高考物理大一轮复习 第三章 牛顿运动定律 能力课2 动力学中的典型“模型”课时训练（含解析）粤教版.doc

能力课2动力学中的典型“模型” 一、选择题(13题为单项选择题，45题为多项选择题)1在民航和火车站可以看到用于对行李进行安全检查的水平传送带。当旅客把行李放到传送带上时，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速运动。随后它们保持相对静止，行李随传送带一起前进。设传送带匀速前进的速度为0.25 m/s，把质量为5 kg的木箱静止放到传送带上，由于滑动摩擦力的作用，木箱以6 m/s2的加速度前进，那么这个木箱放在传送带上后，传送带上将留下的摩擦痕迹约为()图1a5 mm b6 mmc7 mm d10 mm解析木箱加速的时间为t，这段时间内木箱的位移为s1，而传送带的位移为s2vt，传送带上将留下的摩擦痕迹长为ls2s1，联立各式并代入数据，解得l5.2 mm，选项a正确。答案a2(2016山东日照模拟)如图2所示，一长木板在水平地面上运动，在某时刻(t0)将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，已知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上。在物块放到木板上之后，木板运动的速度时间图象可能是下列选项中的()图2解析设在木板与物块未达到相同速度之前，木板的加速度为a1，物块与木板间的动摩擦因数为1，木板与地面间的动摩擦因数为2。对木板应用牛顿第二定律得：1mg22mgma1a1(122)g设物块与木板达到相同速度之后，木板的加速度为a2，对整体有22mg2ma2a22g，可见|a1|a2|由vt图象的斜率表示加速度大小可知，图象a正确。答案a3(2017山东潍坊质检)如图3所示，足够长的传送带与水平面夹角为，以速度v0逆时针匀速转动。在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数tan ，则图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是()图3解析开始阶段，木块受到竖直向下的重力、垂直斜面向上的支持力和沿传送带向下的摩擦力作用，做加速度为a1的匀加速直线运动，由牛顿第二定律得mgsin mgcos ma1所以a1gsin gcos 木块加速至与传送带速度相等时，由于tan ，则木块不会与传送带保持相对静止而匀速运动，之后木块继续加速，所受滑动摩擦力变为沿传送带向上，做加速度为a2的匀加速直线运动，这一阶段由牛顿第二定律得mgsin mgcos ma2所以a2gsin gcos 根据以上分析，有a2a1，b、d错，c对。答案ac5如图5所示，质量为m2 kg、长为l2 m的长木板静止放置在光滑水平面上，在其左端放置一质量为m1 kg的小木块(可视为质点)，小木块与长木板之间的动摩擦因数为0.2。先相对静止，然后用一水平向右f4 n的力作用在小木块上，经过时间t2 s，小木块从长木板另一端滑出，g取10 m/s2，则()图5a滑出瞬间木块速度2 m/sb滑出瞬间木块速度4 m/sc滑出瞬间木板速度2 m/sd滑出瞬间木板速度4 m/s解析小木块加速度a1 m/s22 m/s2，木板加速度a21 m/s2，脱离瞬间小木块速度v1a1t4 m/s，a错误，b正确；木板速度v2a2t2 m/s，c正确，d错误。答案bc二、非选择题6一大小不计的木块通过长度忽略不计的绳固定在小车的前壁上，小车表面光滑。某时刻小车由静止开始向右匀加速运动，经过2 s，细绳断裂。细绳断裂前后，小车的加速度保持不变，又经过一段时间，滑块从小车左端刚好掉下，在这段时间内，已知滑块相对小车前3 s内滑行了4.5 m，后3 s内滑行了10.5 m。求从绳断到滑块离开车尾所用的时间是多少？图6解析设小车加速度为a。绳断裂时，车和物块的速度为v1at1。断裂后，小车的速度vv1at2，小车的位移为：s1v1t2at滑块的位移为：s2v1t2绳断后，前3 s相对位移有关系：ss1s2at4.5 m得：a1 m/s2细绳断开时小车和物块的速度均为：v1at112 m/s2 m/s设后3 s小车的初速度为v1，则小车的位移为：s1v1t4at滑块的位移为：s2v1t4得：s1s23v14.5 m3v110.5 m解得：v14 m/s由此说明后3 s实际上是从绳断后2 s开始的，滑块与小车相对运动的总时间为：t总5 s答案5 s7如图7所示，甲、乙两传送带倾斜放置，与水平方向夹角均为37，传送带乙长为4 m，传送带甲比乙长0.45 m，两传送带均以3 m/s的速度逆时针匀速转动，可视为质点的物块a从传送带甲的顶端由静止释放，可视为质点的物块b由传送带乙的顶端以3 m/s的初速度沿传送带下滑，两物块质量相等，与传送带间的动摩擦因数均为0.5，取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8。求：图7(1)物块a由传送带顶端滑到底端经历的时间；(2)物块a、b在传送带上的划痕长度之比。解析(1)对物块a由牛顿第二定律知mgsin 37mgcos 37ma1，代入数值得a110 m/s2设经时间t1物块a与传送带共速，则由运动学规律知v带a1t1，即t10.3 s此过程中物块a的位移为s1a1t0.45 m物块a与传送带共速后，由牛顿第二定律知mgsin 37mgcos 37ma2，代入数值得a22 m/s2由运动学规律知l甲s1v带t2a2t，代入数值得t21 s所以物块a由传送带顶端滑到底端经历的时间为tt1t21.3 s。(2)在物块a的第一个加速过程中，物块a在传送带上的划痕长度为l1v带t1s10.45 m在物块a的第二个加速过程中，物块a在传送带上的划痕长度为l2v带t2a2tv带t21.0 m所以物块a在传送带上的划痕长度为lal21.0 m由分析知物块b的加速度与物块a在第二个加速过程的加速度相同，从传送带顶端加速到底端所需时间与t2相同所以物块b在传送带上的划痕长度为lbv带t2a2tv带t21.0 m故物块a、b在传送带上的划痕长度之比为lalb11答案(1)1.3 s(2)118如图8甲所示，有一倾角为30的光滑固定斜面，斜面底端的水平面上放一质量为m的木板。开始时质量为m1 kg 的滑块在水平向左的力f作用下静止在斜面上，现将力f变为水平向右，当滑块滑到木板上时撤去力f，木块滑上木板的过程不考虑能量损失。此后滑块和木板在水平面上运动的vt图象如图乙所示，g10 m/s2。求：图8(1)水平作用力f的大小；(2)滑块开始下滑时的高度；(3)木板的质量。解析(1)滑块受力如图所示，根据平衡条件，有mgsin fcos 解得f n(2)当力f变为水平向右之后，由牛顿第二定律，有mgsin fcos ma解得a10 m/s2根据题意，由题图乙可知，滑块滑到木板上的初速度v10 m/s。滑块下滑的位移s，解得s5 m故滑块下滑的高度hssin 302.5 m(3)由题图乙可知，滑块和木板起初相对滑动，当达到共同速度后一起做匀减速运动，两者共同减速时加速度a11 m/s2，相对滑动时，木板的加速度a21 m/s2，