四川省眉山市第一中学2018_2019学年高一物理上学期1月月考试题（含解析）.docx

四川省眉山市第一中学办学共同体20182019学年高一上学期1月月考物理试题说明：1.时间：100分钟 总分：100分2.请在答题卡上作答3.试卷中取g=10m/s2一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.18为单选，912为多选。）1.关于运动的物理量，下列说法正确的是( )A. 物体做直线运动时，通过的路程就等于位移的大小B. 研究飞船的飞行姿态时，可以将飞船看成质点C. 雨点以5 m/s的速度落到地面，这个速度是瞬时速度D. “北京时间10点整”和“一节课40min”指的都是时间【答案】C【解析】【分析】位移为初位置到末位置的有向线段，而路程为物体运动轨迹的长度，；当不考虑物体的大小和形状时，可看做质点；瞬时速度为某一时刻或某一位置的速度；时间是时间间隔，为时间轴上的一段.【详解】A、物体做单向直线运动时，通过的路程才等于位移的大小。物体做往复直线运动时，通过的路程不等于位移的大小，故A错误；B、研究飞船飞行姿态时，要考虑飞船的形状，故不能看作质点，故B错误；C、雨滴着地时的速度为5m/s，对应一个时刻和一个位置为瞬时速度，故C正确；D、“北京时间10点整”对应时间轴上的一个点是时刻，故D错误；故选C.【点睛】明确各基本概念的定义，知道各物理量的意义2.关于惯性，下列说法正确的是（ ）A. 物体从静止开始运动后就失去惯性 B. 物体不受外力作用时才有惯性C. 惯性大小与速度大小有关 D. 质量是物体惯性大小的量度【答案】D【解析】【分析】惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性；惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大【详解】惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性，惯性大小只与物体的质量有关，与其它任何因数没有关系，故选D.【点睛】惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起3.关于速度及加速度的关系，下列说法正确的是( )A. 物体速度为零，则加速度一定为零 B. 速度变化越快，加速度就越大C. 速度变化越大，加速度就越大 D. 加速度的方向就是物体速度的方向【答案】B【解析】试题分析：A、物体的速度为零，但物体的加速度的变化率可以不为零，即物体的加速度不为零；错误B、物体的加速度等于物体的速度的变化率，物体的速度变化越快物体的加速度越大；正确C、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小；错误D、加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度的大小方向无关；错误故选B考点：加速度点评：根据加速度的定义式可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度的大小方向无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大。4.如图所示,质量为1kg的物体,在水平面上以某一速度v向左运动,物体与水平面间的动摩擦因数为0.2，与此同时，物体还受到一个水平向右的推力F=2N的作用，g取10m/s2，则物体获得的加速度大小及方向是（ ）A. 0 B. 2m/s2,水平向左C. 2m/s2,水平向右 D. 4m/s2,水平向右【答案】D【解析】【分析】正确对物体进行受力分析，求出其合力，运用牛顿第二定律求出物体的加速度【详解】在水平地面上向左运动，竖直方向受重力、支持力，水平方向受水平向右的推力、水平向右的摩擦力.水平向右的推力F=2N，摩擦力f=N=mg=0.2110=2N，所以合力大小为F合=(2+2)N=4N，方向水平向右，根据牛顿第二定律得：，水平向右；故选D.【点睛】处理这类问题的基本思路是，先分析物体的受力情况求出合力，根据牛顿第二定律求出加速度，本题中容易出错的是滑动摩擦力方向的判断，很多同受外力方向的影响而判断错误5.一块木板B放在水平地面上，木块A放在B的上面，A的右端通过水平的轻弹簧秤固定在直立的墙壁上现在用水平力F拉动B，使它以速度v运动，稳定后弹簧秤的读数为T.下列说法正确的是( )A. 