2019-2020学年高中物理上学期第16周训练题.doc

2019-2020学年高中物理上学期第16周训练题1、 选择题（本大题共8小题，15题为单项选择，68题为多项选择，共48分）1.如图所示，为放在匀强电场中的天然放射源，其放出的射线在电场的作用下分成、三束，下列判断中正确的是（）A.a为射线，b为射线B.a为射线，b为射线C.b为射线，c为射线D.b为射线，c为射线2.有三个完全相同的金属小球A、B、C，其中小球C不带电，小球A和B带有等量的同种电荷，如图所示，A球固定在竖直支架上，B球用不可伸长的绝缘细线悬于A球正上方的O点处，静止时细线与OA的夹角为.小球C可用绝缘手柄移动，重力加速度为g，现在进行下列操作，其中描述与事实相符的是()A. 仅将球C与球A接触离开后，B球再次静止时细线中的张力比原来要小B. 仅将球C与球B接触离开后，B球再次静止时细线与OA的夹角为1，仅将球C与球A接触离开后，B球再次静止时细线与OA的夹角为2，则1=2C. 剪断细线OB瞬间，球B的加速度等于gD. 剪断细线OB后，球B将沿OB方向做匀变速直线运动直至着地3.如图所示是一场强大小为E、方向水平向右的匀强电场，现将一电子从A点移动到B点.已知电子的带电量为e，AB间距离为d，AB连线与电场线成37角，则可知()A. 电子的电势能减小B. 电场力做功为W=eEdC. 电场中A点的电势A小于B点的电势BD. AB两点的电势差为UAB=Edcos374.如图所示，在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，M=30.M、N、P、F四点处的电势分别用M、N、p、F表示.已知M=N，P=F，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则()A. 点电荷Q一定在MP的中点B. P大于MC. N点的场强比P点的场强大D. 将负试探电荷从P点搬运到N点，电场力做正功5.如图所示，匀强电场中，A、B、C三点构成一边长为a的等边三角形，电场强度方向平行于纸面.现有一个电子，在电场力作用下，由A至C动能减少W，而质子在电场力作用下，由A至 B动能增加W.则该匀强电场E的大小和方向的判定正确的是（ ）A.E=，方向垂直BC并由A指向BC B.E=，方向垂直BC并由A指向BCC.E=，方向垂直AC并由B指向AC D.E=，方向垂直AB并由C指向AB6.图中K、L、M为静电场中的三个相距很近的等势面(K、M之间无电荷).一带电粒子射入此静电场中后，依abcde轨迹运动.已知电势KLM.下列说法中正确的是()A. 粒子带负电B. 粒子在bc段做减速运动C. 粒子在b点与d点的速度相同D. 粒子在c点时电势能最大7.如图1412所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷Q，在x轴上C点有点电荷Q且COOD，ADO60.下列判断正确的是()A.O点电场强度为零B.D点电场强度为零C.若将点电荷q从O移向C，电势能增大D.若将点电荷q从O移向C，电势能增大8.如图所示，水平面内的等边三角形ABC的边长为L，顶点C恰好位于光滑绝缘直轨道CD的最低点，光滑直导轨的上端点D到A、B两点的距离均为L，D在AB边上的竖直投影点为O.一对电荷量均为-Q的点电荷分别固定于A、B两点.在D处将质量为m、电荷量为+q的小球套在轨道上(忽略它对原电场的影响)，将小球由静止开始释放，已知静电力常量为k、重力加速度为g，且kQqL2=33mg，忽略空气阻力，则()A. 轨道上D点的场强大小为mg2qB. 小球刚到达C点时，其加速度为零C. 小球刚到达C点时，其动能为32mgLD. 小球沿直轨道CD下滑过程中，其电势能先增大后减小题号12345678答案三、实验题探究题（本大题共2小题，每空3分，共18分）9.(1)影响平行板电容器电容的因素有_ ，在实验室中完成这个实验的方法是_ A.两极板的正对面积 B.两板间距离 C.电介质的介电常数D.极板的材料 F.控制变量法 G.假设法 H.微小量放大法(2)在研究影响平行板电容器电容大小因素的实验中，如图所示，把一个平行板电容器与一个静电计相连接后，给电容器带上一定电量，静电计指针的偏转指示出电容器两板间的电势差的变化，现保持B极板不动，而要使静电计指针的偏角增大，可采取的办法是_ A、A板向右移一些B、A板向左移一些C、A板向上移一些D、在MN之间插入一片有机玻璃板10.