2017年广东省深圳市南山区中考物理三模试卷解析版.doc

2017年广东省深圳市南山区中考物理三模试卷一、第一部分单选题（每题1.5分，共16小题，共24分）1以下估测符合生活实际的是（）A中考物理试卷的宽度约为30mmB适合人洗澡的水温约为70C一本物理教科书的质量约为250gD人平静时呼吸一次所用的时间约为9s2如图所示是敲击音叉时示波器在相同时间内截取的二列声波图，下列说法正确的是（）A甲的音调比乙的音调低B甲的音量比乙的音量小C甲的音调比乙的音调高D甲的音量比乙的音量大3如图所示是近视眼和远视眼的成因示意图下列说法正确的是（）A甲是远视眼，应佩戴凹透镜矫正B甲是远视眼，晶状体折光能力较弱C乙是近视眼，应佩戴凸透镜矫正D乙是近视眼，晶状体折光能力较弱4如图所示是“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验有关此实验的说法中正确的是（）A分析甲、乙可得，滑动摩擦力的大小跟接触面所受的压力有关B分析甲、丁可得，滑动摩擦力的大小跟接触面的受力面积有关C乙、丙是探究滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度是否有关D丙、丁是探究滑动摩擦力的大小跟接触面的受力面积是否有关5关于热量、温度、内能的概念，下面说法中错误的是（）物体的温度越高，含有的热量越多；物体的温度升高，一定吸收了热量；物体放出热量，温度不一定降低；做功和热传递都能改变物体内能；冷水一定比热水的内能小，是因为冷水温度较低；0的冰块也有内能A只有B只有C可能有D只有6小花同学利用天平和量杯测量某种液体的密度时，记录实验的数据如表这种液体的密度和空量杯的质量分别是（） 液体与量杯的质量m/g 30 5070 液体的体积V/cm3 1030 50A3.0103kg/m3 10gB1.7103kg/m3 10gC1.4103kg/m3 20gD1.0103kg/m3 20g7如图所示的简单机械中，使用时一定费力的是（）A镊子B起子C钳子D动滑轮8如图所示甲、乙两套装置所用滑轮质量均相等，用它们分加紧将所挂重物在相等时间内竖直向上匀速提升相同高度若G1=G2，所用竖直向上的拉力分别为F1和F2，拉力做功的功率分别为P1和P2，两装置的机械效率分别为1和2（忽略绳重和摩擦）则下列选项正确的是（）AF1F2 12 P1P2BF1F2 1=2 P1=P2CF1F2 12 P1P2DF1F2 12 P1P29如图所示长征七号火箭使用的是液氧煤油推进剂，无毒、无污染，清洁环保下列说法正确的是（）A“长征七号”上升过程中是动能转化为重力势能B“长征七号”上升过程中是燃料通过燃烧释放内能，内能转化为机械能C发射场地有大量的水池，是利用水的密度大特性D液态煤油的热量大10图中有关物态变化的描述正确的是（）A冰是凝固形成的，需要吸收热量B雾是液化形成的，需要放出热量C霜是凝华形成的，需要吸收热量D雪是升华形成的，需要放收热量11如图所示的电路，电源电压和灯泡电阻都保持不变，当滑动变阻器R的滑片P由中点向右移动时，下列判断中正确的是（）A电流表和电压表的示数都增大，灯变亮B电流表和电压表的示数都减小，灯变暗C电流表的示数减小，电压表的示数增大，灯变暗D电流表的示数减小，电压表的示数不变，灯的亮度不变12小明在一次野炊活动中，将中间剪得较窄的口香糖锡箔纸（可看做导体）接在干电池正负两极上，如图所示，锡箔纸较窄处最先燃烧这是因为与长度相同的锡箔纸较宽处相比，较窄处（）A电阻较大B电流较大C电压较小D电功率较小13将“2.5V、0.3A”和“3.8V、0.3A”的两个灯泡接在合适的电源上，两个小灯泡均没有烧坏，两灯相比较与实际相符的是（）A若两灯串联，“3.8V、0.3A”灯泡更亮B若两灯串联，“2.5V、0.3A”灯泡两端电压更大C若两灯并联，“3.8V、0.3A”灯泡更亮D若两灯并联，通过“3.8V、0.3A”灯泡的电流更大14如图是机场的安检人员用手持金属探测器检查乘客的情景，当探测线圈靠近金属物体时，在金属物体中就会产生电流，如果能检测出这种变化，就可以判定探测线圈下面是否有金属物体图中能反映出金属探测器工作原理的是（）ABCD15如图所示是某同学设计的家庭电路，电灯开关已断开下列说法正确的是（）A灯泡和两孔插座是串联的B试电笔接