辽宁省大连市一零三中学2019届高三物理上学期第二次月考试题（含解析）.docx

辽宁省大连市一三中学2019届高三上学期第二次月考物理试题一、选择题（本大题共10道小题，每题4分，共计40分。其中1-8题为单选，9-12题为多选，漏选得2分，错选和不选得0分。）1.物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步。下列表述正确的是( )A. 伽利略发现地月间的引力满足距离平方反比规律B. 用比值法来描述加速度这个物理量，其表达式a=F/mC. 将物体视为质点，采用了等效替代法D. 卡文迪许通过实验测出了万有引力常量【答案】D【解析】【详解】A、牛顿发现地月间的引力满足距离平方反比规律；故A错误；B、牛顿第二定律中加速度与力成正比，与质量成反比，故不是比值定义法；故B错误；C、质点采用的物理方法是理想化的物理模型；故C错误；D、牛顿发现了万有引力定律，但是卡文迪许通过实验测出了万有引力常量；故D正确；故选D.【点睛】本题考查物理学史及物理方法，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2.玻璃杯从同一高度落下，掉在石头上比掉在草地上容易碎，这是由于玻璃杯与石头的撞击过程中（）A. 玻璃杯的动量较大 B. 玻璃杯受到的冲量较大C. 玻璃杯的动量变化较大 D. 玻璃杯受到的冲力较大【答案】D【解析】【分析】玻璃茶杯从同一高度掉下，落在水泥地上，茶杯与水泥地作用时间短，而落在海绵垫上，茶杯与海绵垫作用时间长，根据速度关系，分析动量和动量变化的关系，根据动量定理分析茶杯所受冲量关系和冲力的关系【详解】玻璃杯从同一高度下落，落地前的速度大小相等，故落地前的动量相等；而最后的速度均为零；故说明动量的变化一定相等；由动量定理可知冲量也一定相等；但由于掉在水泥地上的时间较短，则说明玻璃杯掉在水泥地上动量变化较快，从而导致冲击力较大；使玻璃杯易碎；故A，B，C错误，D正确；故选D.【点睛】在用动量定理解释生活中的现象时，要抓住两种情况下的相同之处和不同之处，然后再加以对比找出问题的关键3.如图所示，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，V与A分别为理想电压表与电流表初始时S0与S均闭合，现将S断开，则（ ）A. V的读数变大，A的读数变小B. V的读数变大，A的读数变大C. V的读数变小，A的读数变小D. V的读数变小，A的读数变大【答案】B【解析】S断开后，回路外部总电阻增大，则总电流减小，路端电压增大，所以电压表示数增大，由于总电流减小所以R1分的电压减小，而路端电压增大，所以R3上分的电压增大，则电流表示数增大，故B正确；综上所述本题答案是：B4.如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行。整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏移量y变大的是（ ）A. U1变大，U2变大B. U1变小，U2变大C. U1变大，U2变小D. U1变小，U2变小【答案】B【解析】试题分析：根据动能定理：eU1=mv2；在偏转电场中vy=at；若使偏转角变大即使tan变大，由上式看出可以增大U2减小U1故选B考点：带电粒子在电场中的运动5.一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变，在两极板间插入一电介质，其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是A. C和U均增大 B. C增大，U减小 C. C减小，U增大 D. C和U均减小【答案】B【解析】解：由公式知，在两极板间插入一电介质，其电容C增大，由公式知，电荷量不变时U减小，B正确故选B【点评】本题考查了等容的定义式和决定式的配合应用视频6.为研究太阳系内行星的运动，需要知道太阳的质量，已知地球半径为R，地球质量为m，太阳与地球中心间距为r，地球表面的重力加速度为g，地球绕太阳公转的周期为T。则太阳的质量为( )A. . B. C. . D. .【答案】A【解析】【分析】地球绕太阳公转，知道了轨道半径和公转周期利用万有引力提供向心力可列出等式根据地球表面的万有引力等于重力列出等式，联立可求解【详解】地球表面物体重力等于万有引力，得；地球围绕太阳做圆周运动万有引力提供向心力有，得，联立解得，故选A.【点睛】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力7.如图所示，一半径为R，粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径POQ水平。一质量为m的质点自P点上方高度R处由静止开始下落，恰好从P点进入轨道。质点滑到轨道最低点N时，对轨道的压力为4mg，g为重力加速度的大小。用W表示质点从P点运动到N点的过程中客服摩擦力所做的功。则A. ，质点恰好可以到达Q点B. ，质点不能到达Q点C. ，质点到达Q后，继续上升一段距离D. ，质点到达Q后，继续上升一段距离【答案】C【解析】试题分析：在N点，根据牛顿第二定律有：，解得，对质点从下落到N点的过程运用动能定理得，mg2RWmvN20，解得W=mgR由于PN段速度大于NQ段速度，所以NQ段的支持力小于PN段的支持力，则在NQ段克服摩擦力做功小于在PN段克服摩擦力做功，对NQ段运用动能定理得，mgRWmvQ2mvN2，因为WmgR，可知vQ0，所以质点到达Q点后，继续上升一段距离故C正确，ABD错误故选C。