在探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中，一同学猜想可能与两电荷的间距和带电量有关.他选用带正电的小球A和B，A球放在可移动的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如图所示.实验时，先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大. (1)实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的_ 而增大，随其所带电荷量的_ 而增大.(两空均选填“增大”、“减小”) (2)此同学在探究中应用的科学方法是_ (选填“累积法”、“等效替代法”、“控制变量法”或“演绎法”)四、计算题（本大题共2小题，共34分）11.(14分）一质量为m=6kg带电量为q=-0.1C的小球P自动摩擦因数u=0.5倾角=53的粗糙斜面顶端由静止开始滑下，斜面高h=6.0m，斜面底端通过一段光滑小圆弧与一光滑水平面相连.整个装置处在水平向右的匀强电场中，场强E=200N/C，忽略小球在连接处的能量损失，当小球运动到水平面时，立即撤去电场.水平面上放一静止的不带电的质量也为m的14圆槽Q，圆槽光滑且可沿水平面自由滑动，圆槽的半径R=3m，如图所示.(sin53=0.8，cos53=0.6，g=10m/s2.) (1)在沿斜面下滑的整个过程中，P球电势能增加多少？(2)小球P运动到水平面时的速度大小(3)试判断小球P能否冲出圆槽Q12.（20分）如图所示，在距离某平面高2h处有一抛出位置P，在距P的水平距离为S=1m处有一光滑竖直挡板AB，A端距该水平面距离为h=0.45m，A端上方整个区域内加有水平向左的匀强电场；B端与半径为R=0.9m的14的光滑圆轨道BC连接.当传送带静止时，一带电量大小为q=1910-4C，质量为0.18kg的小滑块，以某一初速度0从P点水平抛出，恰好能从AB挡板的右侧沿ABCD路径运动到D点而静止.请完成下列问题 (1)求出所加匀强电场的场强大小？(2)当滑块刚运动到C点时，求出对圆轨道的压力？(3)若传送带转动，试讨论滑块达到D时的动能EK与传送带速率的关系？附参考答案题号12345678答案CBDBABDBDBC三、实验题探究题（本大题共2小题，每空3分，共18分）9.ABC ， F， AC 10.(1)减小 ， 增大 (2)控制变量法 四、计算题（本大题共2小题，共34分）11.解：(1)在整个过程中，电场力对P球做功为：W=-qEhtan=-0.1200643=-90J，E=-W=90J (2)根据受力分析可知，斜面对P球的支持力为：N=qEsin+mgcos 根据动能定理得：mgh+qEhtan-Nhsin=12mv2 得：由代入数据可得：v=5m/s (3)设当两者速度相等时，小球上升的高度为H，根据水平方向动量守恒得：mv=2mv 代入数据：v=2.5m/s 根据机械能守恒得：12mv2=122mv2+mgH，代入已知数据得：H=0.625mR，所以小球没有冲出圆槽答：(1)在沿斜面下滑的整个过程中，P球电势能增加90J (2)小球P运动到水平面时的速度大小为5m/s(3)小球P不能否冲出圆槽Q12.解：(1)设物块从P到A运动的时间为t，水平方向的加速度大小为a，物块能够沿AB下滑，说明在A点时水平方向速度为零，则：水平方向：S=12at2，其中：a=qEm，竖直方向：2h-h=12gt2，联立解得：E=mgSqh=0.181011910-40.45V/m=3.6105V/m；(2)从P点到C点根据动能定理可得：mg(2h+R)-qES=12mvC2-12mv02，其中qES=12mv02，所mg(2h+R)=12mvC2，根据牛顿第二定律可得：FN-mg=mvC2R，联立解得：FN=mg+2mg(2h+R)R=9N；根据牛顿第三定律可得压力大小为9N；(3)若传送带逆时针转动时，滑块运动的规律与传送带静止不动相同，故滑块到D点的动能为零，与传送带的速度无关；以若传送带顺时针转动，设传送带使得物体一直加速的速度大小为v，则：fL=12mv2-12mvC2，当传送带静止时，根据动能定理可得：-fL=0-1