触M点，氖管不发光C开关和三孔插座的连接都是错误的D试电笔插入两孔插座的左孔，氖管发光16关于气体压强方面的物理知识，下列说法不正确的是（）A托里拆利实验可以测量大气压强的值B马德堡半球实验可以证明大气压强的存在C水的沸点在标准大气压下是100，随着大气压的减小，水的沸点也会降低D在气体中，流速越大的位置，压强越大二、实验探究题（共14分）17在一次物理兴趣小组的活动中，某小组同学准备用弹簧测力计、烧杯、水、吸盘、滑轮、细线来测量木块（不吸水）的密度（1）在一定的范围内拉伸弹簧时，弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长量就越 （2）如图甲所示，用弹簧测力计测出木块在空气中的重力为 （3）将滑轮的轴固定在吸盘的挂钩上，如图乙所示在烧杯中倒入适量的水，将木块放入水中后，用弹簧测力计将木块全部拉入水中，如图丙所示，此时弹簧测力计示数为0.4N（4）如果不计摩擦和绳重，图丙所示的木块受到的浮力为 木块的密度为 （5）如果将烧杯中的水换成另一种液体，用弹簧测力计将该木块全部拉入该液体中时，弹簧测力计示数为0.2N，该液体的密度为 18探究：通过导体的电流与导体两端电压及导体电阻的大小有什么关系？猜想导体的电阻一定时，通过导体的电流与其两端电压成正比导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比实验器材电源（电压恒为4.5V），电流表、电压表各一只，开关一个，三个定值电阻（5、10、15），两只滑动变阻器（202A、501A），导线若干实验过程（1）根据如图所示实物图在虚线框内画出电路图（2）小明按如图正确连接电路后，闭合开关，发现电流表有示数，电压表指针超过量程小明操作中的错误是 （3）小明改正错误后继续实验，通过改变定值电阻R两端的电压，测得电流、电压的值如表一小明实验时选择的电阻值是 分析数据可得出结论 表一 电压U/V1.21.62.02.42.8电流I/A0.120.160.200.240.28表二电阻R/51015电流I/A0.300.150.10（4）小红在探究猜想时，先将5的电阻连入电路中，闭合开关，移动滑片，使与电阻并联的电压表的示数为 ，并记下电流值；再分别改接10、15的电阻时，电压表的示数将 ，应向 移动滑动变阻器的滑片，得到了表二中的实验数据（5）小红在探究猜想时使用的滑动变阻器的规格是 三、计算题（共16分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数字和单位）19某旅游区的缆车起点和终点的相对高度为500m，连接起点、终点的缆线长为1500m如图所示，缆车的质量为100kg，底面积为1m2，缆车顶部与钢缆固定在一起，钢缆带动缆车做匀速直线运动一台缆车运载着质量是80kg的一名游客上山，游客每只脚的面积为200cm2，缆车从起点到终点所用的时间为500s忽略空气阻力，g取10N/kg请计算：（1）缆车运行的速度；（2）游客在缆车中站定时对缆车的压强；（3）运送游客过程中，钢缆对缆车做功的功率20图甲为某款新型电饭煲，额定电压为220V，它采用了“聪明火”技术，智能化地控制不同时间段的烹饪温度，以得到食物最佳的营养和口感，图乙为其电路原理图，R1和R2为电阻不变的电热丝，S1是自动控制开关将电饭煲接入220V电路中，在电饭煲工作的30min内，它消耗的电功率随时间变化的图象如图丙所示求（1）030min，电饭煲产生的总热量；（2）S和S1均闭合，电路中的总电流；（3）求R1和R2的阻值分别是多少？四、综合开放题21如图所示是利用太阳能电源工作的一种新型动力车，它上面的太阳能接收板的有效面积为8m2，天气晴朗且接收板正对阳光时，每平方米面积上每秒钟能接收到太阳辐射的能量为1000J，太阳能电池提供的电压为120V，可供电动机正常工作的电流为10A（1）太阳能属于 （选填“可”或“不可”）再生能源（2）太阳能电池将太阳能转化为电能的效率是 （3）电动机正常工作时，电池的最大输出功率为 ，将电能主要转化为 ，若转化效率是80%，且该车沿水平路面匀速行驶时所获得的牵引力是150N，则该车匀速行驶的速度是 ，驾驶员相对于汽车是 