高考物理二轮总复习选择题专项突破训练9直流电路的动态分析含解析.doc

选择题专项训练9直流电路的动态分析1.如图所示,两个电阻串联后接在电路中a、b两点,已知a、b两点间电压不变。某同学把一个实验室里的电压表并联在R1两端时,读数为5V;将该电压表并联在R2两端时,读数为4V,则a、b两点间电压()A.大于9 VB.等于9 VC.小于9 VD.无法确定2.(2014陕西渭南质检)如图所示,一只玩具电动机用一节干电池供电,闭合开关S后,发现电动机转速较慢,经检测,电动机性能完好;用电压表测a与b间电压,只有0.6V;断开开关S,测得a与b间电压接近1.5V,电动机转速较慢的原因是()A.开关S接触不良B.电动机接线接触不良C.电动机两端接线短路D.电池过旧,内阻过大3.如图所示电路中,电源电动势E恒定,内阻r=1,定值电阻R3=5,当开关K断开与闭合时,ab段电路消耗的电功率相等,则下列说法中错误的是()A.电阻R1、R2可能分别为4、5 B.电阻R1、R2可能分别为3、6 C.开关K断开时电压表的示数一定大于K闭合时的示数D.开关K断开与闭合时电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比一定等于6 4.如图为实用型高温超导电缆,利用超导电缆可实现无损耗输电。现有一直流电路,输电线的总电阻为0.4,它提供给用电器的电功率为40 kW,电压为800 V。若用临界温度以下的超导体电缆替代原来的输电线,保持供给用电器的功率和电压不变,那么节约的电功率为()A.1 kWB.10 kWC.1.6 kWD.1.6103 kW5.在研究微型电动机的性能时,应用如图所示的实验电路。当调节滑动变阻器R使电动机停止转动时,电流表和电压表的示数分别为0.5A和2.0 V。重新调节R使电动机恢复正常运转,此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0 V。则这台电动机正常运转时输出功率为()A.32 WB.44 WC.47 WD.48 W6.(2014湖北部分重点中学联考改编)如图所示电路中,电源内阻不能忽略,两个电压表均为理想电表。当滑动变阻器R2的滑动触头P移动时,关于两个电压表V1与V2的示数,下列判断正确的是()A.P向a移动,V1示数增大、V2的示数增大B.P向b移动,V1示数增大、V2的示数减小C.P向a移动,V1示数改变量的绝对值小于V2示数改变量的绝对值D.P向b移动,V1示数改变量的绝对值大于V2示数改变量的绝对值7.(2014广东佛山质检改编)如图所示的电路,R1、R2是两个定值电阻,R是滑动变阻器,R3为小灯泡,电源内阻为r。开关闭合后,当滑动变阻器触头P向上移动时()A.电压表示数变小B.小灯泡亮度变大C.电容器充电D.电源的总功率变大答案与解析选择题专项训练9直流电路的动态分析1.A解析:将电压表并联在a、b两端时,并联电阻小于R1,R1两端的电压小于不接电压表时的值,即R1两端的实际电压大于5V,同理,R2两端的电压大于4V,所以a、b两点间电压大于9V,选项A正确。2.D解析:本题考查了电源的电动势和内阻等知识。开关S接触不良、电动机接线接触不良、电动机两端接线短路,电动机就不会旋转了,而不是转得慢。电动机转得慢的原因是电池过旧,内阻过大,电动机两端的电压过低造成的,D正确。3.B解析:由于K断开前后,ab段消耗的电动率相等,据P=知,C正确;根据P=R知,R1、R2的阻值为4、5 ,A正确,B错误;根据闭合电路欧姆定律E=U+I(r+R3),K断开前后=r+R3,故D对。4.A解析:输电导线上的输电电流为I=50 A,则输电线上损失的电功率为P=I2R=5020.4 W=1 000 W,A正确。5.A解析:电动机不转时相当于一个发热的纯电阻,根据通过电动机的电流为0.5A、电压为2 V,可算出电动机内阻为4 。正常工作时,电动机消耗功率UI等于48W,内阻发热消耗功率为I2r,等于16W,则输出功率为UI-I2r,等于32W。6.C解析:由题图可知R1与R2串联,V1测R1两端的电压,V2测R2两端的电压;若P向a端移动,则滑动变阻器接入电阻减小,由闭合电路欧姆定律可知,电路中总电流增大,则内电压增大,R1两端的电压增大,路端电压减小,故R2两端的电压减小,故A错误;因路端电压减小,V1示数增大,V2示数减小,而两电表之和等于路端电压,故可知V1示数改变量的绝对值小于V2示数改变量的绝对值,故C正确;若P向b端移动,则滑动变阻器接入电阻增大,则电路中总电流减小,内电压减小,V1减小,故B错误;由于内电压减小,故路端电压增大,而V1减小,V2必然增大,且增大量一定大于V1的减小量,故D错误。7.C解析:电路为串联电路,电容器和电阻R2串联为断路,电阻R3、电阻R1和滑动变阻器R串联,滑片向上移动,滑动变阻器R变大,电路电流I=变小,灯泡亮度变暗,选项B错。电源总功率P=EI变小,选项D错。电压表测