地面受到的滑动摩擦力大小为TB. 木块A受到的滑动摩擦力的大小为TC. 若木板B以2v的速度运动，稳定后A受到的摩擦力大小为2TD. 若以2F的水平力拉木板运动，稳定后A受到的摩擦力大小为2T【答案】B【解析】试题分析：据题意，A物体处于静止状态，A物体在水平方向受到向左的摩擦力f和向右的弹力T，且有：，故B选项正确；木块B在水平拉力作用下匀速运动，在水平方向有：，则地面受到的摩擦力与木块B受到的摩擦力相等为：，故A选项错误；如果木板B以2v速度运动，稳定后受到的摩擦力仍为滑动摩擦力，据，A受到的摩擦力与正压力有关而与速度无关，正压力不变则A受到的摩擦力不变，C、D选项错误。考点：本题考查物体的平衡状态和摩擦力。6. 如图所示是A、B两物体从同一地点出发，沿相同的方向做直线运动的vt图象，由图象可知A. A比B早出发5 sB. 第15 s末A、B速度相等C. 前15 s内A的位移比B的位移大50 mD. 第20 s末A、B位移之差为25 m【答案】D【解析】试题分析：从图像可以看出A出发的时刻在5s，物体B在t=0时刻出发，A错；两图线的交点为速度相等的时刻，为10s时刻，B错；速度时间图像的面积表示位移大小，所以A在15s间位移为，B在15s内位移为，前15 s内B的位移比A的位移大50 m，C错；同理计算20s时的位移可知D对；考点：考查对速度时间图像的理解点评：处理图像问题时，学生要注意各类运动图像中坐标、斜率、面积的物理意义7.质量为m的物体放置在升降机内的台秤上，升降机以加速度a在竖直方向做匀变速直线运动，若物体处于失重状态，则（ ）A. 升降机的加速度方向竖直向下 B. 台秤示数为mg+maC. 升降机一定向上运动 D. 升降机一定做加速运动【答案】A【解析】【分析】由于测出的人的体重比真实的体重小，说明人处于失重状态，据此可以判断出合理的加速度的方向；根据牛顿第二定律，可以判断人的加速度的方向，进而可以判断升降机的运动状态【详解】A、由于测得体重为mg，人对台秤的压力小于人的重力，对于人来说应该是有向下的合力，根据牛顿第二定律F=ma可知人有向下的加速度，那么升降机也就有向下的加速度，此时可以是向下加速，也可以是向上减速;所以A选项正确.B、根据牛顿第二定律F=ma可知人有向下的加速度，那么升降机也就有向下的加速度，所以台秤示数减少ma，则示数为;故B错误.C、D、升降机有向下的加速度，此时可以是向下加速，也可以是向上减速，且速度可以向上或向下;故 C，D均错误.故选A.【点睛】本题主要是考查对超重失重现象的理解，并利用牛顿第二定律来求物体的加速度，判断运动情况8.如图，用两个弹簧秤A和B，互成角度地拉橡皮条，使结点O达到图中所示位置，在保持O点位置和B弹簧秤拉力方向不变的情况下，将弹簧秤A缓慢地沿顺时针方向转动到竖直方向的过程中，A与B的示数将分别（ ）A. 变大；变小B. 变小；变小C. 先变小再变大；变小D. 先变大再变小；变小【答案】C【解析】【分析】点O受到三个拉力，处于平衡状态，其中橡皮条长度不变，其拉力大小不变，OB弹簧拉力方向不变，OA弹簧拉力方向和大小都改变，根据平行四边形定则作图分析即可【详解】对点O受力分析，受到两个弹簧的拉力和橡皮条的拉力，如图其中橡皮条长度不变，其拉力大小不变，OB弹簧拉力方向不变，OA弹簧拉力方向和大小都改变，根据平行四边形定则可以看出A的读数先变小后变大，B的读数不断变小；故选C.【点睛】本题是三力平衡问题中的动态分析问题，关键受力分析后，作出示意图，然后运用力的平行四边形定则进行分析讨论9.大小不变的两个共点力F1与F2其合力为F，下列说法正确的是（ ）A. 合力F一定大于任何一个分力B. 合力大小既可等于F1，也可等于F2C. 合力不可能小于任何一个分力D. 合力F的大小随F1、F2之间夹角的增大而减小【答案】BD【解析】【分析】如果二力在同一条直线上，根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；同一直线反方向二力的合力等于二力之差如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间【详解】A、合力可以大于分力，也可以小于分力，总之合力大小与分力无关，A错误；B、根据平行四边形定则可知，合力可能小于分力，可能大于分力，也可能等于分力，故B正确；C、如果两个分力大小相等、方向相反时，两个力的合力为零，合力小于每一个分力，当方向相同时，则大于任一分力，因此存在有可能，故C错误；D、由力的合成法则可知，当合力F的大小随F1、F2间夹角增大而减小，故D正确；故选BD.