内蒙古赤峰林东第一中学2018_2019学年高二物理4月月考试题（含解析）.docx

内蒙古赤峰林东第一中学2018-2019学年高二物理4月月考试题（含解析）一、选择题（期中2,3,5,6小题为多项选择，1,4,7,8,9，10小题为单项选择题。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。共10小题50分）1. 如图所示，A、B分别是甲、乙两小球从同一地点沿同一直线运动的v-t图象，根据图象可以判断（ ）A. 两球在t=2s时速率相等B. 两球在t=8s时相距最远C. 两球运动过程中不会相遇D. 甲、乙两球做初速度方向相反的匀减速直线运动，加速度大小相同方向相反【答案】A【解析】考点：匀变速直线运动的图像分析：速度图象的斜率等于物体的加速度，加速度的正负表示物体加速度的方向；等两物体的速度相同时两物体相距最远；当两物体通过的位移相同时两物体相遇解答：解：A、两球在t=2s时刻甲乙两物体的速度分别为20m/s、-20m/s，所以它们的速率相等，故A正确B、C、甲物体8s内的总面积为零即总位移为零，说明甲物体由回到出发点，乙物体前2s内静止，后6s内的总位移为零，说明乙物体也回到了出发点，又因为两物体从同一地点出发，所以两物体此时相遇，并且相距最近，故BC错误D、甲、乙两小球作的均做匀变速直线运动，加速度a=，解得：a甲=-10m/s2，a乙=m/s2，故D错误故选A点评：运动学公式是矢量式，故运用运动学公式解题时要注意正方向的选择，与正方向相同的矢量都是正的，相反的都是负的；比较矢量的大小只看矢量的绝对值，不看正负号，因为正负号表示矢量的方向；相距最远时速度相同，相遇时位移相同2.如图所示，从地面上同一位置抛出两小球A、B，分别落在地面上的M、N点，两球运动的最大高度相同。空气阻力不计，则A. B的加速度比A的大B. B的飞行时间比A的长C. B在最高点的速度比A在最高点的大D. B在落地时的速度比A在落地时的大【答案】CD【解析】由A、B的受力即可比较A、B的加速度大小；由于斜抛运动竖直方向是匀变速直线运动，上抛的高度可比较出飞行的时间和落地的竖直分速度；最高点物体的竖直分速度为零，只有水平分速度，根据水平方向是匀速直线运动，则依据水平位移的大小即可比较A、B的水平分速度的大小；最后根据即可比较出落地时速度的大小。对A项：斜抛运动中的A、B球都只受重力，由牛顿第二定律知，它们的加速度均为g,故A项错误；对B项：斜抛运动可分解为水平方向的直线运动和竖直方向的匀变速直线运动，由于两球运动的最大高度相同，故它们上升时间和下落时间均相等，故B错误；对C项：在最高点时，小球的竖直分速度为零，只有水平分速度，由水平位移：，且知B的水平分速度大于A的水平分速度，则B在最高点的速度比A在最高点的大，C项正确；对D项：由于高度相同，则由知：A、B球落地的竖直分速度相同，故落地的速度由得：B球大于A球，故D项正确。故答案为CD。【考点定位】斜上抛运动，运动的合成与分解，要注意理解斜上抛运动是水平方向的匀速直线运动和竖直方向的的匀变速直线运动。难度：中等。3.如图所示，大木块M上表面是水平的，小木块m置于M上，并与M一起沿光滑斜面由静止开始下滑，二者始终保持相对静止，则在下滑过程中（ ）A. 小木块受到水平向左的摩擦力B. 小木块受到的支持力与小木块的重力大小相等C. 小木块的运动可分解为水平方向的匀速运动和竖直方向的匀加速运动D. 小木块的运动可分解为水平方向的匀加速运动和竖直方向的匀加速运动【答案】AD【解析】【详解】对整体易得加速度沿着斜面向下，对小木块将加速度分解为水平向左的加速度ax和竖直向下的加速度ay，而对小木块受力有重力mg（竖直向下）、支持力N（竖直向上）和摩擦力f（水平方向），显然水平分加速度只能由摩擦力提供，即f=max，故小木块受到水平向左的摩擦力，AD正确，C错误；竖直方向由牛顿第二定律可得，mg-N=may，故mgN，B错误。4.如图，把一个带电小球A固定在光滑的水平绝缘桌面上，在桌面的另一处放置带电小球B。现给B一个沿垂直AB方向的速度v0，下列说法中正确的是( )A. 若A、B为异性电荷，B球一定做圆周运动B. 若A、B为异性电荷，B球可能做匀变速曲线运动C. 若A、B为同性电荷，B球一定做远离A变加速曲线运动D. 