浙江省中考科学（物理部分）复习讲义 专题11 电能.doc

电能年 级： 辅导科目：科学 课时数：3课 题电能教学目的教学内容1.电功概述电功的概念 知道电功的单位 列举决定电功大小的因素知道用电器消耗的电能可以用电功来量度应用电功的公式计算电器消耗的电能根据电能表读数的变化估算消耗的电能b a aacb2.电功率概述电功率的概念 知道电功率的单位应用电功率的公式进行简单的计算 知道额定功率的概念从说明书或铭牌上识别用电器的额定功率b ac aa一、知识解读：1电功与电功率、热量（1)电流做功的过程就是电能转化为其他形式能的过程。 (2）电功：公式为wuit，单位为焦耳（简称焦，符号为j)、千瓦时（kwh)。 换算：1 kwh3.6 106j。(3)电功率是用来表示电流做功快慢的物理量。计算公式：p=w/t、p=ui。单位：瓦特（简称瓦，符号为w），千瓦（kw）。1 kw1000 w测定小灯泡的电功率实验：原理：p=ui；电路图；步骤。测定小灯泡额定功率时，应调节滑动变阻器，使伏特表读数为额定电压u额时，再读出安培表示数i额，代入p额u额i额中计算。(4）焦耳定律：电流通过导体产生的热量跟电流的平方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成正比。其数学表达式为：q=i2rt，单位为焦。(5)电热器的原理是电流的热效应。电热器的主要组成部分是电阻率大、熔点高的合金发热体。(6)电功、电功率、热量的比较物理量名称 表达式 单位及符号、换算关系 注意电功形 w=ultw=pt 焦(j)，千瓦时(kwh)l kwh=3.6106j 公式中各量的对应关系，电能表的用途及读数方法电功率 p=w/t p=ui 瓦(w)，千瓦(kw)1kw=1000w 当u实=u额 时，p实=p额热量q q=i2rt 焦(j) 在纯电阻电路中，计算热量可利用q=w正确理解电功和电功率的关系有的同学认为“电流做功越多，电功率越大”，这是错误的。电功率描述电流做功的快慢，用电流在单位时间内所做的功来表示。所以这里包含功和时间两个因素，只有在时间相同的前提下，做功多者功率才会大。若缺少时间这个因素，功率大时只能说明做功快，做的功不一定多。注意电功和热量的区别如电炉、电烙铁、电饭锅，电流做功时将全部电能转化为内能，qw。而电风扇工作时电能主要转化为机械能，只有少部分能量转化为内能，因此电风扇发热时惟一使用的公式是qi2rt（r为电动机线圈的电阻），而绝不能使用qw = ut（其中u为电机线圈两端的电压）来计算转化的内能，因为此时wq。注意电功率p= ui和热功率pi2r的联系和区别在电路中只有电阻元件时（即纯电阻电路），电功率和热功率是相等的。当电路中有电动机、电解槽等用电器时，电能要分别转化成机械能、化学能等，只有一部分转化成内能，电功率大于热功率。(7）正确理解额定功率和实际功率的关系“pz220一25”的意思是：pz一普通照明灯泡，220一额定电压220伏，25一额定功率为25瓦。使用各种用电器一定要注意它的额定电压，用电器只有在额定电压下才正常工作。当用电器的工作电压不是额定电压时，它的实际功率不等于额定功率；当工作电压低于额定电压时，用电器的实际功率小于额定功率，用电器不能正常工作；当工作电压高于额定电压时，用电器的实际功率大于额定功率，用电器有烧坏的危险。一个用电器的额定功率只有一个，但它的实际功率有无数个。实际功率会随着实际电压的变化而变化，灯泡的亮度取决于灯的实际电功率。常考点清单练习：1、电功率的定义是_。2、安全用电的原则是四不： _、_、_。3、电功率的定义式是_，其推导式是_。这两个公式解题时，适应于任何电路，利用欧姆定律还可以推导出电功率的两个计算公式，分别是 _，_。这两个公式解题时，只适应于纯电阻电路任何电路。4、电功的计算公式是_，_。这两个公式解题时，适应于任何电路，利用欧姆定律还可以推导出电功的两个计算公式分别是 _，_。这两个公式解题时，只适应于纯电阻电路任何电路。5、纯电阻电路任何电路就是_。6、额定功率（p额）：_7、_是电功8、电功率的国际单位是_，简称_,符号是_ ，常用单位是_符号是_ 9、测量电功的仪表是_。10、额定电压（u额）：_ 11、当u实 u额时，则p实_ p额 ；用电器超常工作，易烧坏。15、电功率是表示_的物理量.16、当u实 = u额时，则p实_ p额 ；用电器正常工作。17、用电压表和电流表测小灯泡的电功率（1）实验原理是 _（2）实验电路图(3)实验步骤：a. 根据电路图连接实物电路。b. 调节滑动变阻器使_。c. 闭合开关d. 调节变阻器，使小灯泡两端的电压等于_电压，读出此时的电流值并记录，再用p = u i计算出小灯泡的额定功率。f用相同的方法测出电灯泡两端的电压大于和小于额定电压时所对应的_功率。18、同一个电阻或灯炮，接在不同的电压下使用则有_或_19、家庭电路的组成_、_、_、_、_、_、_、_。前面四种电路元件按顺序填写。20、当电流通过导体做的功(电功w)全部用来产生热量(电热q)，则w与q的关系为_（如电热器，电阻就是这样的。）