江苏省南京市溧水县区孔镇中学2017届九年级上第二次调研物理试卷.doc

2016-2017学年江苏省南京市溧水县区孔镇中学九年级（上）第二次调研物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1如图所示情境中杠杆属于费力杠杆的是（）A剪刀B起子C镊子D钢丝钳2如图所示的情景中，人对物体做功的是（）A小车在拉力的作用下向前运动B提着水桶在水平路面上匀速前进C小孩推车，车未动D踢出去的足球在地面上滚动一段距离3如图所示，小明从滑梯上下滑，在这一过程中，他的（）A动能转化为重力势能B重力势能全部转化为动能C机械能保持不变D机械能一定减少4关于物体的内能，下列说法正确的是（）A温度高的物体内能一定大B做功和热传递都能改变物体的内能C1kg0的水和1kg0的冰内能相同D物体内能增加，一定要从外界吸收热量5LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管二极管由下列哪种材料制成（）A陶瓷材料B金属材料C半导体材料D超导材料6如图所示电路，下列有关说法正确的是（）A断开S，通过L1的电流比L2大B断开S，通过L1与L2的电流一样大C闭合S，L1和L2都会亮D闭合S，L2会更亮7如图，电源电压保持不变，闭合开关，滑动变阻器的滑片P自上向下滑动，不考虑灯丝电阻的变化，则（）A电流表、电压表示数都变大B电流表、电压表示数都变小C电流表示数变大、电压表示数变小D电流表示数变大、电压表示数不变8新交通法规定：驾驶员不系安全带记3分，罚100元，汽车上设置了“安全带指示灯”，提醒驾驶员系好安全带当安全带系好时，相当于闭合开关，指示灯不亮；安全带未系好时，相当于断开开关，指示灯发光，图中符合上述要求的电路图是（）ABCD9如图是学生设计的模拟调光灯电路闭合开关后，移动回形针，发现灯泡发光，但亮度几乎不变，产生这一现象的原因可能是（）A灯泡的阻值比铅笔芯的总阻值大太多B灯泡被短路C铅笔芯的总阻值比灯泡的阻值大太多D电源断路10如图所示，用同样的轻绳（不计绳重）和滑轮安装成甲、乙两种装置将同一物体匀速提升相同高度的过程中（）AF1F2 甲乙BF1F2 甲乙CF1F2 甲乙DF1F2 甲乙11学习了功率的知识后，小明和几位同学准备开展“比一比谁的功率大”的活动，他们设计了三套方案：测量出各自的体重、爬楼用的时间和爬楼的高度，算出爬楼的功率并进行比较；控制爬楼的时间相同，测量出各自的体重、爬楼的高度，算出爬楼做的功并进行比较；控制爬楼的高度相同，测量出各自的体重、爬楼的时间，算出体重和时间的比值并进行比较，可行的是（）A只有B只有C只有D都可以12如图甲所示电路，电源电压保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，两个电阻的UI关系图象如图乙所示则下列判断正确的是（）A图线甲是电阻R1的“UI”关系图象B电源电压为9VC滑动变阻器R2的最大阻值为20D变阻器滑片在中点时，电压表V2示数为7.2V二、填空题（本题共7小题，每空1分，共26分）13在水平地面上，工人用100N的水平推力推动重150N的箱子，4s内前进了6m，在这个过程中，木箱所受重力对木箱做功为J；工人对木箱做功为J；人的功率为W14如图所示是演示点火爆炸的实验装置按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去是因为酒精燃烧产生的燃气对外，燃气的能转化为盒盖的 能，这与四冲程汽油机的 冲程的能量转化相同某单缸四冲程内燃机飞轮转速为1200r/min，该内燃机每秒钟对外做功的次数为次15如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置，油量表是由表改装而成的，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端定值电阻R1和滑动变阻器R2的连接方式是开关闭合后，当油面上升时，电路中的电阻将，R1两端的电压将（以上两空选填“增大”或“减小”）16小明家的电能表，2月底的示数为，3月底的示数如图所示，若按每千瓦时0.52元计算，则小明家3月份应交电费元，他家消耗的电能是J小明家的电热水壶铭牌已模糊不清，他想估测其功率，把家里所有用电器关闭，只让该电热水壶工作1min，电能表刚好转30转，则该电热水壶消耗的电能为J17如图所示，R1=5，R2=10，若甲、乙均为电压表，闭合开关S，则R1和R2联，两电压表的读数之比为；若甲、乙均为电流表，断开开关S，则R1 和R2 联，两电流表的读数之比为18有一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲电源电压为24，灯泡L的额定电压为24，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为调节滑动变阻器R，当电流表的示数为0.3A，通电1min电流对灯泡做功J，此时滑动变阻器两端的电压为V19如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点）闭合开关S，当滑片P在b端点时，电流表示数为0.1A，电压表示数为10V；当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，电压表示数为6V（1）滑动变阻器R2的最大阻值为；（2）R1的阻值为；（3）电源电压为 