若A、B为同性电荷，B球的动能一定会减小【答案】C【解析】试题分析：若A、B为异种电荷，A、B之间的库仑力为吸引力，当A、B之间的库仑力恰好等于向心力的时候，B球就绕着A球做匀速圆周运动，当A、B之间的库仑力不等于向心力的时候，B球就做曲线运动，它们之间的库仑力会变化，所以做的是变加速曲线运动，故A和B错误；若A、B为同种电荷，A、B之间的库仑力为排斥力，并且力的方向和速度的方向不再一条直线上，所以B球一定做曲线运动，由于A、B之间的距离越来越大，它们之间的库仑力也就越来越小，所以B球的加速度在减小，而速度在增大，它做的是变加速曲线运动，C正确，D错误，本题选C。考点：力和电结合下的曲线运动。【名师点睛】本题分A、B为同种电荷和异种电荷两种情况来讨论，当为同种电荷时，B球要远离A球，当为异种电荷的时候，根据库仑力和向心力的大小关系来分别讨论可能的运动情况当A、B为异种电荷的时候，当库仑力恰好等于向心力的时候，B球就绕着A球做匀速圆周运动；当库仑力大于向心力的时候，B球做向心运动；当库仑力小于向心力的时候，B球做离心运动。5.2010年1月17日，我国成功发射北斗COMPASS-Gl地球同步卫星。这标志着中国北斗卫星导航系统工程建设又迈出重要一步。关于成功定点后的“北斗COMPASS-Gl”地球同步卫星，下列说法正确的是（ ）A. 运行速度大于7.9 km/sB. 离地面高度一定，相对地面静止C. 绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度小D. 向心加速度比静止在赤道上的物体的向心加速度大【答案】BD【解析】【详解】第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度。而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，根据，可以发现，同步卫星运行的线速度一定小于第一宇宙速度。故A错误；因为同步卫星要和地球自转同步，即相同，根据，因为一定，所以 r 必须固定，故B正确；根据万有引力提供向心力，得：，同步卫星的轨道半径要小于月球的轨道半径，所以同步卫星绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度大，故C错误；同步卫星与赤道上的物体具有相同的周期，根据向心加速度的公式：，同步卫星的轨道半径要大于静止在赤道上的物体的轨道半径，所以同步卫星向心加速度比静止在赤道上的物体的向心加速度大，故D正确。6.将一电荷量为+Q小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等。a、b为电场中的两点，则A. a点的电场强度比b点的大B. a点的电势比b点的高C. 检验电荷-q在a点电势能比在b点的大D. 将检验电荷-q从a点移到b点的过程中，电场力做负功【答案】ABD【解析】A项：电场线越密集的地方电场强度就越大，从上图中可以看出a处的电场线比b处的电场线密集，所以a点的场强大于b点的场强，故A项正确；B项：a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止,所以a点的电势高于金属球的电势,而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远,所以金属球的电势高于b点的电势,即a点的电势比b点的高.故B错误;C项：电势越高的地方,负电荷具有的电势能越小,即负电荷在a点的电势能较b点小,故C错误;D项：由上知,-q在a点的电势能较b点小,则把-q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点,电势能增大,电场力做负功.所以D选项是正确的.综上所述：本题答案为：AD 【此处有视频，请去附件查看】7.某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系如图所示用此电源和电阻R1、R2组成电路R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路为使电源输出功率最大，可采用的接法是 ( ) A. 