【点睛】解此题关键是要理解合力的大小范围：大于两力之差，小于两力之和；分析时考虑问题要全面，既要考虑到两个力同向，也要考虑反向的情况10.科技馆中的一个展品如图所示，在较暗处有一个不断均匀滴水的水龙头，在一种特殊的间歇闪光灯的照射下，若调节间歇闪光时间间隔正好与水滴从A下落到B的时间相同，可以看到一种奇特的现象，水滴似乎不再下落，而是像固定在图中的A、B、C、D四个位置不动，对出现的这种现象，下列描述正确的是(g10m/s2)( )A. 水滴在下落过程中通过相邻两点之间的时间满足tABtBC tCDB. 间歇发光的间隔时间是C. 水滴在各点速度之比满足vBvCvD123D. 水滴在相邻两点之间的位移满足xABxBCxCD1:4:9【答案】BC【解析】【分析】若调节间歇闪光时间间隔正好与水滴从A下落到B的时间相同，看到水滴似乎不再下落，知相邻两个点的时间间隔相等根据初速度为零的匀变速直线运动的公式和推论进行分析【详解】A、若调节间歇闪光时间间隔正好与水滴从A下落到B的时间相同，看到水滴似乎不再下落，知相邻两个点的时间间隔相等.根据x=gt2，则 s故A错误，B正确.C、根据v=gt得，vB:vC:vD=1:2:3故C正确；D、初速度为零的匀变速直线运动，在相邻相等时间内的位移之比为1:3:5;故D错误.故选BC.【点睛】解决本题的关键掌握自由落体运动的规律，知道匀变速直线运动的公式和推论，并能熟练运用11.气象研究小组用图示简易装置测定水平风速,在水平地面上竖直固定一直杆,质量为m的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O,当水平风吹来时,球在水平风力的作用下飘起来.已知风力大小正比于风速,当风速v03m/s时,测得球平衡时细线与竖直方向的夹角30则( )A. 30时，细线拉力的大小为B. 30时，风力的大小Fmgtan30C. 若风速增大到某一值时，可能等于90D. 细线拉力与风力的合力大于mg【答案】AB【解析】【分析】对小球受力分析，根据共点力平衡求出细线的拉力以及风速的大小【详解】A、根据共点力平衡得，细线的拉力；故A正确.B、小球受重力、拉力、风力处于平衡，根据共点力平衡知风力F=mgtan=mgtan30，故B正确.C、风速增大，不可能变为90，因为绳子拉力在竖直方向上的分力与重力平衡；故C错误.D、因为小球处于平衡，则细线的拉力和风力的合力与重力相等，则其合力不可能大于重力；故D错误.故选AB.【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解12.如图所示，水平传送带A、B两端点相距x=3.5m，以v0=2m/s的速度（始终保持不变）顺时针运转今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放在A点处，已知小煤块与传送带间的动摩擦因数为0.4由于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕小煤块从A运动到B的过程中A、所用的时间是2s B、所用的时间是2.25sC、划痕长度是4m D、划痕长度是0.5m【答案】AD【解析】试题分析：根据牛顿第二定律得，小煤块的加速度，则匀加速运动的时间，匀加速运动的位移则小煤块匀速运动的位移，则匀速运动的时间，所以小煤块从A运动到B的时间故A错误，B正确在煤块匀加速运动的过程中，传送带的位移，则划痕的长度故C错误，D正确。考点：考查了牛顿第二定律，运动学公式得应用二、实验题（本题共2小题，共计14分）答案填写在答题卡的相应位置上。13. 图甲为“探究求合力的方法”的实验装置（1）下列说法中正确的是 A在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中，橡皮条结点O的位置不能变化B弹簧测力计拉细线时，拉力方向必须竖直向下CF1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程D为减小测量误差，F1、F2方向间夹角应为90（2）弹簧测力计的指针如图乙所示，由图可知拉力的大小为_ _N【答案】 （1） A C ；（2） 4.00【解析】试题分析：（1）A、这样可以保证合力和分力的作用效果相同；正确B、定滑轮可以改变力的方向，不改变力的大小，所以拉力方向不一定竖直向下；错误C、本实验中合力和分力都不能超过量程，否则没办法读数或损坏弹簧秤；正确D、本实验中方向间夹角是任意的；错误（2）由图可知拉力的大小为4.00N。