状态2017年广东省深圳市南山区中考物理三模试卷参考答案与试题解析一、第一部分单选题（每题1.5分，共16小题，共24分）1以下估测符合生活实际的是（）A中考物理试卷的宽度约为30mmB适合人洗澡的水温约为70C一本物理教科书的质量约为250gD人平静时呼吸一次所用的时间约为9s【考点】63：长度的估测；13：温度；23：质量的估测；61：时间的估测【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案【解答】解：A、一根筷子的长度在25cm左右，中考物理试卷的宽度略大于此数值，在30cm=300mm左右故A不符合实际；B、人体正常体温在37左右，洗澡水的温度应该略高于体温，在40左右，不可能达到70故B不符合实际；C、一个大苹果的质量在250g左右，一本物理教科书的质量与此差不多，约为250g故C符合实际；D、人在平静状态下1min呼吸25次左右，平均呼吸一次的时间在23s左右故D不符合实际故选C2如图所示是敲击音叉时示波器在相同时间内截取的二列声波图，下列说法正确的是（）A甲的音调比乙的音调低B甲的音量比乙的音量小C甲的音调比乙的音调高D甲的音量比乙的音量大【考点】9D：频率及音调的关系；9G：响度与振幅的关系【分析】根据下列知识分析判断：（1）频率是1s物体振动的次数，相同时间内振动越快，频率越大音调跟频率有关，频率越大，音调越高（2）振幅是物体振动时偏离原位置的大小，偏离原位置越大，振幅越大响度跟振幅有关，振幅越大，响度越大【解答】解：由图可知，两幅图中音叉振动的快慢相同，因此音调相同；偏离原位置程度不相同，因此响度不相同，甲偏离程度大，所以甲的响度大，即音量大只有D选项说法正确故选D3如图所示是近视眼和远视眼的成因示意图下列说法正确的是（）A甲是远视眼，应佩戴凹透镜矫正B甲是远视眼，晶状体折光能力较弱C乙是近视眼，应佩戴凸透镜矫正D乙是近视眼，晶状体折光能力较弱【考点】BA：近视眼的成因与矫正办法；BB：远视眼的成因与矫正办法【分析】（1）近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，使远处物体射来的光线会聚在视网膜的前方，由此可以确定哪一个图表示了近视眼的成像情况近视眼佩戴凹透镜进行矫正（2）远视眼的晶状体较薄，会聚能力较弱，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，远视眼佩戴凸透镜进行矫正【解答】解：甲图的入射光线会聚在视网膜的后方，是晶状体折光能力太弱，所以甲图表示了远视眼的成像情况；为了使光线会聚在原来的会聚点前面的视网膜上，就需要在光线进入人的眼睛以前会聚一下，因此带对光线具有会聚作用的凸透镜来矫正乙图的入射光线会聚在视网膜的前方，是晶状体折光能力太强，所以乙图表示了近视眼的成像情况；为了使光线会聚在原来的会聚点后面的视网膜上，就需要在光线进入人的眼睛以前发散一下，因此带对光线具有发散作用的凹透镜来矫正综上所述，只有选项B说法是正确的故选B4如图所示是“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验有关此实验的说法中正确的是（）A分析甲、乙可得，滑动摩擦力的大小跟接触面所受的压力有关B分析甲、丁可得，滑动摩擦力的大小跟接触面的受力面积有关C乙、丙是探究滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度是否有关D丙、丁是探究滑动摩擦力的大小跟接触面的受力面积是否有关【考点】7L：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验【分析】影响滑动摩擦力大小的因素有压力和接触面的粗糙程度，在探究和分析结论时，一定要依据控制变量法，依次对不同的实验进行比较，并得出结论【解答】解：A、分析甲、乙可得，接触面粗糙程度相同，压力不同，故可得出滑动摩擦力的大小跟接触面所受的压力有关，故A正确；B、甲、丁的实验中，压力和接触面均相同，拉力最终也相同，因此分析甲、丁可得，滑动摩擦力的大小跟接触面的受力面积无关，故B错误；C、乙、丙两次实验，压力和接触面的粗糙程度均不同，不符合控制变量法的要求，不能探究滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度是否