高考物理一轮复习 优编选题（2）（含解析）新人教版.doc

2019高考物理（人教版）一轮优编选题（2）李仕才1、(受力分析)(2018湖南衡阳月考)如图所示,物块a,b质量分别为2m,m,水平地面和竖直墙面均光滑,在水平推力f作用下,两物块均处于静止状态。则()a.物块b受四个力作用b.物块b受到的摩擦力大小等于2mgc.物块b对地面的压力大小等于mgd.物块a受到物块b的作用力水平向右答案b解析对a分析,a受到竖直向下的重力,墙壁给的支持力,b给的弹力,要想保持静止,必须在竖直方向上受到b给的向上的静摩擦力,故ffba=ga=2mg,b正确;对b分析,受到竖直向下的重力,地面给的竖直向上的支持力,a给的竖直向下的静摩擦力,a给的水平向左的弹力,以及推力f,共5个力作用,在竖直方向上有gb+ffab=fn,故fn=3mg,即物块b对地面的压力大小等于3mg,a、c错误;物块a受到物块b的水平方向上的弹力,和竖直方向上的摩擦力,物块a受到b的作用力的合力不沿水平方向,d错误。2、(双向可逆类运动)在光滑足够长的斜面上,有一物体以10 m/s初速度沿斜面向上运动,如果物体的加速度始终为5 m/s2,方向沿斜面向下。那么经过3 s时的速度大小和方向是()a.5 m/s,沿斜面向下b.25 m/s,沿斜面向上c.5 m/s,沿斜面向上d.25 m/s,沿斜面向下答案a解析物体上滑和下滑的加速度相同,整个过程做匀变速直线运动,取初速度方向为正方向,则v0=10 m/s,a=-5 m/s2,由v=v0+at可得,当t=3 s时,v=-5 m/s,“-”表示物体在t=3 s时速度方向沿斜面向下,故a正确,b、c、d错误。故选a。3、.(图象问题)(2018北京首都师大附中月考)如图a所示,质量不计的弹簧竖直固定在水平面上,t=0时,将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放,小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点,然后又被弹起离开弹簧,上升到一定高度后再下落,如此反复。通过安装在弹簧下端的压力传感器,得到弹簧弹力f随时间t变化的图象如图b所示,若图象中的坐标值都是已知量,重力加速度为g,下列说法正确的是()a.t1时刻小球具有最大速度b.t1t2阶段小球减速c.t2时刻小球加速度为0d.可以计算出小球自由下落的高度答案d解析t1时刻小球刚接触弹簧,速度仍会增大,直至弹簧弹力与小球重力相等时,小球才达到最大速度,故a错误。t1t2这段时间内,弹簧处于开始压缩到达到最大压缩量的过程,合力先向下后向上,故先加速后减速,故b错误。t2时刻弹簧压缩量最大,故小球加速度不为0,c错误。t3t4这段时间小球在空中运动,由此可知小球做自由落体运动时间为t=,由h=gt2=求得小球自由下落高度,故d正确。4、(多选)(追击问题)(2017河南郑州模拟)如图所示,小球a从倾角为=60的固定粗糙斜面顶端以速度v1沿斜面恰好匀速下滑,同时将另一小球b在斜面底端正上方与a球等高处以速度v2水平抛出,两球恰在斜面中点p相遇,则下列说法正确的是()a.v1v2=21b.v1v2=11c.若小球b以2v2水平抛出,则两小球仍能相遇d.若小球b以2v2水平抛出,则b球落在斜面上时,a球在b球的下方答案ad解析小球在p点相遇,知两球的水平位移相等,有v1tsin 30=v2t,解得v1v2=21,a正确,b错误;若小球b以2v2水平抛出,如图所示,若没有斜面,将落在b点,与p点等高,可知将落在斜面上的a点,由于a球、b球在水平方向上做匀速直线运动,可知a球落在a点的时间小于b球落在a点的时间,所以b球落在斜面上时,a球在b球的下方,c错误,d正确。5、(天体中的“追及相遇”问题)(2018河南南阳月考)如图所示,a、b为地球的两个轨道共面的人造卫星,运行方向相同,a为地球同步卫星,a、b卫星的轨道半径的比值为k,地球自转周期为t0。某时刻a、b两卫星距离达到最近,从该时刻起到a、b间距离最远所经历的最短时间为()a.b.c.d.答案c解析由开普勒第三定律得,设两卫星至少经过时间t距离最远,即b比a多转半圈,=nb-na=,又ta=t0,解得t=。6、(多选)(2018山东山师附中三模)如图所示,质量为m的a、b两球固定在轻杆的两端,杆可绕o点在竖直面内无摩擦转动,已知两物体距o点的距离l1l2,现在由图示位置静止释放,则在a下降过程中()a.a、b两球的角速度大小始终相等b.重力对b球做功的瞬时功率一直增大c.杆对a做负功,a球机械能不守恒d.