将R1、R2串联后接到电源两端B. 将R1、R2并联后接到电源两端C. 将R1单独接到电源两端D. 将R2单独接到电源两端【答案】C【解析】这是直流电中的电路问题，由图像容易判断电源的电动势为3V，内阻为0.5，R1单独接到电源两端输出功率为1.5V3A=4.5W，R2单独接到电源两端输出功率则为2V2A=4W，且计算得R1、R2的电阻分别为0.5、1，当将R1、R2串联后接到电源两端利用欧姆定律可得电路电流1.5A，此时路端电压为1.5A1.5=2.25V，输出功率为2.25V1.5A =3.375 W；而将R1、R2并联后接到电源两端同理可求得输出功率为4.32W，因此将R1单独接到电源两端电源输出功率最大.实际上，本题还有更为简单的解法，因为电源的内阻为0.5，所以外电路的电阻等于0.5电源输出功率最大，答案显而易见.8.如图所示，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路,导线所围区域内有一垂直纸面向里的变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环。导线abcd所围区域内磁场的磁感强度按图中哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体圆环将受到向上的磁场作用力: （）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】导体圆环将受到向上的磁场作用力，根据楞次定律的另一种表述，可见原磁场磁通量是减小，即螺线管和abcd构成的回路中产生的感应电流在减小。根据法拉第电磁感应定律，E，则感应电流I，可知减小时，感应电流才减小。A选项减小，B选项增大，C、D选项不变。所以A正确，B、C、D错误。9.在光滑的绝缘水平面上，有一个正三角形abc，顶点a、b、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示，D点为正三角形外接圆的圆心，E、G、H点分别为ab、ac、bc的中点，F点为E点关于电荷c的对称点，则下列说法中正确的是（ ）A. D点的电场强度一定不为零，电势可能为零B. E、F两点的电场强度等大反向，电势相等C. E、G、H三点的电场强度和电势均相同D. 若释放电荷c，电荷c将一直做加速运动（不计空气阻力）【答案】D【解析】【详解】D点到a、b、c三点的距离相等，故三个电荷在D点的场强大小相等，方向夹角为120，故D点合场强为0由于电势具有相对性，D点电势的数值也可能为0，故A错误；E点在a、b中点，a、b在E点合场强为0，a、b、c三个电荷在E点的场强等于一个电荷c在E点产生的场强，而a、b两电荷在F点合场强不为0，故E、F两点的场强不相等，B错误；G点场强等于b电荷产生的场强，H点场强等于a电荷产生的场强，故E、G、H三点场强大小相等，方向不同，场强不同。根据对称性知三点的电势相等，故C错误。若释放电荷c，则a、b在C点的合场强水平向右，故a、b始终对c有斥力作用，故c电荷将一直做加速运动，故D正确。10.如图所示，相距为d的两水平虚线p1、p2表示方向垂直纸面向里的匀强磁场的上下边界，磁场的磁感应强度为B。正方形线框abcd的边长为L（Ld）、质量为m、电阻为R，线框处在磁场正上方，ab边与虚线p1相距h。线框由静止释放，下落过程中线框平面始终在竖直平面内，线框的ab边刚进人磁场时的速度和ab边刚离开磁场时的速度相同。在线框从进入到全部穿过磁场的过程中，下列说法正确的是 （ ）A. 线框克服安培力所做的功为mgdB. 线框克服安培力所做的功为mgLC. 线框的最小速度为D. 线框的最小速度为【答案】D【解析】【详解】线框的ab边刚进入磁场到ab边刚离开磁场这段过程中，根据动能定理得：mgd-WA=0，所以WA=mgd线框的ab边刚进入磁场时的速度和ab边刚离开磁场时的速度相同，可知线框进磁场的过程和出磁场的过程是相同的，所以在线框从进入到全部穿过磁场的过程中，克服安培力做的功为WA总=2WA=2mgd。故A正确，B错误。 线框刚完全进入磁场时的速度最小，线框的ab边刚进入磁场时的速度，则ab边刚离开磁场时的速度，由v2-v02=2g（d-L），知，故线框的最小速度为 ，故C错误、D正确。