V；（4）当滑片P从a移到b的过程中，通过R1的电流变化了A三、解答题（共50分）20如图所示，画出滑轮组最省力的绕法21图中，使杠杆OA保持静止，画出在A点所加最小力F1的示意图和阻力F2的力臂l222用笔画代替导线完成图中电路的实物连接要求：两灯并联，开关控制整个电路，电流表测量通过L1、L2的总电流，导线不能交叉23在探究“杠杆的平衡条件”实验中，（1）若杠杆静止在如图所示的位置，可将杠杆右端的螺母向调节一些，使杠杆在水平位置平衡杠杆平衡后，在A点挂两个50g的钩码，在B点应挂个50g的钩码才能使杠杆恢复平衡实验次数动力F1/N阻力臂L2/cm11.5103.0521.0202.01031.0302.015（2）记录实验数据的表格如上，请将表格空白处补充完整（3）下列实验中，进行多次实验的主要目的与本实验相同的是（填序号）“测量物体的长度”时，多次测量；“研究串、并联电路的电流特点”时，换用不同小灯泡，多次测量24如图所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验装置用同一套装置先后加热并不断搅拌质量相等的煤油和水（1）要完成该探究实验除了图中所示的器材外，还需要的测量工具有天平和（2）小明设计的记录数据的表格如下，分析表格可知他是用相同比较的方法来完成探究实验的加热时间/min00.511.52温度/煤油水（3）实验结束后，小明查表知道水的比热容为4.2103J/（kg），则500g水温度升高20吸收的热量是J；若这些热量由酒精完全燃烧获得，则至少要消耗g酒精（酒精的热值为3.0107J/kg）25利用如图所示的电路可以验证电功与电流的关系（1）图中两只灯泡的连接方式是联，它们工作时的电阻要（选填“相同”或“不同”）（2）小明正确操作，验证了实验的结论支持该结论的实验现象是26小明用如图甲所示的实验电路探究“电流与电阻的关系”（1）连接电路时，图甲中导线E端应与滑动变阻器的（选填“A”、“B”、“C”或“D”）接线柱相连，使闭合开关前滑片P应置于A端（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P发现，发现电压表始终无示数，电流表有示数，其原因可能是（只填序号）A滑动变阻器断路 BR短路 CR断路（3）排除故障后，将5的电阻接入电路，调节滑动变阻器，电压表指针位置如图乙所示，其读数为 V；并记下此时的电流表读数（4）将5的电阻换成10的电阻后，闭合开关，电压表示数为1.9V则小明接下来的具体操作为，并记下此时的电流表读数（要明确说明滑片P的滑动方向）27小明同学对串联电路电压规律进行了探究【猜想与假设】串联电路总电压等于各用电器两端的电压之和【设计与进行实验】（1）按如图所示的电路图连接电路（2）闭合开关，用电压表测出L1两端的电压（3）在测L2两端的电压时，小明为了节省时间，采用以下方法：电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上（4）测出AC间的电压，得出结论【交流与评估】（1）在拆接电路时，开关必须（2）小明用上面的方法能否测出L2两端的电压？，为什么？（3）方法改进后，测出AB、BC、AC间的电压记录在表格中：UAB/VUBC/VUAC/V2.41.43.8小明分析实验数据得出结论：串联电路总电压等于各用电器两端电压之和此实验在设计方案上存在的不之处是改进方法是28小明利用电阻箱和一块电流表测量未知电阻Rx的阻值他选择了满足这个实验要求的器材，并连接了部分实验电路，如图所示（1）为了测出电阻Rx的阻值，请添加一根导线完成图所示的实验电路的连接（2）请把小明的实验步骤补充完整：先闭合开关，记录电流表的示数为I后断开开关闭合另一开关，接下来的操作，直至电流表读数，读出此时的Rx的阻值的阻值为（3）若把图中电阻箱换成阻值已知的定值电阻R0，只闭合开关S1，电流表读数为I1，只闭合开关S2，电流表读数为I2，则待测电阻Rx=29如图所示，用塔式起重机上的滑轮组匀速起吊6000N的物体，物体上升5m所用的时间为10s，滑轮组的机械效率是80%，则有用功是J，总功是J，拉力F的功率是W30有一种半导体材料的电阻值随着温度的变化而明显改变，用这种材料制作的电阻称为热敏电阻如图甲所示是某热敏电阻R的阻值随温度变化的图象，小马同学用该热敏电阻R和电压表设计了一只测量范围为0100的水温表，如图乙所示是这个水温表的原理图，图中的电压表的量程为03V；定值电阻R0的阻值为100，要求当水温达到100时，电压表的示数达到最大值请完成下列小题（1）根据图象回答该热敏电阻在100时的电阻值为多大？（2）电源电压为多大？（3）当水温达到100时，电源消耗的总功率是多少？（4）通过计算说明该画的水温表刻度盘上的0应该与电压表刻度盘的什么位置对应？