有关，故C错误；D、丙、丁两次实验，接触面的粗糙程度不同，不符合控制变量法的要求，不能探究滑动摩擦力的大小跟接触面的受力面积是否有关，故D错误故选A5关于热量、温度、内能的概念，下面说法中错误的是（）物体的温度越高，含有的热量越多；物体的温度升高，一定吸收了热量；物体放出热量，温度不一定降低；做功和热传递都能改变物体内能；冷水一定比热水的内能小，是因为冷水温度较低；0的冰块也有内能A只有B只有C可能有D只有【考点】G6：温度、热量与内能的关系【分析】（1）热量是一个过程量，不能说含有多少热量；（2）做功和热传递都能改变物体的内能（3）晶体凝固过程中，放热但温度不变；（4）内能的大小与物体的质量、温度有关；（5）一切物体都有内能【解答】解：热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故错误；物体的温度升高，可能从外界吸收了热量，也可能是外界物体对它做了功，故错误；晶体凝固过程中，放热但温度不变，故正确；做功和热传递都能改变物体内能，故正确；内能的大小与物体的质量、温度有关，只知道温度，不能确定内能的大小，故错误；0的冰块也有内能，故正确故错误的是；故选D6小花同学利用天平和量杯测量某种液体的密度时，记录实验的数据如表这种液体的密度和空量杯的质量分别是（） 液体与量杯的质量m/g 30 5070 液体的体积V/cm3 1030 50A3.0103kg/m3 10gB1.7103kg/m3 10gC1.4103kg/m3 20gD1.0103kg/m3 20g【考点】2A：密度的计算；2B：密度公式的应用【分析】由表格数据可知，当液体体积为10cm3时液体和量杯的总质量为30g；当液体体积为30cm3时液体和量杯的总质量为50g；据此根据密度公式列方程求出量杯的质量和液体的密度【解答】解：由表格数据可知，当液体体积V1=10cm3时液体和量杯的总质量m总1=30g；当液体体积V2=30cm3时液体和量杯的总质量m总2=50g；设量杯的质量为m杯，液体的密度为，则：m总1=m1+m杯，30g=V1+m杯，m总2=m2+m杯，50g=V2+m杯，得：V2V1=50g30g=20g，（V2V1）=20g，（30cm310cm3）=20g，解得=1g/cm3=1.0103kg/m3 ，代入得：30g=1g/cm310cm3+m杯，解得：m杯=20g故选D7如图所示的简单机械中，使用时一定费力的是（）A镊子B起子C钳子D动滑轮【考点】7O：杠杆的分类【分析】结合图片和生活经验，找出支点，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；B起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、动滑轮，实质是动力臂等于二倍阻力臂的杠杆，属于省力杠杆故选A8如图所示甲、乙两套装置所用滑轮质量均相等，用它们分加紧将所挂重物在相等时间内竖直向上匀速提升相同高度若G1=G2，所用竖直向上的拉力分别为F1和F2，拉力做功的功率分别为P1和P2，两装置的机械效率分别为1和2（忽略绳重和摩擦）则下列选项正确的是（）AF1F2 12 P1P2BF1F2 1=2 P1=P2CF1F2 12 P1P2DF1F2 12 P1P2【考点】FD：功率大小的比较；7!：滑轮组绳子拉力的计算；F2：机械效率的大小比较【分析】由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，由F=G比较F1、F2的大小；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据=和功率计算公式可比较机械效率和拉力做功的功率大小【解答】解：不计绳重及摩擦，因为拉力F=（G+G轮），n1=2，n2=3，所以绳子受到的拉力分别为：F1=（G1+G轮），F2=（G2+G轮），故F1F2；故CD错误；因为动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额=G轮h，W有用=G物h，所以利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同；由=可知，机械效率相同，1=2 ；又因为所用时间相同，由P=可知，拉力做功的功率P1=P2，故A错误，B正确故选B9如图所示长征七号火箭使用的是液氧煤油推进剂，无毒、无污染，清洁环保下列说法正确的是（）A“长征七号”上升过程中是动能转化为重力势能B“长征七号”上升过程中是燃料通过燃烧释放内能，内能转化为机械能C发射场地有大量的水池，是利用水的密度大特性D液态煤油的热量大【考点】E5：能量的转化和转移；FN：动能和势能的大小变化；GE：水的比热容的特点及应用；GJ：燃料的热值【分析】（1）影响动能大小的因素是质量和速度；影响重力势能大小的因素是质量和高度；（2）热机是利用内能做功的机器，内能转化为机械能；（3）水的比热容大，在相同质量，同样升温的情况下，水可以吸收更多的热量；（4）液氧煤油具有较高的热值，完全燃烧相同质量的该燃料时，可以释放出更多的热量；【解答】解：A、“长征七号”上升过程中质量不变，速度变大，动能变大；高度变大，重力势能变大，动能没有转化为重力势能；故A错误；B、“长征七号”上升过程中，利用内能做功，内能转化为动能和机械能；故B正确；C、发射塔下的大水池盛满了水，这是利用了水的比热容大的特性，升高相同的温度，带走的热量多；故C错误；D、“长征七号”发动机用液氧煤油做燃料，原因是液氧煤油具有较高的热值，完全燃烧相同质量的该燃料时，可以释放出更多的热量；故D错误故选B10图中有关物态变化的描述正确的是（）A冰是凝固形成的，需要吸收热量B雾是液化形成的，需要放出热量C霜是凝华形成的，需要吸收热量D雪是升华形成的，需要放收热量【考点】1M：液化及液化现象【分析】（1）物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华；（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华【解答】解：A、冰是水凝固形成的，放热此选项错误；B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化而成，放热此选项正确；C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华而成，放热此选项错误；D、雪是空气中的水蒸气遇冷凝华而成，放热此选项错误故选B11如图所示的电路，电源电压和灯泡电阻都保持不变，当滑动变阻器R的滑片P由中点向右移动时，下列判断中正确的是（）A电流表和电压表的示数都增大，灯变亮B电流表和电压表的示数都减小，灯变暗C电流表的示数减小，电压表的示数增大，灯变暗D电流表的示数减小，电压表的示数不变，灯的亮度不变【考点】IH：欧姆定律的应用；IZ：电路的动态分析【分析】（1）分析电路结构，明确各电路元件的连接方式，画出等效电路图；（2）根据电路连接情况判断滑动变阻器滑片的移动时，电压表、电流表示数变化情况，判断灯泡亮度变化情况【解答】解：（1）分析电路结构，画出等效电路图如图所示；（2）由等效电路图知电压表测并联电压，即电源两端的电压，由于电源电压U不变，所以，滑动变阻器滑片向右移动时，电压表示数不变，滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值R变大，由I=知：流过滑动变阻器的电流变小，电流表示数变小；由于灯泡两端电压不变，灯泡电阻不变，则灯泡的功率P=不变，灯泡亮度不变；故选D12小明在一次野炊活动中，将中间剪得较窄的口香糖锡箔纸（可看做导体）接在干电池正负两极上，如图所示，锡箔纸较窄处最先燃烧这是因为与长度相同的锡箔纸较宽处相比，较窄处（）A电阻较大B电流较大C电压较小D电功率较小【考点】IA：影响电阻大小的因素【分析】（1）影响电阻大小的因素：材料、长度、横截面积和温度，在其他条件相同时，导体越细，电阻越大；（2）串联电路中各处的电流相等，根据I=和P=I2R进行分析【解答】解：A、在其他条件相同时，导体越细，电阻越大，所以，锡箔纸最细处电阻最大，故A正确；B、因串联电路中各处的电流相等，所以，通过整个锡箔纸的电流相等，故B错误；C、由I=可知，锡箔纸最细处两端的电压最大，故C错误；D、由P=I2R可知，锡箔纸最细处的功率最大，故D错误故选A13将“2.5V、0.3A”和“3.8V、0.3A”的两个灯泡接在合适的电源上，两个小灯泡均没有烧坏，两灯相比