考点：牛顿第二定律；动能定理【名师点睛】本题考查了动能定理和牛顿第二定律的综合运用，知道在最低点，靠重力和支持力的合力提供向心力，通过牛顿第二定律求出N点的速度是关键注意在NQ段克服摩擦力做功小于在PN段克服摩擦力做功。视频8.两个质点A、B放在同一水平面上，由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，其运动的vt图象如图所示。对A、B运动情况的分析，下列结论正确的是： （ ）A. A、B加速时的加速度大小之比为21B. 在t3t0时刻，A、B相距最远C. 在t5t0时刻，A、B相距最远D. 在t6t0时刻，A、B相遇【答案】D【解析】【详解】A、速度时间图象的斜率表示加速度，则A加速时的加速度，B加速度大小，所以A、B加速时的加速度大小之比为10：1，故A错误。B、C、速度时间图线与时间轴所围成的面积表示位移，当AB速度相等时，相距最远，由图象可知，在2t0和3t0之间相距最远，故B，C错误。D、当AB图象与坐标轴围成的面积相等时，相遇，根据图象可知，在t=6t0时刻，A、B位移相等，相遇，故D正确。故选D。【点睛】解决本题的关键通过图象得出匀加速运动和匀减速运动的加速度，以及知道速度-时间图线与时间轴所围成的面积表示位移9.如图所示水平传送带A、B两端点相距x=4m，以v0=2m/s的速度（始终保持不变）顺时针运转今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至A点处，已知小煤块与传送带间的动摩擦因数为0.4，g取10m/s2由于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕则小煤块从A运动到B的过程中（ ）A. 小煤块从A运动到B的时间是sB. 小煤块从A运动到B的时间是2.25sC. 划痕长度是4mD. 划痕长度是0.5m【答案】BD【解析】试题分析：小煤块滑上传送带后先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度后做匀速直线运动，根据位移公式求出滑块和传送带的相对位移大小，即划痕的长度；根据运动学公式分别求出匀加速和匀速运动的时间，从而得出小煤块从A运动到B的时间根据牛顿第二定律得，小煤块的加速度，则匀加速运动的时间，匀加速运动的位移则小煤块匀速运动的位移，则匀速运动的时间，所以小煤块从A运动到B的时间，A错误B正确；在煤块匀加速运动的过程中，传送带的位移，则划痕的长度，C错误D正确10.如图所示，一块长木板B放在光滑的水平面上，在B上放一个木块A。现以恒定的拉力F拉B，由于A、B间的摩擦力的作用，A将在B上滑动，以地面为参照物， A、B都向右移动一段距离，在此过程中下列中说法正确的是 （ ）A. B对A的摩擦力所做的功等于A的动能增量B. 外力F所做的功等于系统（A和B）的动能增量C. 外力F对B所做的功等于B的动能增量与B克服摩擦力所做的功之和D. A对B的摩擦力所做的功等于B对A的摩擦力所做的功【答案】AC【解析】【详解】A、对A物运用动能定理，则有B对A的摩擦力所做的功，等于A的动能的增量，故A正确.B、选择A和B作为研究对象，运用动能定理研究，B受外力F做功，A对B的摩擦力与B对A的摩擦力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，但是由于A在B上滑动，A、B对地的位移不等，故二者做功不等，故：WF+(-fx)=EkA+EkB，其中x为A、B的相对位移，所以外力F做的功不等于A和B的动能的增量，故B错误.C、对B物体应用动能定理，WF-Wf=EkB，Wf为B克服摩擦力所做的功，即WF=EkB+Wf，就是外力F对B做的功等于B的动能增量与B克服摩擦力所做的功之和，故C正确.D、A对B的摩擦力与B对A的摩擦力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，但是由于A在B上滑动，A、B对地的位移不等，故二者做功不等，故D错误.故选AC.【点睛】运用动能定理时，研究对象如果是系统，系统的内力做功也要考虑一般情况下两物体相对静止，系统的内力做功为0如果两物体有相对位移，那么系统的内力做功有可能就不为零；对于动能定理列出的表达式注意变形，要和所求的问题相接近11.如图所示,质量为M的楔形物块静止在水平地面上,其斜面的倾角为.斜面上有一质量为m的小物块,小物块与斜面之间存在摩擦用恒力F沿斜面向上拉小物块,使之匀速上滑在小物块运动的过程中,楔形物块始终保持静止地面对楔形物块的支持力和楔形物块的受力情况( )A. (Mm)gF B. (Mm)gFsin C. 受三个力 D. 受四个力【答案】BD【解析】【详解】A、B、以物块m和楔形物块M整体为研究对象，分析受力情况，如图:由平衡条件得地面对楔形物块支持力大小为：N=(M+m)g-Fsin;故A错误，B正确.C、D、对物块受力分析知，受拉力F、重力、斜面的支持力、斜面的滑动摩擦力，即面一共受四个力；故C错误，D正确.故选BD.【点睛】本题采用整体法处理两个物体的平衡问题，也可以采用隔离法研究；但过程要比整体法复杂，故在解题时优先应用整体法12.一半径为R的光滑圆环竖直放在水平向右的场强为E的匀强电场中，如图所示，环上a、c是竖直直径的两端，b、d是水平直径的两端，质量为m的带负电小球套在圆环上，并可沿环无摩擦滑动，已知小球自a点由静止释放，沿abc运动到d点时速度恰好为零，由此可知( )A. 