高考物理二轮复习专项1模型突破专题6导体棒导轨模型高分突破学案.docx

模型6导体棒+导轨模型 模型统计真题模型考查角度真题模型考查角度(2018全国卷T18)考查电磁感应定律、右手定则、判断电动势大小及电流方向的导体杆轨模型(2017全国卷 T15)法拉第电磁感应定律、楞次定律、电路分析等综合分析的“导体杆轨模型”(2015全国卷 T15)产生感应电流的条件、导体切割磁感线产生感应电动势的电路分析等“导体杆轨模型”(2016全国卷 T24)“整体法”或“隔离法”对两金属棒进行受力分析，法拉第电磁感应定律综合分析的“导体杆轨模型”模型解读1导体棒导轨模型的特点导体棒导轨模型是高考命题的热点模型之一，命题思路主要是通过导体棒切割磁感线产生感应电动势，综合考查电学、动力学以及能量等知识导体棒的运动过程通常比较复杂，故该模型综合性比较强2导体棒导轨模型常见的问题(1)单棒导轨，解决此类问题通常综合牛顿第二定律分析导体棒的加速度以及速度的变化过程，解决此类问题往往要抓住导体棒的临界条件，即导体棒的加速度为零；(2)双棒导轨，解决此类问题的核心是要明确导体棒的受力情况和运动情况，明确等效电源，必要时要将电磁感应现象与牛顿运动定律、能量守恒定律、动量守恒定律等知识综合起来进行处理模型突破考向1单棒电阻导轨模型典例1(多选)(2018宣城二次调研)如图1甲所示，固定在水平面上电阻不计的光滑金属导轨间距d0.5 m，导轨右端连接一阻值为4 的小灯泡L，在CDEF矩形区域内有竖直向上的匀强磁场磁感应强度B随时间 t变化如图乙所示，CF长为2 m在t0时，金属棒ab从图中位置由静止在恒力F作用下向右运动，t 4 s时进入磁场，并恰好以v1 m/s的速度在磁场中匀速运动到EF位置已知ab金属棒电阻为1 .下列分析正确的是()图1A04 s内小灯泡的功率为0.04 WB恒力F的大小为0.2 NC金属棒的质量为0.8 kgD金属棒进入磁场后小灯泡的功率为0.06 WABC金属棒未进入磁场，电路总电阻为：R总RLRab5 回路中感应电动势为：E120.50.5 V灯泡中的电流强度为：IA0.1 A小灯泡的功率为PLI2RL0.04 W，选项A正确；因金属棒在磁场中匀速运动，则FBId 又：I0.2 A代入数据解得：F0.2 N，选项B正确；金属棒未进入磁场的加速度为：a0.25 m/s2金属棒的质量：m kg0.8 kg，选项C正确；金属棒进入磁场后小灯泡的功率为PLI2RL0.224 W0.16 W，选项D错误(多选)(2018东莞模拟)如图甲所示，倾斜放置的平行光滑轨道间距为L，导轨与水平面的夹角为30，导轨上端连有阻值为R1 的定值电阻，在导轨平面上的abdc、cdfe间分别有垂直导轨平面向上和向下的匀强磁场，磁感应强度分别为B11 T和B2 T，两磁场的宽度也均为L.一长为L的导体棒从导轨某位置静止释放，导体棒在滑动过程中始终与导轨接触良好，导体棒在磁场中运动的速度时间图象如图乙所示不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度g10 m/s2，则下列说法正确的是()甲乙A导体棒的质量为m0.2 kgB导体棒穿过整个磁场时通过电阻R的电量为(1)CC导体棒穿过磁场B2的时间为2 sD导体棒穿过整个磁场时电阻R产生的焦耳热为2 JAB由图可知，导体棒在上面的磁场中做匀速运动，由速度时间图象可知，在1 s内以1 m/s的速度经过磁场，则L1 m，由平衡知识可知：mgsin 30F安，解得m0.2 kg，选项A正确根据q可知，穿过上面磁场时流过R的电量为q11 C；穿过下面磁场时流过R的电量为q2 C；因穿过两磁场时电流方向相反，则导体棒穿过整个磁场时通过电阻R的电量为(1)C，选项B正确由vt图象可知，导体棒穿过磁场B2时平均速度大于0.5 