较与实际相符的是（）A若两灯串联，“3.8V、0.3A”灯泡更亮B若两灯串联，“2.5V、0.3A”灯泡两端电压更大C若两灯并联，“3.8V、0.3A”灯泡更亮D若两灯并联，通过“3.8V、0.3A”灯泡的电流更大【考点】JE：实际功率【分析】由灯泡的铭牌可知额定电压不同，额定电流相等，根据欧姆定律比较两灯泡的电阻关系（1）两灯泡串联时通过它们的电流相等，根据欧姆定律可知两灯泡的电阻关系，根据P=UI可知灯泡实际功率的关系，实际功率大的灯泡较亮；（2）两灯泡并联时它们两端的电压相等，根据欧姆定律可知通过它们的电流关系，根据P=UI比较两灯实际功率关系，进一步判断亮暗关系【解答】解：由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压不同，额定电流相等，由I=的变形式R=可知，3.8V灯泡的电阻较大，2.5V灯泡的电阻较小；（1）两灯泡串联时，因串联电路中各处的电流相等，所以，由U=IR可知，3.8V灯泡两端的电压较大，2.5V灯泡两端的电压较小，故B错误；因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，3.8V灯泡的实际功率较大，灯泡较亮，故A正确；（2）两灯泡并联时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=可知，通过3.8V灯泡的电流较小，通过2.5V灯泡的电流较大，故D错误；由P=UI可知，2.5V灯泡的实际功率较大，灯泡较亮，故C错误故选A14如图是机场的安检人员用手持金属探测器检查乘客的情景，当探测线圈靠近金属物体时，在金属物体中就会产生电流，如果能检测出这种变化，就可以判定探测线圈下面是否有金属物体图中能反映出金属探测器工作原理的是（）ABCD【考点】CP：电磁感应【分析】由题意可知，探测器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，属于电磁感应现象分析各实验现象可知能产生电流的选项【解答】解：A、此图为奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故A错误；B、此图中没有电源，所以ab做切割磁感线运动时，会产生感应电流，即电磁感应现象，故B正确；C、此图是验电器，是检验物体是否带电的仪器，与题意无关，故C错误；D、此图中有电源，即通电后，金属棒会在磁场中受力运动，即电动机原理图，故D错误；故选B15如图所示是某同学设计的家庭电路，电灯开关已断开下列说法正确的是（）A灯泡和两孔插座是串联的B试电笔接触M点，氖管不发光C开关和三孔插座的连接都是错误的D试电笔插入两孔插座的左孔，氖管发光【考点】IO：家庭电路的连接【分析】（1）家庭电路中，各插座和各家用电器之间都是并联的（2）试电笔接触火线时，氖管会发光；（3）开关控制灯泡时，开关要接在灯泡和火线之间且三孔插座是“左零右火上接地”（4）对于两孔插座是：左零右火【解答】解：A、灯泡和两孔插座是互不影响的，所以是并联的，故A错误；B、M点通过灯泡与火线连接，所以试电笔接触M点，氖管发光，故B错误；C、据图可知，开关接到了零线和用电器之间；三孔插座的左孔接的是地线，故均错误，故C说法正确；D、两孔插座的左孔是零线，所以试电笔插入两孔插座的左孔氖管不发光，故D错误；故选C16关于气体压强方面的物理知识，下列说法不正确的是（）A托里拆利实验可以测量大气压强的值B马德堡半球实验可以证明大气压强的存在C水的沸点在标准大气压下是100，随着大气压的减小，水的沸点也会降低D在气体中，流速越大的位置，压强越大【考点】8F：大气压强的测量方法；1J：沸点及沸点与气压的关系；8E：大气压强的存在；8K：流体压强与流速的关系【分析】（1）托里拆利实验最早测出了大气压的值；（2）马德堡半球实验证明了大气压的存在；（3）大气压强与高度的关系，高度越高，大气压强越小，水的沸点越低；（4）流体压强与流速的关系是通过实验探究得到的，流体包括液体和气体，流速越快的地方压强反而越小【解答】解：A、托里拆利实验可以测量大气压强的值，故A正确；B、马德堡半球实验可以证明大气压强的存在，故B正确；C、大气压随着高度的增加而减小，在一个标准大气压下水的沸点是100，气压减小时，水的沸