杆对b做负功,b球机械能守恒答案ac解析a、b两球同时绕o点转动,角速度大小始终相等,故a正确;刚开始,b的速度为0,重力对b球做功的瞬时功率为0,在竖直位置,速度与重力方向垂直,重力对b球做功的瞬时功率为0,所以重力对b球做功的瞬时功率先增大后减小,故b错误;在a下降过程中,b球的动能增加,重力势能增加,所以b球的机械能增加,根据重力之外的力做功量度物体机械能的变化,所以杆对b做正功,球a和b系统机械能守恒,所以a机械能减小,所以杆对a做负功,故d错误,c正确。7、(多选)(子弹打木块模型)(2018四川内江期末)如图所示,一个质量为m的长条木块放置在光滑的水平面上,现有一颗质量为m、速度为v0的子弹射入木块并最终留在木块中,在此过程中,木块运动的距离为s,子弹射入木块的深度为d,木块对子弹的平均阻力为f,则下列说法正确的是()a.子弹射入木块前、后系统的机械能守恒b.子弹射入木块前、后系统的动量守恒c.f与d之积为系统损失的机械能d.f与s之积为子弹减少的动能答案bc解析子弹射入木块的过程中,阻力对系统要做功,所以系统的机械能不守恒,故a错误;系统处于光滑的水平面上,所受的合外力为零,所以系统的动量守恒,故b正确;系统损失的机械能等于阻力与两个物体相对位移的乘积,即e=ffd,故c正确;子弹减少的动能等于阻力与子弹位移的乘积,即ek=w=ff(s+d),故d错误。8、.(电场力做功)(2017广东广州质检)下图为某静电场等势面的分布,电荷量为1.610-9 c的正电荷从a经b、c到达d点。从a到d,电场力对电荷做的功为()a.4.810-8 jb.-4.810-8 jc.8.010-8 jd.-8.010-8j答案b解析电场力做功与路径无关,wad=quad=q(a-d)=-4.810-8 j,b正确。9、(电路中的功率及效率问题)将一电源与一电阻箱连接成闭合回路,测得电阻箱所消耗功率p与电阻箱读数r变化的曲线如图所示,由此可知()a.电源最大输出功率可能大于45 wb.电源内阻一定等于5 c.电源电动势为45 vd.电阻箱所消耗功率p最大时,电源效率大于50%答案b解析由于题述将一电源与一电阻箱连接成闭合回路,电阻箱所消耗功率p等于电源输出功率。由电阻箱所消耗功率p与电阻箱读数r变化的曲线可知,电阻箱所消耗功率p最大为45 w,所以电源最大输出功率为45 w,选项a错误;由电源输出功率最大的条件可知,电源输出功率最大时,外电路电阻等于电源内阻,所以电源内阻一定等于5 ,选项b正确;由电阻箱所消耗功率p最大值为45 w可知,此时电阻箱读数为r=5 ,电流i=3 a,电源电动势e=i(r+r)=30 v,选项c错误;电阻箱所消耗功率p最大时,电源效率为50%,选项d错误。10、(临界极值问题) 平面om和平面on之间的夹角为30,其横截面(纸面)如图所示,平面om上方存在匀强磁场,磁感应强度大小为b,方向垂直于纸面向外。一带电粒子的质量为m,电荷量为q(q0)。粒子沿纸面以大小为v的速度从om的某点向左上方射入磁场,速度与om成30角。已知该粒子在磁场中的运动轨迹与on只有一个交点,并从om上另一点射出磁场。不计重力。粒子离开磁场的出射点到两平面交线o的距离为()a.b.c.d.答案d解析粒子运动的轨迹如图:运动半径为r=。由运动的对称性知,出射速度的方向与om间的夹角为30,由图中几何关系知ab=r,ac=2rcos 30=。所以出射点到o点的距离为bo=+r=,故选项d正确。11、.(法拉第电磁感应定律的应用)(2017海南文昌中学期中)关于电磁感应,下列说法正确的是()a.穿过回路的磁通量越大,则产生的感应电动势越大b.穿过回路的磁通量减小,则产生的感应电动势一定变小c.穿过回路的磁通量变化越快,则产生的感应电动势越大d.穿过回路的磁通量变化越大,则产生的感应电动势越大答案c解析由法拉第电磁感应定律可知感应电动势的大小只与磁通量的变化率成正比,与磁通量大小、磁通量的变化量都没有关系,a、b、d错,c正确。12、(多选)如图,m为半圆形导线框,圆心为om;n是圆心角为直角的扇形导线框,圆心为on;两导线框在同一竖直面(纸面)内,两圆弧半径相等;过直线omon的水平面上方有一匀强磁场,磁场方向垂直于纸面。现使线框m、n在t=0时从图示位置开始,分别绕垂直于纸面且过om和on的轴,以相同的周期t逆时针匀速转动,则()a.两导线框中均会产生正弦交变电流b.两导线框中感应电流的周期都等于tc.在t=时,两导线框中产生的感应电动势相等d.两导线框的电阻相等时,两导线框中感应电流的有效值也相等答案bc解析因半径、周期相同,故两线框进入磁场过程产生的感应电动势大小为e0=br2=r2=,两线框中产生的电动势瞬时值随时间关系如图:所以选项a错误,选项b、c正确。由有效值定义可知m、n线圈中电流的有效值不相等,d项错误。13、(多选)(原子的核式结构)根据粒子散