2016-2017学年江苏省南京市溧水县区孔镇中学九年级（上）第二次调研物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1如图所示情境中杠杆属于费力杠杆的是（）A剪刀B起子C镊子D钢丝钳【考点】杠杆的分类【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：A、剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；D、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆故选C2如图所示的情景中，人对物体做功的是（）A小车在拉力的作用下向前运动B提着水桶在水平路面上匀速前进C小孩推车，车未动D踢出去的足球在地面上滚动一段距离【考点】力是否做功的判断【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可【解答】解：A、小车在拉力的作用下向前运动，有力作用在小车上，小车在力的方向上通过了距离，所以人对小车做了功，故A符合题意；B、提着水桶在水平路面上匀速前进，桶所受拉力方向向上，桶在拉力的方向上没有通过距离，所以不做功，故B不合题意；C、小孩推车，车未动，小孩给汽车一个向前的力，但汽车在推力作用下没有移动距离，推力对汽车不做功故C不合题意；D、踢出去的足球在地面上滚动一段距离，此时足球不再受到脚的踢力，所以人对足球不做功，故D不合题意故选A3如图所示，小明从滑梯上下滑，在这一过程中，他的（）A动能转化为重力势能B重力势能全部转化为动能C机械能保持不变D机械能一定减少【考点】能量转化的现象；机械能【分析】（1）影响动能大小的因素：质量和速度质量越大，速度越大，动能越大（2）影响重力势能大小的因素：质量和被举的高度质量越大，高度越高，重力势能越大（3）影响弹性势能大小的因素：发生弹性形变的程度弹性形变越大，弹性势能越大，在物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能（4）机械能的总量等于动能和势能的和（5）摩擦生热的过程是机械能转化成了内能【解答】解：A、小明从滑梯上下滑的过程中，高度减小，速度越来越快，重力势能转化成了动能，A不合题意B、小明从滑梯上下滑的过程中，高度减小，速度越来越快，同时臀部发热，所以是一部分重力势能转化成了内能，B不合题意C、D、小明从滑梯上下滑的过程中，臀部发热，摩擦生热，一部分机械能转化成了内能，总机械能减少，C、不合题意；D符合题意故选D4关于物体的内能，下列说法正确的是（）A温度高的物体内能一定大B做功和热传递都能改变物体的内能C1kg0的水和1kg0的冰内能相同D物体内能增加，一定要从外界吸收热量【考点】物体内能的改变；内能的概念【分析】（1）内能是指物体内部所有做无规则运动分子的动能和分子势能的总和，不同物体的内能大小和物体的温度、质量、状态有关；（2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递【解答】解：A温度高的物体内能不一定大，因内能还与物体的质量有关，故A错误；B做功和热传递都能改变物体的内能，它们是等效的，故B正确；C.1kg0的水变为1kg0的冰时要释放热量，内能会减少，所以1kg0的水比1kg0的冰内能大，故C错误；D物体内能增加，不一定从外界吸收热量，也可能是其它物体对它做功，故D错误故选B5LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管二极管由下列哪种材料制成（）A陶瓷材料B金属材料C半导体材料D超导材料【考点】半导体的特点【分析】二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性二极管是由P型半导体和N型半导体组成的，这两种半导体相互接触时，其交接区域称为PN结，PN结具有单向导电性【解答】解：A、陶瓷是绝缘体，B、金属是导体，C、半导体的导电性介于导体和绝缘体之间，D、超导现象是导体的电阻为变零时的现象故选 C6如图所示电路，下列有关说法正确的是（）A断开S，通过L1的电流比L2大B断开S，通过L1与L2的电流一样大C闭合S，L1和L2都会亮D闭合S，L2会更亮【考点】电路的基本连接方式【分析】串联电路的特点：串联电路只有一条电流路径；串联电路中各电路元件相互影响，不能独立工作；串联电路中，一个开关可以控制整个电路；串联电路中，电流处处相等【解答】解：AB、串联电路中，电流处处相等，所以断开S，通过L1与L2的电流一样大，故A错误，B正确；CD、闭合S，L1亮，但L2短路，不会亮，故CD错误故选：B7如图，电源电压保持不变，闭合开关，滑动变阻器的滑片P自上向下滑动，不考虑灯丝电阻的变化，则（）A电流表、电压表示数都变大B电流表、电压表示数都变小C电流表示数变大、电压表示数变小D电流表示数变大、电压表示数不变【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