考点：验证平行四边形定则点评：本实验中，两分力夹角最好别太大也比太小，在30120之间误差较小。14.“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图所示(1)下列说法正确的是_A在探究加速度与质量的关系时，应该保证拉力的大小不变B“重物的质量远小于小车的质量”这一条件如不满足对探究过程也不会产生影响C在探究加速度与力的关系时，只需测量一次，记录一组数据即可D在探究加速度与力的关系时，作aF图象应该用折线将所描的点依次连接(2)在实验中，某同学得到了一条纸带如图所示，选择了O、A、B、C、D作为计数点，相邻两个计数点间还有4个计时点没有标出，电源频率为50Hz，可以计算出小车在B点的瞬时速度是_m/s，小车加速度大小是_m/s2.(保留三位有效数字)(3)某同学将长木板右端适当垫高，其目的是_如果长木板的右端垫得不够高，木板倾角过小，用a表示小车的加速度，F表示细线作用于小车的拉力，他绘出的a-F关系图象可能是_【答案】 (1). A (2). 0.101 (3). 0.195 (4). 平衡摩擦力 (5). B【解析】【分析】(1)根据实验的原理和注意事项确定正确的操作步骤;(2)根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出小车的加速度;(3)将长木板右端适当垫高目的是平衡摩擦力，若倾角过小，会出现拉力不为零时，加速度仍然为零.【详解】(1)A、探究加速度与质量的关系时，应保证拉力大小不变，故A正确.B、为了使得重物的重力等于绳子的拉力，应满足重物的质量远小于小车的质量，故B错误.C、探究加速度与力的关系时，需多次测量，故C错误.D、在探究加速度与力的关系时，作a-F图象应该用平滑线连接，不能用折线连接各点，故D错误.故选A.(2)由匀变速直线运动的推论平均速度等于中间时刻的瞬时速度，有；根据x=aT2，运用逐差法得：.(3)某同学将长木板右端适当垫高，其目的是平衡摩擦力，如果长木板的右端垫得不够高，木板倾角过小，即平滑摩擦力不足，会出现拉力不为零时，加速度仍然为零，故选B.【点睛】解决本题的关键知道实验的原理和注意事项，知道误差的来源，掌握纸带的处理方法，会运用逐差法求解加速度.三、计算题（本题3小题，共计38分。要求解答应写出必要的文字说明和相关方程以及重要的步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位。）15.建筑工人用如图所示的定滑轮装置运送建筑材料，质量为70kg的工人站在水平地面上，通过定滑轮将20kg的建筑材料以1.0m/s2的加速度拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及两者间的摩擦，求：地面受到的压力和摩擦力大小。（sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2）【答案】,【解析】【分析】(1)对物体受力分析，根据牛顿第二定律求得绳的拉力；(2)对人进行受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件列式求解摩擦力【详解】对建筑材料：由牛顿第二定律得：T-mg=ma得T=m（g+a）=20（10+1）N=220N对人：人受到重力Mg、绳子的拉力T和地面的支持力N和摩擦力f，由力平衡得N+Tsin53=Mg f= Tcos53解得：N=524Nf=132 N由牛顿第三定律得知工人对地面的压力大小为N=N=524N，f=f=132N【点睛】本题涉及两个加速度不同的物体，采用隔离法研究，绳子的拉力是联系建筑材料与工人关系的桥梁.16.在平直公路上，一辆值勤的警车停在公路边，当车内的警员发现从他旁边以10m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，立即启动警车追赶。假设警车做加速度大小为2m/s2的匀加速直线运动，不考虑警车的启动时间和警员的反应时间。求：（1）警车启动后经多长时间追上违章货车？（2）警车追上违章货车前，两车相距的最远距离。【答案】(1)10s(2)25m【解析】【分析】警车做匀加速直线运动，货车做匀速直线运动，两车的速度相等，此时两车距离最大。解：（1）设经时间警车追上货车，则货车的位移为：