点越低，故C正确；D、在气体中，流速越大的位置，压强越小，故D错误故选D二、实验探究题（共14分）17在一次物理兴趣小组的活动中，某小组同学准备用弹簧测力计、烧杯、水、吸盘、滑轮、细线来测量木块（不吸水）的密度（1）在一定的范围内拉伸弹簧时，弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长量就越大（2）如图甲所示，用弹簧测力计测出木块在空气中的重力为0.6N（3）将滑轮的轴固定在吸盘的挂钩上，如图乙所示在烧杯中倒入适量的水，将木块放入水中后，用弹簧测力计将木块全部拉入水中，如图丙所示，此时弹簧测力计示数为0.4N（4）如果不计摩擦和绳重，图丙所示的木块受到的浮力为1N木块的密度为0.6103kg/m3（5）如果将烧杯中的水换成另一种液体，用弹簧测力计将该木块全部拉入该液体中时，弹簧测力计示数为0.2N，该液体的密度为0.8103kg/m3【考点】2M：固体的密度测量实验【分析】（1）在弹性限度内，弹簧的伸长与受的拉力成正比；（2）明确弹簧测力计的分度值，再根据指针指示来读数；（4）图丙中使用的是定滑轮，不能省力，所以弹簧测力计的示数即为对木块的拉力，根据二力平衡知识可知F浮=G+F拉求出浮力；根据F浮=水gV排求出木块的体积；根据G=mg=木gV求出木块的密度；（5）根据F浮=G+F拉求出木块在液体中受的浮力；根据F浮=液gV排求出液体的密度【解答】解：（1）在弹性限度内，弹簧的伸长与受的拉力成正比，拉力越大，弹簧伸长量越大；使用弹簧测力计前首先要检查指针是否指在零刻度线上；（2）图甲中弹簧测力计的分度值为0.2N，木块在空气中的重力即弹簧测力计的示数为0.6N；（4）图丙中弹簧测力计的拉力F拉=0.4N，木块受到的浮力：F浮=G+F拉=0.6N+0.4N=1N；根据F浮=水gV排木块的体积：V=V排=，根据G=mg=木gV木块的密度：木=水=1103kg/m3=0.6103kg/m3；（5）弹簧测力计的拉力F拉=0.2N，木块受到的浮力：F浮=G+F拉=0.6N+0.2N=0.8N；F浮=液gV排则：木=液=液=0.6103kg/m3；解得液=0.8103kg/m3；故答案为：（1）大；（2）0.6N；（4）1N；0.6103kg/m3；（5）0.8103kg/m318探究：通过导体的电流与导体两端电压及导体电阻的大小有什么关系？猜想导体的电阻一定时，通过导体的电流与其两端电压成正比导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比实验器材电源（电压恒为4.5V），电流表、电压表各一只，开关一个，三个定值电阻（5、10、15），两只滑动变阻器（202A、501A），导线若干实验过程（1）根据如图所示实物图在虚线框内画出电路图（2）小明按如图正确连接电路后，闭合开关，发现电流表有示数，电压表指针超过量程小明操作中的错误是没有将滑动变阻器滑片移到最大阻值处（3）小明改正错误后继续实验，通过改变定值电阻R两端的电压，测得电流、电压的值如表一小明实验时选择的电阻值是10分析数据可得出结论导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体的电压成正比表一 电压U/V1.21.62.02.42.8电流I/A0.120.160.200.240.28表二电阻R/51015电流I/A0.300.150.10（4）小红在探究猜想时，先将5的电阻连入电路中，闭合开关，移动滑片，使与电阻并联的电压表的示数为1.5V，并记下电流值；再分别改接10、15的电阻时，电压表的示数将变大，应向右移动滑动变阻器的滑片，得到了表二中的实验数据（5）小红在探究猜想时使用的滑动变阻器的规格是50 