路电流的变化和灯泡两端的电压变化【解答】解：由图知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器的滑片P自上向下滑动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；电源电压一定，根据I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小，电压表示数变小故选B8新交通法规定：驾驶员不系安全带记3分，罚100元，汽车上设置了“安全带指示灯”，提醒驾驶员系好安全带当安全带系好时，相当于闭合开关，指示灯不亮；安全带未系好时，相当于断开开关，指示灯发光，图中符合上述要求的电路图是（）ABCD【考点】电路图设计【分析】由题意知，未系好安全带时指示灯亮，系好安全带灯泡不亮，说明开关断开指示灯亮，否则灯泡不亮即被短路了【解答】解：由题意知，闭合开关，指示灯不亮；于断开开关，指示灯发光，所以指示灯与S并联，但电路不会出现短路，即电路中必须串联一个电阻保护电路结合选项可知A符合题意，BCD不符合故选A9如图是学生设计的模拟调光灯电路闭合开关后，移动回形针，发现灯泡发光，但亮度几乎不变，产生这一现象的原因可能是（）A灯泡的阻值比铅笔芯的总阻值大太多B灯泡被短路C铅笔芯的总阻值比灯泡的阻值大太多D电源断路【考点】实际功率；电阻【分析】题中的铅笔芯相当于一个滑动变阻器，它和灯泡串联分压，且电压和其电阻成正比再根据公式P=分析灯泡的实际功率的变化和灯泡亮度的变化【解答】解：铅笔芯和小灯泡串联分压，在移动回形针的过程中，发现灯泡发光，但亮度几乎不变，根据公式P=可知，灯泡实际功率和其两端的电压的平方成正比，灯泡实际功率几乎不变，是因为两端的电压几乎不变，原因是铅笔芯的电阻相对于小灯泡来说，其电阻太小，也就是说，小灯泡的电阻大太多，故A正确、BCD错误故选A10如图所示，用同样的轻绳（不计绳重）和滑轮安装成甲、乙两种装置将同一物体匀速提升相同高度的过程中（）AF1F2 甲乙BF1F2 甲乙CF1F2 甲乙DF1F2 甲乙【考点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较【分析】定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向；动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，省力但要费距离；机械效率是有用功与总功的比值，在有用功相同时，利用滑轮时产生的额外功越少，机械效率越高【解答】解：图甲中使用的是定滑轮，图乙中使用的是动滑轮根据定滑轮和动滑轮的特点，甲不省力，乙可以省力，即F1F2；匀速提升的是质量相等的物体，若提升高度相同时，所做的有用功相同由=可知，不计摩擦，使用甲图的定滑轮不用对滑轮做额外功，故机械效率高；使用乙图的动滑轮要对滑轮做额外功，故机械效率低由上分析知，A正确故选：A11学习了功率的知识后，小明和几位同学准备开展“比一比谁的功率大”的活动，他们设计了三套方案：测量出各自的体重、爬楼用的时间和爬楼的高度，算出爬楼的功率并进行比较；控制爬楼的时间相同，测量出各自的体重、爬楼的高度，算出爬楼做的功并进行比较；控制爬楼的高度相同，测量出各自的体重、爬楼的时间，算出体重和时间的比值并进行比较，可行的是（）A只有B只有C只有D都可以【考点】功率的测量实验【分析】要比较功率的大小，有三种方法：做功时间一定，比较做功的多少，做功多的，功率大；做功的多少一定，做功时间短的，功率大；分别测出功率，进行比较比较功率不一定必须测出功率【解答】解：爬楼是克服自身的重力做功，功率P=，测出各自的体重、爬楼时间和爬楼的高度，根据P=求出功率，直接比较功率的大小；控制爬楼的时间相同，测出各自的体重m和爬楼的高度h，若mgh越大，功率就越大；控制爬楼高度相同，测出各自的体重m和爬楼时间t，若的比值越大，功率就越大；所以三种方法都是可以的故选D12如图甲所示电路，电源电压保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，两个电阻的UI关系图象如图乙所示则下列判断正确的是（）A图线甲是电阻R1的“UI”关系图象B电源电压为9VC滑动变阻器R2的最大阻值为20D变阻器滑片在中点时，电压表V2示数为7.2V【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）根据电压变化的范围进行判断，定值电阻两端电压不会等于零；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出电路中的最小电流和两电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出R1和滑动变阻器的最大阻值；（3）变阻器滑片在中点时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表V2示数【解答】解：（