光C. 只断开S2后，原线圈的输入功率减小D. 若S1换接到2后，R消耗的电功率为0.8W【答案】CD【解析】【详解】由图像可知接入的交流电的周期为，由可知输入电压的表达式为，A错误；开关S1接1，S2闭合时副线圈只有等L2接入电路，当把S2断开时副线圈中灯L1和灯L2串联接入电路，则每个灯的电压变为原来的一半，因此不能正常发光，B错误；由可知副线圈的电压不变，知副线圈的功率减小，又因变压器线圈两侧功率守恒，因此原线圈的功率也减小，C正确；电功率的计算应用电压的有效值进行计算，原线圈的有效值，由，则，D正确。二实验题13.有一种测量压力的电子秤，其原理图如图所示E是内阻不计、电动势为6 V的电源R0是一个阻值为300 的限流电阻G是由理想电流表改装成的指针式测力显示器R是一个压敏电阻，其阻值可随压力大小变化而改变，其关系如下表所示C是一个用来保护显示器的电容器秤台的重力忽略不计，试分析：(1)利用表中的数据归纳出电阻R随压力F变化的函数式R_ ；(2)若电容器的耐压值为5 V，该电子秤的最大称量值为_N；(3)如果把电流表中电流的刻度变换成压力刻度，则该测力显示器的刻度_(选填“均匀”或“不均匀”)【答案】（1） (2) (3)不均匀【解析】（1）由表中数据可知所以电阻R随压力F变化的函数表达式为（2）R上受到的压力越大，R的阻值越小，电容器两端电压越大，但不能超过5V，所以，解得R=60，又，得出，（3）电流表中的电流，电流I与压力F不是线性关系，则该测力显示器的刻度不均匀14.(1)某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中，先测得摆线长为L，摆球直径为d，然后用秒表记录了单摆全振动n次所用的时间为t则：他测得的重力加速度g=_（用测量量表示）(2)如果已知摆球直径为2.00 cm,让刻度尺的零点对准摆线的悬点，摆线竖直下垂，如右图所示，那么单摆摆长是_,如果测定了40次全振动的时间如下图中秒表所示，那么秒表读数是_s，单摆的摆动周期是_s.（3）某同学在利用单摆测定重力加速度的实验中，若测得的g值偏大，可能的原因是_A摆球质量过大B单摆振动时振幅较小C测量摆长时，只考虑了线长忽略了小球的半径D测量周期时，把n个全振动误认为（n1）个全振动，使周期偏大E测量周期时，把n个全振动误认为（n+1）个全振动，使周期偏小（4）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l并测出相应的周期T，从而得出一组对应的l和T的数值，再以l为横坐标、T2为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率K则重力加速度g=_（用K表示）【答案】 (1). (2). 0.8735 m (3). 75.2 (4). 1.88 (5). e (6). 【解析】【详解】（1）单摆的长度为摆线长加上小球的半径，因此由单摆的周期公式；（2）单摆长度，秒表的读数；将全振动的次数，秒表的读数75.2s，单摆的长度代入公式可知单摆的周期；（3）由可知摆球的质量和振幅大小不影响的测量；故AB错误；计算单摆的长度时忽略了小球的半径，测得的加速度偏小，C错误；当将n此全振动的次数当成（n+1）次时单摆的周期变小，因此测得的重力加速度偏大，而当成（n-1）次时周期变大则测得的重力加速度偏下，因此D错E对。（4）由可知三计算题15.如图为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO匀速转动，转动的角速度=10 rad/s，线圈的匝数N=10匝、电阻r=1，线圈所围面积S=0.1m2线圈的两端经滑环和电刷与阻值R=9的电阻相连，匀强磁场的磁感应强度B=1T在t=0时刻，线圈平面与磁场方向平行，则：(1)从图示位置开始计时，写出通过R的电流的瞬时表达式；(2)若在R两端接一个交流电压表，它的示数为多少？(3)线圈转动一周过程中，R上产生电热Q为多少？(4)线圈从图示位置转过90过程中，通过R的电荷量q为多少？【答案】(1)i=3.14cos31.4t A (2)U=20V （3）Q=9J (4) q=0.1C【解析】【详解】（1）感应电动势的最大值为：Em=NBS=1010.110V=31.4V感应电流的最大值为： 电流的瞬时表达式为：i=Imcost=3.14cos31.4t A（2）电流的有效值为：I= 电阻R两端电压有效值为：U=IR联立得电压表示数为：U=20V（3）R产生的热量为：Q=I2Rt一周时间为：t=0.2s解得：Q=9J（4）通过R的电荷量为：q=t又 所以 q=代入数据解得：q=0.1C【点睛】解决本题时要知道正弦式交流电峰值的表达式Em=nBS，以及知道峰值与有