二实验题（14分）11.实验室新进了一批低电阻的电磁螺线管，课外活动小组的同学设计了一个试验来测算螺线管的电阻。他们选择了多用电表、电流表、电压表、开关、滑动变阻器、导线和学生电源等。（1）他们使用多用电表粗测金属丝的电阻，操作过程分以下三个步骤：将红表笔插入多用电表的_插孔（正、负）、黑表笔插入多用电表的_插孔（正、负）；选择电阻档“1”；_把红黑表笔分别与螺线管金属丝的两端相接，多用表的示数如图所示，读数为_（2）根据多用电表示数，为了减少实验误差，并在实验中获得较大的电压调节范围，应从下图中的A、B、C、D四个电路中选择_ 电路来测量金属丝电阻；A.B.C.D.（3）他们正确连接电路，接通电源后，调节滑动变阻器，发现电流始终无示数。请设计一种方案，利用多用电表检查电路故障并写出判断依据。（只需写出简要步骤）_【答案】 (1). 正 (2). 负 (3). 将红、黑表笔短接，调整调零旋钮调零； (4). 4 (5). D (6). 使用多用电表的电压档位,接通电源,逐个测量各元件、导线上的电压,若电压等于电源电压,说明该元件或导线断路故障。 (7). 使用多用电表的电阻档位,断开电路或拆下元件、导线,逐个测量各元件、导线上的电阻,若电阻为无穷大,说明该元件或导线断路故障【解析】【详解】（1）将红表笔插入多用电表的正插孔、黑表笔插入多用电表的负插孔；选择电阻档“1”；将红、黑表笔短接，调整调零旋钮调零；把红黑表笔分别与螺线管金属丝两端相接，多用表的示数如图所示，读数为4；（2）为了减少实验误差，并在实验中获得较大的电压调节范围，滑动变阻器应该采用分压电路；待测电阻阻值较小，故应该采用电流表外接电路；故选D；（3）利用多用电表检查电路故障以及判断依据：使用多用电表的电压档位，接通电源，逐个测量各元件、导线上的电压，若电压等于电源电压，说明该元件或导线断路故障。使用多用电表的电阻档位,断开电路或拆下元件、导线，逐个测量各元件、导线上的电阻,若电阻为无穷大，说明该元件或导线断路故障.三计算题12.如图所示，匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd，线圈平面与磁场垂直。已知线圈的匝数N=100，边长ab=1.0 m、bc=0.5 m，电阻r=2。磁感应强度B在0 1 s内从零均匀变化到0.2 T。在15 s内从0.2 T均匀变化到-0.2T，取垂直纸面向里为磁场的正方向。求：（1）0.5s 时线圈内感应电动势的大小E和感应电流的方向；（2）在15s内通过线圈的电荷量q；（3）在05s内线圈产生的焦耳热Q。【答案】（1）E=10V，感应电流方向为adcba（2）q=10C （3）Q=100J【解析】（1）要求解0.5s时的感应电动势，只能通过求平均感应电动势着眼。由于线圈与磁场方向垂直的有效面积不变，只是磁感应强度均匀变化，则0.5s的瞬时感应电动势正好与0 1 s的平均感应电动势相等。感应电流的方向可根据楞次定律来进行判断即可。（2）要分析15s的电荷量q，则只要根据求解即可；（3）由于磁场的变化分0 1 s和1 5 s两个不同的阶段，可从两阶段分别对线圈产生的焦耳热进行分析，运用即可求得。（1）磁感应强度B在0 1 s 内从零均匀变化到0.2 T，故0.5s时刻的瞬时感应电动势的大小和0 1 s 内的平均感应电动势大小相等。则由感应电动势：且磁通量的变化量，可解得，代入数据得。0 1 s磁感应强度在逐渐增大，根据楞次定律：感应电流产生的磁场将与原磁场方向相反，则感应电流的方向为：adcba。（2）同理可得：，感应电流，电量解得：,代入数据得：q=10C。（3）0 1 s 内的焦耳热，且15 s 内的焦耳热，由,代入数据得：【考点定位】法拉第电磁感应定律、楞次定律、电荷量及焦耳热的综合。注意分阶段考虑，考查考生的分析能力、推理能力等。难度：中等。【此处有视频，请去附件查看】13.如图所示，有一足够长斜面，倾角，一小物块从斜面顶端A处由静止下滑，到B处后，受一与物体重力大小相等的水平向右恒力作用，物体最终停在C点（C点未画出）。若.物块与斜面间动摩擦因素，求：（1）物体到达B点的速度多大？（2）BC距离多大？【答案】（1）3m/s；（2）0.5m；【解析】 (1)物块在AB段受重力、斜面弹力