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，R1两端的电压最大，R2两端的电压为0，由图象可知，甲为滑动变阻器R2的UI关系图象，乙为电阻R1的UI图象，故A错误；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由UI图象可知，电路中的最小电流I=0.3A，R1两端的电压U1=3V，R2两端的电压U2=9V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压：U=U1+U2=3V+9V=12V，故B错误；由I=可得，R1和滑动变阻器的最大阻值：R1=10，R2=30，故C错误；（3）变阻器滑片在中点时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=0.48A，电压表V2的示数：U2=I=0.48A=7.2V，故D正确故选D二、填空题（本题共7小题，每空1分，共26分）13在水平地面上，工人用100N的水平推力推动重150N的箱子，4s内前进了6m，在这个过程中，木箱所受重力对木箱做功为0J；工人对木箱做功为600J；人的功率为150W【考点】功的计算；功率的计算【分析】（1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，箱子是在水平地面上移动，在重力的方向上移动距离为0，重力做功为0J；（2）知道工人的推力和移动的距离，利用W=Fs求工人对木箱做功；知道工人做的功和时间，利用功率公式P=求工人的功率【解答】解：（1）由题知，箱子在水平地面上运动，在重力的方向上没有移动距离，所以重力做功为0J；（2）工人对木箱做功：W=Fs=100N6m=600J；工人的功率P=150W故答案为：0；600；15014如图所示是演示点火爆炸的实验装置按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去是因为酒精燃烧产生的燃气对外做功，燃气的内能转化为盒盖的机械 能，这与四冲程汽油机的做功 冲程的能量转化相同某单缸四冲程内燃机飞轮转速为1200r/min，该内燃机每秒钟对外做功的次数为10次【考点】做功改变物体内能；内燃机的四个冲程；有关热机的计算【分析】（1）物体对外做功，将物体的内能转化为其它形式的能，物体的内能减小，温度降低；（2）内燃机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气冲程；压缩冲程中把机械能转化为内能；做功冲程中将内能转化为机械能；（3）四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次【解答】解：当按动电火花发生器的按钮时，酒精燃烧后的燃气对盒盖做功，将燃气的内能转化为盒盖的机械能，燃气的内能减小；四冲程热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能；飞轮的转速是1200r/min=20r/s，因为飞轮转动一圈完成两个冲程，所以1s可以完成220=40个冲程，做功40=10（次）故答案为：做功；内；机械；做功；1015如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置，油量表是由电流表改装而成的，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端定值电阻R1和滑动变阻器R2的连接方式是串联开关闭合后，当油面上升时，电路中的电阻将减小，R1两端的电压将增大（以上两空选填“增大”或“减小”）【考点】欧姆定律的应用【分析】如图，该装置涉及到浮力、杠杆、滑动变阻器、电流表等相关知识，油面上升通过浮子和杠杆使滑动变阻器连入的电阻变小，电路中的电流变大；油面下降通过浮子和杠杆使滑动变阻器连入的电阻变大，电路中的电流变小；据此分析【解答】解：（1）图中油量表串联在电路中，是由电流表改装而成的；由图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2的是逐个顺次连接的，即串联；当油面上升时，浮标向上，杠杆的另一端会向下滑动，即R2接入电路的电阻会变小，电路中的电流I会变大，R1两端电压U1=IR1，可知，R1两端的电压会变大故答案为：电流； 串联； 减小； 