天津专用2020届高考数学一轮复习考点规范练25数列求和含解析新人教A版.docx

教学资料范本天津专用2020届高考数学一轮复习考点规范练25数列求和含解析新人教A版编 辑：_时 间：_考点规范练25数列求和一、基础巩固1.数列1,3,5,7,(2n-1)+,的前n项和Sn的值等于()A.n2+1-B.2n2-n+1-C.n2+1-D.n2-n+1-2.若数列an满足a1=1,且对任意的nN*都有an+1=a1+an+n,则的前100项和为()A.B.C.D.3.在数列an中,如果a1=1,a2=2,an+2-an=1+(-1)n,那么S100的值为()A.2 500B.2 600C.2 700D.2 8004.已知函数f(x)=xa的图象过点(4,2),令an=,nN*.记数列an的前n项和为Sn,则S2 020等于()A.-1B.+1C.-1D.+15.已知数列an满足an+1+(-1)nan=2n-1,则an的前60项和为()A.3 690B.3 660C.1 845D.1 8306.已知在数列an中,a1=1,且an+1=,若bn=anan+1,则数列bn的前n项和Sn为()A.B.C.D.7.已知等差数列an满足a3=7,a5+a7=26,bn=(nN*),数列bn的前n项和为Sn,则S100=.8.已知an是等差数列,bn是等比数列,且b2=3,b3=9,a1=b1,a14=b4.(1)求an的通项公式;(2)设cn=an+bn,求数列cn的前n项和.9.设等差数列an的公差为d,前n项和为Sn,等比数列bn的公比为q,已知b1=a1,b2=2,q=d,S10=100.(1)求数列an,bn的通项公式;(2)当d1时,记cn=,求数列cn的前n项和Tn.10.已知Sn为数列an的前n项和,an0,+2an=4Sn+3.(1)求an的通项公式;(2)设bn=,求数列bn的前n项和.11.已知各项均为正数的数列an的前n项和为Sn,满足=2Sn+n+4,a2-1,a3,a7恰为等比数列bn的前3项.(1)求数列an,bn的通项公式;(2)若cn=(-1)nlog2bn-,求数列cn的前n项和Tn.二、能力提升12.几位大学生响应国家的创业号召,开发了一款应用软件.为激发大家学习数学的兴趣,他们推出了“解数学题获取软件激活码”的活动.这款软件的激活码为下面数学问题的答案:已知数列1,1,2,1,2,4,1,2,4,8,1,2,4,8,16,其中第一项是20,接下来的两项是20,21,再接下来的三项是20,21,22,依此类推.求满足如下条件的最小整数N:N100且该数列的前N项和为2的整数幂.那么该款软件的激活码是()A.440B.330C.220D.11013.已知首项为的等比数列an不是递减数列,其前n项和为Sn(nN*),且S3+a3,S5+a5,S4+a4成等差数列.(1)求数列an的通项公式;(2)设bn=(-1)n+1n(nN*),求数列anbn的前n项和Tn.14.设数列an的前n项和为Sn,且Sn=2-an,nN*,设函数f(x)=lox.数列bn满足bn=f(an),记bn的前n项和为Tn.(1)求an及Tn;(2)记cn=anbn,求cn的最大值.三、高考预测15.已知等比数列an的各项均为正数,a1=1,公比为q;在等差数列bn中,b1=3,且bn的前n项和为Sn,a3+S3=27,q=.(1)求an与bn的通项公式;(2)设数列cn满足cn=,求cn的前n项和Tn.考点规范练25数列求和1.A解析该数列的通项公式为an=(2n-1)+,则Sn=1+3+5+(2n-1)+=n2+1-.2.D解析an+1=a1+an+n,an+1-an=1+n.an-an-1=n(n2).an=(an-an-1)+(an-1-an-2)+(a2-a1)+a1=n+(n-1)+2+1=.=2.的前100项和为2=2.故选D.3.B解析当n为奇数时,an+2-an=0,所以an=1,当n为偶数时,an+2-an=2,所以an=n,故an=于是S100=50+=2600.4.C解析由f(4)=2,可得4a=2,解得a=,则f(x)=.an=,S2020=a1+a2+a3+a2020=()+()+()+()=-1.5.D解析an+1+(-1)nan=2n-1,当n=2k(kN*)时,a2k+1+a2k=4k-1,当n=2k+1(kN*)时,a2k+2-a2k+1=4k+1,+得,a2k+a2k+2=8k.