1A【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）根据如图所示实物图画出电路图：（2）为保护电路，闭合开关前，变阻器连入电路中的阻值最大；（3）由表一中数据根据欧姆定律求电阻；分析表中数据得出结论；（4）由表二中数据根据欧姆定律求电压，研究电流与电阻的关系时，要控制电阻的电压不变，换上较大电阻时，先根据分压原理确定电压表示数的变化，再由串联电路电压规律确定滑片移动的方向；（5）根据串联电路电压的规律和分压原理确定变阻器接入电路中阻值，确定变阻的规格【解答】解：（1）根据如图所示实物图画出电路图：（2）小明按如图正确连接电路后，闭合开关，发现电流表有示数，说明电路为通路，电压表指针超过量程，说明变阻器分得的电压太小，故没有将滑动变阻器滑片移到最大阻值处；（3）小明改正错误后继续实验，通过改变定值电阻R两端的电压，测得电流、电压的值如表一由表中数据，根据欧姆定律的变形公式R=10，即小明实验时选择的电阻值是10，分析数据，电压表与电流的比值为一定值，故可得出结论：导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体的电压成正比；（4）由表中数据可知，将5的电阻连入电路中，闭合开关，电流表示数为0.3A，根据欧姆定律的变形公式，与电阻并联的电压表的示数为U=IR=0.3A5=1.5V；再分别改接10、15的电阻时，根据分压原理，电压表的示数将变大，小红在探究猜想时，要控制电压表示数不变，根据串联电路电压的规律，应增大变阻器分得的电压，由分压原理，要减小变阻器连入电路中的电阻，故应向右移动滑动变阻器的滑片，得到了表二中的实验数据；（5）根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压U滑=4.5V1.5V=3V，变阻器分得电压为电压表示数的=2倍，由分压原理，当定值电阻为15时，变阻器连入电路 中的电阻为215=3020，因电流最大为0.3A，故选用501A变阻器故答案为：（1）如上所示；（2）没有将滑动变阻器滑片移到最大阻值处；（3）10；导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体的电压成正比；（4）1.5V；变大；右；（5）501A三、计算题（共16分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数字和单位）19某旅游区的缆车起点和终点的相对高度为500m，连接起点、终点的缆线长为1500m如图所示，缆车的质量为100kg，底面积为1m2，缆车顶部与钢缆固定在一起，钢缆带动缆车做匀速直线运动一台缆车运载着质量是80kg的一名游客上山，游客每只脚的面积为200cm2，缆车从起点到终点所用的时间为500s忽略空气阻力，g取10N/kg请计算：（1）缆车运行的速度；（2）游客在缆车中站定时对缆车的压强；（3）运送游客过程中，钢缆对缆车做功的功率【考点】86：压强的大小及其计算；69：速度公式及其应用；FF：功率的计算【分析】（1）知道路程和时间，根据v=求出运行速度；（2）游客对缆车的压力等于其重力，根据F=G=mg求出，再根据p=求出游客在缆车中站定时对缆车的压强；（3）钢缆需克服缆车和游客的重力做功，根据W=Gh求出钢缆做的功，再根据P=求出钢缆对缆车做功的功率【解答】解：（1）缆车运行的速度：v=3 m/s；（2）游客在缆车中站定时对缆车的压力：F=G人=m人g=80kg10N/kg=800N，游客在缆车中站定时对缆车的压强：p=2104Pa；（3）缆车和人的总重力：G总=G车+G人=（m车+m人）g=10N/kg=1800N，运送游客过程中，钢缆对缆车做功：W=G总h=1800N500m=9105J，钢缆对缆车做功的功率：P=1.8103W答：（1）缆车运行的速度3 m/s；（2）游客在缆车中站定时对缆车的压强2104Pa；（3）钢缆对缆车做功的功率1.8103W20图甲为某款新型电饭煲，额定电压为220V，它采用了“聪明火”技术，智能化地控制不同时间段的烹饪温度，以得到食物最佳的营养和口感，图乙为其电路原理图，R1和R2为电阻不变的电热丝，S1是自动控制开关将电饭煲接入220V电路中，在电饭煲工作的30min内，它消耗的电功率随时间变化的图象如图丙所示求（1）030min，电饭煲产生的总热量；（2）S和S1均闭合，电路中的总电流；（3）求R1和R2的阻值分别是多少？【考点】JK：电功与热量的综合计算；J9：电功率与电压、电流的关系；JI：焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）由电路图可知，当开关S和S1都闭合时，电路为R1与R2并联，电路中的总电阻最小，根据P=可知，电饭煲的功率较大；