增大16小明家的电能表，2月底的示数为，3月底的示数如图所示，若按每千瓦时0.52元计算，则小明家3月份应交电费52元，他家消耗的电能是3.6108J小明家的电热水壶铭牌已模糊不清，他想估测其功率，把家里所有用电器关闭，只让该电热水壶工作1min，电能表刚好转30转，则该电热水壶消耗的电能为3.6104J【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）小明家本月用电的计算方法：3月底的示数减去2月底的示数，电能表的读数时注意最后一位是小数，单位kWh；然后乘以电费的单价即可求出小明家3月份应缴纳的电费；（2）3000r/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000转，可求出转盘转30r电路中消耗的电能【解答】解：（1）由题知，小明家2月底电能表示数W1=1262.5kWh，3月底电能表示数W2=1362.5kWh，3月份用电：W=W2W1=1362.5kWh1262.5kWh=100kWh=1003.6106J=3.6108J，小明家3月份应缴纳电费：100kWh0.52元/kWh=52元；（2）由“3000r/kWh”知，电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000转，则转盘转了30r消耗的电能：W=kWh=0.01kWh=0.013.6106J=3.6104J故答案为：52；3.6108； 3.610417如图所示，R1=5，R2=10，若甲、乙均为电压表，闭合开关S，则R1和R2串联，两电压表的读数之比为3：2；若甲、乙均为电流表，断开开关S，则R1 和R2并 联，两电流表的读数之比为1：3【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，若甲、乙均为电压表，则两电阻串联，电压表甲测电源的电压，电压表乙测R2两端的电压；若甲、乙均为电流表，断开开关S，则该电路为并联电路，甲测R2支路电流，乙测干路中的电流；根据串、并联电路的电流特点、电压特点以及欧姆定律求出两表的读数之比【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表甲测电源的电压，电压表乙测R2两端的电压，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且各处的电流相等，所以，由I=可得，两电压表的读数之比： =若甲、乙均为电流表，断开开关S，则该电路为并联电路，甲测R2支路电流，乙测干路中的电流；在并联电路中，各支路两端的电压相等，则电流表甲的示数为：I甲=；电流表乙的示数为：I乙=+；则甲乙两电流表的读数之比为：I甲：I乙=：（+）=：（+）=：（+）=1：3故答案为：串；3：2；并；1：318有一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲电源电压为24，灯泡L的额定电压为24，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为60调节滑动变阻器R，当电流表的示数为0.3A，通电1min电流对灯泡做功216J，此时滑动变阻器两端的电压为12V【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）额定电压下灯泡正常工作，根据图象读出对应的电流，根据欧姆定律求出此时灯丝的电阻；（2）先从乙图象中得出在电流为0.3A时灯泡两端的实际电压，再根据W=UIt计算电流对灯泡做的功，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压【解答】解：由题可知，灯泡的额定电压为24V，结合乙图可得灯泡正常发光时的电阻：R灯=60；由图甲可知，灯L与R串联，当电流表的示数为I=0.3A时，由乙图可知，此时灯两端电压U灯=12V，通电1min电流对灯泡做功：W=U灯It=12V0.3A60s=216J，灯L与R串联，滑动变阻器两端的电压U滑=UU灯=24V12V=12V故答案为：60；216；1219如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点）闭合开关S，当滑片P在b端点时，电流表示数为0.1A，电压表示数为10V；当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，电压表示数为6V（1）滑动变阻器R2的最大阻值为100；（2）R1的阻值为20；（3）电源电压为12 V；（4）当滑片P从a移到b的过程中，通过R1的电流变化了0.5A【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）由图可知，R1与R2串联，分析电流表与电压表的测量对象，根据R=计算；（2）根据滑片P处于不同位置时，电源电压不变的特点，根据U=IR列等式计算；（3）根据串联电路总电压U=IR总进行计算；（4）分析滑片P于a点时的电路连接情况，根据I=解题【解答】解：（1）由图可知，R1与R2串联，电压表测R2电压U2，电流表测电路电流Ib，当滑片P移至b点时，其接入电路中的电阻为最大值R大，R大=100；（2）当滑片P至b时，电源电压：U=I（R大+R1）=0.1A 当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为I=0.3A，电压表示数U滑=6V，此时滑动变阻器接入电路的电阻：R滑=20电源电压：U=I（R滑+R1）=0.3A（20+R1） 