则a2+a4+a6+a8+a60=(a2+a4)+(a6+a8)+(a58+a60)=8(1+3+29)=8=1800.由得a2k+1=a2k+2-(4k+1),a1+a3+a5+a59=a2+a4+a60-4(0+1+2+29)+30=1800-=30,a1+a2+a60=1800+30=1830.6.B解析由an+1=,得+2,数列是以1为首项,2为公差的等差数列,=2n-1,又bn=anan+1,bn=,Sn=,故选B.7.解析因为a3=7,a5+a7=26,所以公差d=2,所以an=a3+2(n-3)=2n+1.所以bn=.所以S100=b1+b2+b100=1-+=.8.解(1)因为等比数列bn的公比q=3,所以b1=1,b4=b3q=27.设等差数列an的公差为d.因为a1=b1=1,a14=b4=27,所以1+13d=27,即d=2.所以an=2n-1.(2)由(1)知,an=2n-1,bn=3n-1.因此cn=an+bn=2n-1+3n-1.从而数列cn的前n项和Sn=1+3+(2n-1)+1+3+3n-1=n2+.9.解(1)由题意,有即解得故(2)由d1,知an=2n-1,bn=2n-1,故cn=,于是Tn=1+,Tn=+.-可得Tn=2+=3-,故Tn=6-.10.解(1)由+2an=4Sn+3,可知+2an+1=4Sn+1+3.两式相减可得+2(an+1-an)=4an+1,即2(an+1+an)=(an+1+an)(an+1-an).由于an0,可得an+1-an=2.又+2a1=4a1+3,解得a1=-1(舍去),a1=3.所以an是首项为3,公差为2的等差数列,故an的通项公式为an=2n+1.(2)由an=2n+1可知bn=.设数列bn的前n项和为Tn,则Tn=b1+b2+bn=.11.解(1)因为=2Sn+n+4,所以=2Sn-1+n-1+4(n2).两式相减,得=2an+1,所以+2an+1=(an+1)2.因为an是各项均为正数的数列,所以an+1=an+1,即an+1-an=1.又=(a2-1)a7,所以(a2+1)2=(a2-1)(a2+5),解得a2=3,a1=2,所以an是以2为首项,1为公差的等差数列,所以an=n+1.由题意知b1=2,b2=4,b3=8,故bn=2n.(2)由(1)得cn=(-1)nlog22n-=(-1)nn-,故Tn=c1+c2+cn=-1+2-3+(-1)nn-.设Fn=-1+2-3+(-1)nn.则当n为偶数时,Fn=(-1+2)+(-3+4)+-(n-1)+n=;当n为奇数时,Fn=Fn-1+(-n)=-n=.设Gn=+,则Gn=+.所以Tn=12.A解析设数列的首项为第1组,接下来两项为第2组,再接下来三项为第3组,以此类推,设第n组的项数为n,则前n组的项数和为.第n组的和为=2n-1,前n组总共的和为-n=2n+1-2-n.由题意,N100,令100,得n14且nN*,即N出现在第13组之后.若要使最小整数N满足:N100且前N项和为2的整数幂,则SN-应与-2-n互为相反数,即2k-1=2+n(kN*,n14),所以k=log2(n+3),解得n=29,k=5.所以N=+5=440,故选A.13.解(1)设等比数列an的公比为q.由S3+a3,S5+a5,S4+a4成等差数列,可得2(S5+a5)=S3+a3+S4+a4,即2(S3+a4+2a5)=2S3+a3+2a4,即4a5=a3,则q2=,解得q=.由等比数列an不是递减数列,可得q=-,故an=(-1)n-1.(2)由bn=(-1)n+1n,可得anbn=(-1)n-1(-1)n+1n=3n.故前n项和Tn=3,则Tn=3,两式相减可得,Tn=3=3,化简可得Tn=6.14.解(1)Sn=2-an,a1=1,当n2时,an=Sn-Sn-1=2-an-(2-an-1)=an-1-an,an=an-1(n2),则数列an是公比q=,a1=1的等比数列,an=;bn=f(an)=n-1,Tn=.(2)cn=(n-1),