m/s，则导体棒穿过磁场B2的时间小于2 s，选项C错误导体棒穿过整个磁场时电阻R产生的焦耳热等于导体棒的机械能减小量，则Qmg2Lsin 30Ek2Ek2 J，选项D错误考向2双棒导轨模型典例2(2018淮滨中学仿真)如图2甲所示，光滑导体轨道PMN和PMN是两个完全一样的轨道，都是由半径为r的四分之一圆弧轨道和水平轨道组成，圆弧轨道与水平轨道在M和M点相切，两轨道并列平行放置，MN和MN位于同一水平面上，两轨道之间的距离为L，PP之间有一个阻值为R的电阻，开关S是一个感应开关(开始时开关是断开的)，MNNM是一个矩形区域内有竖直向上的磁感应强度为B的匀强磁场，水平轨道MN离水平地面的高度为h，其截面图如图乙所示金属棒a和b质量均为m、电阻均为R.在水平轨道某位置放上金属棒b，静止不动，a棒从圆弧顶端由静止释放后，沿圆弧轨道下滑，若两导体棒在运动中始终不接触，当两棒的速度稳定时，两棒距离x，两棒速度稳定之后，再经过一段时间，b棒离开轨道做平抛运动，在b棒离开轨道瞬间，开关S闭合不计一切摩擦和导轨电阻，已知重力加速度为g.求：图2(1)两棒速度稳定时，两棒的速度；(2)两棒落到地面后的距离；(3)整个过程中，两棒产生的焦耳热【解析】(1)a棒沿圆弧轨道运动到最低点M时，由机械能守恒定律得：mgrmv解得a棒沿圆弧轨道最低点M时的速度v0a棒向b棒运动时，两棒和导轨构成的回路面积变小，磁通量变小，产生感应电流a棒受到与其运动方向相反的安培力而做减速运动，b棒则在安培力的作用下向右做加速运动只要a棒的速度大于b棒的速度，回路总有感应电流，a棒继续减速，b棒继续加速，直到两棒速度相同后，回路面积保持不变，不产生感应电流，两棒以相同的速度做匀速运动从a棒进入水平轨道开始到两棒达到相同速度的过程中，两棒在水平方向受到的安培力总是大小相等，方向相反，所以两棒的总动量守恒由动量守恒定律得：mv02mv1解得两棒以相同的速度做匀速运动的速度v1.(2)经过一段时间，b棒离开轨道后，a棒与电阻R组成回路，从b棒离开轨道到a棒离开轨道过程中a棒受到安培力的冲量IALBtBLt取向右为正方向，对a棒由动量定理：IAmv2mv1解得v2由平抛运动规律得：两棒落到地面后的距离x(v1v2).(3)b棒离开轨道前，两棒通过的电流大小总是相等，两棒产生的焦耳热相等QaQb由能量守恒定律可知：QaQbmv(2m)v解得：QaQbmgrb棒离开轨道后，a棒与电阻R通过的电流大小总是相等，两棒产生的焦耳热相等由能量守恒定律可知：2Qamvmv解得：Qamgr所以整个过程中，a棒产生的焦耳热QQaQamgr.【答案】(1)(2)(3)b棒产生的焦耳热为mgr，a棒产生的焦耳热为mgr(2018蓉城名校联考)两平行且电阻不计的金属导轨相距L1 m，金属导轨由水平和倾斜两部分(均足够长)良好对接，倾斜部分与水平方向的夹角为37，整个装置处在竖直向上、磁感应强度B2 T的匀强磁场中长度也为1 m的金属棒ab和cd垂直导轨跨搁，且与导轨良好接触，质量均为0.2 kg，电阻分别为R12 ，R24 . ab置于导轨的水平部分，与导轨的动摩擦因数为0.5，cd置于导轨的倾斜部分，导轨倾斜部分光滑从t0时刻起， ab棒在水平且垂直于ab棒的外力F1的作用下由静止开始向右做匀加速直线运动，金属棒cd在力F2的作用下保持静止， F2平行于倾斜导轨平面且垂直于金属杆cd.当t14 s时， ab棒消耗的电功率为2.88 W已知sin 370.6, cos 370.8，重力加速度g10 m/s2.求：(1) ab棒做匀加速直线运动的加速度大小；(2)求t28 s时作用在cd棒上的力F2；(3)改变F1的作用规律，使ab棒运动的位移x与速度v满足： x2v，要求cd仍然要保持静止状态求ab棒从静止开始运动x4 m的过程中，作用在ab棒上的力F1所做的功(结果可用分数表示)【解析】(1)当t4 s时，ab消耗的电功率为2.88 W，有：PabIR1代入数据得I11.2 A 回路中的电动势E1I1(R1R2)由法拉第电磁感应定律知E1BLv1导体棒ab做匀加速直线运动，v1at1 由得，a0.9 m/s2.