由可解得：R1=20（3）电源电压：U=I（R大+R1）=0.1A=12V（4）当滑片P于a点时，R2接入电路的电阻为零，此时电路电流：Ia=0.6A当滑片P从a移到b的过程中，通过R1的电流变化：I=IaIb=0.6A0.1A=0.5A故答案为：（1）100；（2）20；（3）12；（4）0.5三、解答题（共50分）20如图所示，画出滑轮组最省力的绕法【考点】滑轮组的设计与组装【分析】滑轮组绳子的绕法有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕，这种绕法有偶数段绳子承担物重；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再绕过上面的定滑轮再向下，依次反复绕，这种绕法有奇数段绳子承担物重【解答】解：对由一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组，可绕线方法有两股和三股两种，两种方法都达到了省力的目的，但拉力的方向不同，有三股绕线的方法拉力方向向上；有两股绕线的方法拉力方向向下，在不计滑轮自重及摩擦的情况下，动滑轮和重物由几股绳子承担，拉力就是滑轮组提升物重的几分之一由此可知绳子股数越多越省力，根据题意滑轮组最省力的绕法是绳子股数最多，即三股绕线的方法具体图形如下：21图中，使杠杆OA保持静止，画出在A点所加最小力F1的示意图和阻力F2的力臂l2【考点】力臂的画法；力的示意图；杠杆中最小力的问题【分析】力臂是支点到力的作用线的距离由杠杆的平衡条件可知，当杠杆平衡时，力臂最长，力最小【解答】解：由图知O是支点，F1作用在A点，最长力臂是OA，所以F1的方向要与OA垂直，这样才能保证其力臂是OA如图所示向力F2的作用线作垂线，作出力臂l2如图所示：22用笔画代替导线完成图中电路的实物连接要求：两灯并联，开关控制整个电路，电流表测量通过L1、L2的总电流，导线不能交叉【考点】实物的电路连接【分析】由题意可知，两灯泡并联，开关控制整个电路、电流表测通过两灯的总电流说明开关和电流表位于干路【解答】解：两灯泡并联，电流表位于干路，然后与开关和电源组成电路，如下图所示：23在探究“杠杆的平衡条件”实验中，（1）若杠杆静止在如图所示的位置，可将杠杆右端的螺母向右调节一些，使杠杆在水平位置平衡杠杆平衡后，在A点挂两个50g的钩码，在B点应挂3个50g的钩码才能使杠杆恢复平衡实验次数动力F1/NL1/cmF2/N阻力臂L2/cm11.5103.0521.0202.01031.0302.015（2）记录实验数据的表格如上，请将表格空白处补充完整（3）下列实验中，进行多次实验的主要目的与本实验相同的是（填序号）“测量物体的长度”时，多次测量；“研究串、并联电路的电流特点”时，换用不同小灯泡，多次测量【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）探究杠杆平衡条件之前首先要调节杠杆在水平位置平衡，螺母向上翘的一端移动；使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于在杠杆上测量力臂；根据杠杆平衡条件判断所挂钩码数量；（2）实验中需要测量的物理量有动力、动力臂、阻力、阻力臂；（3）多次测量求平均值的目的：减小误差；得到广义的结论，避免片面性；分析得出某种比例关系【解答】解：（1）如图，杠杆右端上翘，左端下沉，螺母应向右端移动，使杠杆在水平位置平衡；设一个钩码重为G，杠杆上一个小格代表1cm，所以根据杠杆平衡条件可得：2G3cm=nG2cm，n=3（个）；（2）表格中数据应包括动力、动力臂、阻力、阻力臂几项，由表格中数据知，应为动力臂，单位cm；应为阻力，单位N；即L1/cm；F2/N；（3）本实验多次测量是为了通过分析得出动力、动力臂、阻力、阻力臂之间的关系，找出普遍规律；测量物体的长度，多次测量是为了减小误差；“研究串、并联电路的电流特点”时，换用不同小灯泡，多次测量，是为了通过分析得出普遍的规律故选故答案为：（1）右； 3；（2）L1/cm；F2/N；（3）24如图所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验装置用同一套装置先后加热并不断搅拌质量相等的煤油和水（1）要完成该探究实验除了图中所示的器材外，还需要的测量工具有天平和秒表（2）小明设计的记录数据的表格如下，分析表格可知他是用加热时间相同比较升高的温度的方法来完成探究实验的加热时间/min00.511.52温度/煤油水（3）实验结束后，小明查表知道水的比热容为4.2103J/（kg），则500g水温度升高20吸收的热量是4.2104J；若这些热量由酒精完全燃烧获得，则至少要消耗1.4g酒精（酒精的热值为3.0107J/kg）【考点】探究比热容的实验；热量的计算；燃料的热值【分析】（1）探究不同物质吸热能力时，要控制两种液体的质量相等，需要用天平测质量，测量加热时间的工具为停表；（2）根据表格内容判断比较的方法；（3）根据吸收热量的公式 