小球所受重力与电场力大小相等B. 小球在d点时的电势能最小C. 小球在b点时的机械能最大D. 小球在圆环上b、c中点时的动能最大【答案】ACD【解析】【分析】根据动能定理研究小球从a到d的过程，可得到重力与电场力的关系；小球由a点释放，受到重力、电场力和环的弹力作用，根据电场力做功与电势能变化的关系得到电势能的变化情况，根据动能定理判断动能的变化情况【详解】A、D、根据动能定理，从a到d过程，有：mgR-qER=0，解得qE=mg，即电场力与重力大小相等，故A正确；B、根据功能关系，电场力做正功，电势能减小；电场力向左，故运动到b点时电场力做的正功最多，电势能减少的最多，故电势能最小，故B错误；C、根据功能关系，除重力外其余力做功等于机械能的增加量；小球受到重力、电场力和环的弹力作用，弹力沿径向，速度沿着切向，故弹力一直不做功，除重力外只有电场力做功，由于电场力水平向左，故运动到b点时，电场力做的功最多，机械能增量最大，故小球在b点时，机械能最大，故C正确；D、电场力与重力大小相等，故重力场和电场的复合场中的最低点在bc段圆弧的中点处，小球运动到此处时动能最大；故D正确.故选ACD.【点睛】本题关键是对小球受力分析后，能够灵活地运用功能关系列式分析求解二、实验题（每空2分，共计16分） 如右图所示装置可用来验证机械能守恒定律。摆锤A拴在长L的轻绳一端，另一端固定在O点，在A上放个小铁片，现将摆锤拉起，使绳偏离竖直方向成角时由静止开始释放摆锤，当其到达最低位置时，受到竖直挡板P阻挡而停止运动，之后铁片将飞离摆锤而做平抛运动。13.为了验证摆锤在运动中机械能守恒，必须求出摆锤在最低点的速度。为了求出这一速度，实验中还测量了遇到挡板之后铁片的水平位移S和竖直下落高度h。根据测得的物理量表示摆锤在最低点的速度v= 14.根据巳知的和测得的物理量，写出摆锤在运动中机械能守恒的关系式为 。【答案】13. 14. 【解析】两者碰撞后发生了速度交换，即摆锤在最低点的速度等于铁片的初速度，因为铁片做平抛运动，所以，所以可得，(2)设摆锤在最低点为零势能点，所以摆锤在最高点的重力势能为，小球在最低点的动能为，所以联立可得15. （12分）在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准，待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm。（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图1所示，其读数应为_mm（该值接近多次测量的平均值）；（2）用伏安法测金属丝的电阻Rx实验所用器材为：电池组(电动势为3V，内阻约1)、电流表(内阻约0.1)、电压表(内阻约3k)、滑动变阻器R(020，额定电流2A)、开关、导线若干 某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：次数1234567U/V00.100.300.701.001.501.70I/A00.0200.0600.1600.2200.3400.460由以上数据可知，他们测量Rx是采用图2中的_图；（3）图3是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端请根据图(2)所选的电路图，补充完成图3中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏；（4）这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图4所示，请根据实验记录数据描绘出UI图线，由图线得到金属丝的阻值Rx=_(保留两位有效数字)；（5）根据以上数据可以估算出金属丝的电阻率约为_(填选项前的符号)。A110-2m B110-3m C110-6m D110-8m【答案】（1）（0.3950.399）（2分）（2）甲（2分）（3）如答图3（2分）（4）如答图4（2分）（4.34.7）（2分）（5）C （2分）【解析】试题分析：（1）螺旋测微器的读数为d=0+39.90.01mm=0.399mm（0.3950.399都对）；（2）由给出的数据表可知，电流和电压从零调，所以滑动变阻器应用分压式接法；由待测金属丝电阻远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，故应采用甲图。（3）如答图3 （4）如答图4 （4.34.7）（5）由可得，带入数据可得=110-6m，所以C正确。考点：本题考查了测定金属的电阻率三、计算题（36分。其中13题10分，14题12分，15题14分）16.如图所示，一个质量m=4kg的物块以速度v=2m/s水平滑上一静止的平板车上，平板车质量M=16kg，物块与平板车之间的动摩擦因数=0.2，其它摩擦不计（取g=10m/s2），求：（1）物块相对平板车静止时，物块的速度；（2）物块相对平板车上滑行，要使物块在平板车上不滑下，平板车至少多长？【答案】(1)0.4m/s （2）0.8m【解析】（1）物块与平板车组成的系统动量守恒，以物块与普遍车组成的系统为研究对象，以物块的速度方向为正方向，由动量守恒定律得，解得；（2）对物块由动量定理得，解得；物块在平板车上做匀减速直线运动，平板车做匀加速直线运动，由匀变速运动的平均速度公式得，对物块，对平板车，物块在平板车上滑行的距离，解得，要使物块在平板车上不滑下，