(2)当t28 s时，导体棒ab的速度v2at2 回路中的电流I22.4 A导体棒cd所受安培力F2安BI2L4.8 N设导体棒cd所受的F2沿斜面向下，有：F2mgsin F2安cos 由得F22.64 N，故假设成立，所以F2的方向沿斜面向下. (3)设ab棒的速度为v时，回路中的电流为I此时金属棒ab所受安培力大小为：F安BIL由题意知ab棒运动的位移x与速度v的关系：x2v联立，并代入数据得F安ab棒从静止开始运动x4 m的过程中，克服安培力所做的功为：W克安xx J对金属棒ab，由动能定理有：W拉W克安mgxmv2由得W拉 J【答案】(1)0.9 m/s2(2)2.64 N，方向沿斜面向下(3) J考向3单棒电容器导轨模型典例3(多选)如图3甲所示，水平面上有两根足够长的光滑平行金属导轨MN和PQ，两导轨间距为l，电阻均可忽略不计在M和P之间接有阻值为R的定值电阻，导体杆ab质量为m、电阻为r，并与导轨接触良好整个装置处于方向竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中现给杆ab一个初速度v0，使杆向右运动则()图3A当杆ab刚具有初速度v0时，杆ab两端的电压U，且a点电势高于b点电势B通过电阻R的电流I随时间t的变化率的绝对值逐渐增大C若将M和P之间的电阻R改为接一电容为C的电容器，如图乙所示，同样给杆ab一个初速度v0，使杆向右运动，则杆ab稳定后的速度为vD在C选项中，杆稳定后a点电势高于b点电势ACD当杆ab刚具有初速度v0时，其切割磁感线产生的感应电动势EBlv0，根据闭合电路欧姆定律得，杆ab两端的电压U，根据右手定则知，感应电流的方向为b到a，a相当于电源的正极，则a点电势高于b点电势，A正确；通过电阻R的电流I，由于杆ab速度减小，则电流减小，安培力减小，所以杆ab做加速逐渐减小的减速运动，速度v随时间t的变化率的绝对值逐渐减小，则通过电阻R的电流I随时间t的变化率的绝对值逐渐减小，B错误；当杆ab以初速度v0开始切割磁感线时，会产生感应电动势，电路开始给电容器充电，有电流通过杆ab，杆在安培力的作用下做减速运动，随着速度减小，安培力减小，加速度也减小，杆做加速度逐渐减小的减速运动当电容器两端电压与感应电动势相等时，充电结束，杆以恒定的速度做匀速直线运动，电容器两端的电压UBlv，根据电容器电容C，以杆ab为研究对象，在很短的一段时间t内，杆受到的冲量大小为BIlt，从杆ab开始运动至速度达到稳定的过程中，根据动量定理有(BIlt)BlQmvmv0，联立可得v，C正确；稳定后，不再充电，回路中没有电流，根据右手定则知，a点的电势高于b点电势，D正确(多选)(2018太原五中一模)图中直流电源电动势为E1 V，电容器的电容为C1 F两根固定于水平面内的光滑平行金属导轨间距为l1 m，电阻不计一质量为m1 kg、电阻为R1 的金属棒MN，垂直放在两导轨间处于静止状态，并与导轨良好接触首先开关S接1，使电容器完全充电然后将S接至2，导轨间存在垂直于导轨平面、磁感应强度大小为B1 T的匀强磁场(图中未画出)，MN开始向右加速运动当MN达到最大速度时离开导轨，则()A磁感应强度垂直纸面向上BMN离开导轨后电容器上剩余的电荷量0.5 CCMN的最大速度为1 m/sDMN刚开始运动时加速度大小为1 m/s2BD电容器上端带正电，通过MN的电流方向向下，由于MN向右运动，根据左手定则知，磁场方向垂直于导轨平面向下，A错误；电容器完全充电后，两极板间电压为E，当开关S接2时，电容器放电，设刚放电时流经M