Q=cmt；可求这些水吸收的热量；欲求需要多少酒精，就需要知道燃料放出热量的计算公式Q=qm，变形后代入数值即可求解【解答】解：（1）由实验可知，要准确完成本实验除了图中的实验器材，还需的器材有测量质量的天平和测量时间的秒表；（2）由于是用相同的酒精灯加热，即煤油和水在相同的时间内吸收的热量相等，所以可以利用加热相同的时间比较液体升高温度的多少，判断液体的吸热本领；（3）已知m=500g=0.5kg，t=20，由 Q=cmt=4.2103J/（kg）0.5kg20=4.2104J；由Q=qm得：m=1.3103kg=1.3g；故答案为：（1）秒表；（2）加热时间；升高的温度；（3）4.2104； 1.425利用如图所示的电路可以验证电功与电流的关系（1）图中两只灯泡的连接方式是并联，它们工作时的电阻要不同（选填“相同”或“不同”）（2）小明正确操作，验证了实验的结论支持该结论的实验现象是电流表示数较大的支路灯泡较亮【考点】电功的测量【分析】（1）并列连接的连接方式是并联，根据并联电路特点分析答题（2）根据实验控制的变量与实验现象分析答题【解答】解：（1）由图示电路图，两灯泡并联连接，它们是并联的；探究功与电流的关系应控制电压相同而电流不同，两并联灯泡的电阻应该不同；（2）在电压相同时，电流越大，由P=UI可知灯泡实际功率越大，灯泡越亮，如果电流表示数较大的支路灯泡较亮，则可以验证实验结论故答案为：（1）并；不同；（2）电流表示数较大的支路灯泡较亮26小明用如图甲所示的实验电路探究“电流与电阻的关系”（1）连接电路时，图甲中导线E端应与滑动变阻器的B（选填“A”、“B”、“C”或“D”）接线柱相连，使闭合开关前滑片P应置于A端（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P发现，发现电压表始终无示数，电流表有示数，其原因可能是B（只填序号）A滑动变阻器断路 BR短路 CR断路（3）排除故障后，将5的电阻接入电路，调节滑动变阻器，电压表指针位置如图乙所示，其读数为1.5 V；并记下此时的电流表读数（4）将5的电阻换成10的电阻后，闭合开关，电压表示数为1.9V则小明接下来的具体操作为向左（A端）移动滑片，使电压表示数为1.5V，读出此时电流表的示数，并记下此时的电流表读数（要明确说明滑片P的滑动方向）【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）为防止电路中电流过大而损坏电路设备，闭合开关前滑动变阻器的滑片应滑至最大阻处，据此确定应采用的接线柱；（2）电流表有示数，表示电路中有电流，不存在断路，电压没示数，表示电压表短路或断路；（3）确定电压表所用量程，明确最小分度值，再读数；（4）本实验探究电流与电阻的关系，依照控制变量法，须保持电阻两端电压不变，改变电阻，观察电流的变化【解答】解：（1）开关闭合前，滑片应滑至最大阻值处，由题可知，滑片应滑至A端，对照甲图可知，应选用滑动变阻器接线柱B；（2）电流表的示数不为零，说明电路为通路；电压表示数为零，说明电压表并联的部分短路或电压表接线柱断路，即电压表断路、电阻R短路；故选B（3）由图乙可知，电压表采用03V量程，最小分度值为0.1V，可读出示数为1.5V；（4）用5电阻替换10电阻接入电路，根据串联电路的特点，电压表示数会变小，为控制电压表示数不变，应减小变阻器接入电路的电阻即向A端移动滑片P，应使电压表示数为1.5V时再记录此时电流表示数故答案为：（1）B；（2）B；（3）1.5；（4）向左（A端）移动滑片，使电压表示数为1.5V，读出此时电流表的示数27小明同学对串联电路电压规律进行了探究【猜想与假设】串联电路总电压等于各用电器两端的电压之和【设计与进行实验】（1）按如图所示的电路图连接电路（2）闭合开关，用电压表测出L1两端的电压（3）在测L2两端的电压时，小明为了节省时间，采用以下方法：电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上（4）测出AC间的电压，得出结论【交流与评估】（1）在拆接电路时，开关必须断开（2）小明用上面的方法能否测出L2两端的电压？不能，为什么？电压表正负接线柱接反了（3）方法改进后，测出AB、BC、AC间的电压记录在表格中：UAB/VUBC/VUAC/V2.41.43.8小明分析实验数据得出结论：串联电路总电压等于各用电器两端电压之和此实验在设计方案上存在的不之处是测一次不具有普遍性改进方法是换用不同规格的灯泡多测几次使结论更具普遍性【考点】探究串、并联电路中的电压规律实验【分析】（1）连接电路时，开关必须要断开，断开的目的是为了保护电路，以防止由于接错出现短路烧坏电源；（2）电压表要准确的测量用电器两端的电压，必须严格按照电压表的使用规则进行操作，所以判断李瑞同学能不能用此方法测出L2两端的电压，就看电压表此时是否与L2并联，正负接线柱的接法是否正确；（3）将AB间电压与BC间电压相加，即可判断出是否与AC间电压相等通过实验获得结论，一般都要多做几次实验，多做几次实验，就可以多获几组数据，从而可以对数据进行归纳分析，以此获得结论【解答】解：（1）在拆接电路时，开关必须断开；（2）当电压表B点不动，只断开A点，并改接到C点上时，虽然电压表此时与L2并联，但电压表的正负接线柱却是反的，闭合开关后，指针会反向偏转，