21、在串联电路中，i1：i2=_，u1：u2=_，w1：w2=_，p1：p2=_，q1：q2=_（若和电阻有关系的写出与电阻的关系）22、在并联电路中，u1：u2=_，i1：i2=_， w1：w2=_，p1：p2=_，q1：q2=_（若和电阻有关系的写出与电阻的关系）23、焦耳定律内容是_。计算公式是_。24、两根进户线是零线和火线，它们之间的电压是_，测电笔可以判别火线和零线。如果测电笔中氖管发光，则所测的是_线，不发光的是_线。25、所有家用电器和插座都是_联的。开关与它所控制的用电器是_联。26、保险丝的作用是_27、保险丝的材料是_28、电路中电流过大的原因有两个：一是_二是_。29、电功的国际单位是_。常用单位是_也叫_。它们之间的换算关系是_30、在安装电路时，要把电能表接在_路上，保险丝应接在_线上（一根已足够）控制开关要装在_线上，螺丝口灯座的螺旋套应接在_线 。二、命题规律1、考查内容：本专题的重点是欧姆定律、电功、电功率等公式的综合应用，电功和电热的计算，测定小灯泡的电功率，额定功率和实际功率的计算等常考知识点。2、题型赋分：中考题型主要有实验题、综合应用、选择题和填空题，分值在10分左右。3、能力层级：本专题是中考的重要考点，主要涉及学生计算能力、综合分析能力、实验能力等。4、考查形式：命题以生活中的电器为背景，考查相关电学量的计算，常与热、力、能量等知识相联系，考查运用公式，综合分析能力。命题趋势：1、本专题涉及的考点有：电功和电热的计算，测定小灯泡的电功率，额定功率与实际功率的计算等知识。尤其是电功率的测量，家用电器的功率的计算是每年中考的压轴题，难度大、分值高，需要更多关注。例如：以综合应用题的形式考查了电功和电功率的相关计算，电路图及坐标图的识别，获取有用信息的能力；考查电功、电功率等知识点；以电动汽车为背景考查了能的转化和功率的计算。2、中考题型主要有实验题、综合应用题、选择题、填空题等。题目较难，分值在10分左右。3、电功和电功率的计算是中考的热点，也是教师和学生备考的重点。近年来，侧重点为电功率测量的实验探究，电热与效率等的综合应用。2012年中考热点可能仍为：利用电功和电功率的知识解决生活和生产中的实际问题，一般会以较大的题目出现。三、例题赏析：例1、如图所示电路，阻值为6的电阻与一个“6v 3w”的小灯泡串联后接到9v的电路中，小灯泡恰能正常发光；如果在此电路中将“6v 3w”的小灯泡换成“6v 4.5w”的小灯泡，那么该小灯泡的实际功率（设电源电压不变）（）a、 等于4.5w b、小于4.5w c、大于4.5w d、等于3w考点：电功率的计算；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；实际功率分析：已知“6v 3w”和“6v 4.5w”的小灯泡，可求电阻，再根据电阻变小电压也变小的规律判断实际功率解答： r1=u2/p=8， r2=u2/p2=62/3=12，当电阻变为8时，电阻变小，它上面分担的电压也变小，所以功率也变小故选b点评：本题考查电功率的计算欧姆定律的应用，串联电路电压规律和实际功率练习：一盏电灯接在恒定电压的电源上，其功率为100w若将这盏电灯先接在一段很长的导线后，再接在同一电源上，已知导线上损失功率是9w，那么此时电灯实际消耗功率是（）a、91w b、小于91wc、大于91w d、条件不足，无法确定 考点：电功率的计算；额定功率；实际功率专题：应用题分析：已知导线和灯泡串联，导线电阻较大，说明电路电阻变大，根据公式p= u2/r可知，电路的总功率变小，已知导线消耗的功率从而可以求出灯泡消耗的功率解答：如果导线电阻忽略时，灯接在恒定电压的电源上功率是100w；因为导线和灯泡串联，当导线上电阻较大时，即电路中的电阻变大，由p= u2/r可知电路消耗的总功率变小，即小于100w，而导线上消耗的功率为9w，所以灯泡的实际功率只能小于91w故选b点评：本题考查电功率计算公式的应用，特别注意实际功率与额定功率的区别，此题较难分析，属于难题例2、（2006宿迁）小明做作业时，发现电灯忽明忽暗，原因可能是（）a、灯泡的实际电压发生了改变b、灯泡的额定功率发生了改变 c、灯泡的额定电压发生了改变 d、灯泡烧坏了 考点：实际电压；实际功率专题：应用题分析：灯泡的亮暗取决于灯泡的实际功率，亮度改变，一定是实际功率变化一个用电器确定，额定电压和额定功率就确定，是不能改变的解答：a、电灯忽明忽暗由灯泡的实际功率发生变化引起的，根据p= u2/r，电阻不变，实际功率变化是有实际电压变化引起的符合题意b、一个用电器确定，额定功率确定，无论用电器是否工作，是否正常工作，都不影响额定功率不符合题意c、一个用电器确定，额定电压确定，无论用电器是否工作，是否正常工作，都不影响额定电压不符合题意d、若灯泡烧坏了，电灯不会发光不符合题意故选a点评：正确区别额定电压和实际电压，额定功率和实际功率，一个用电器的额定电压和额定功率只有一个，实际电压有无数个，每一个实际电压下对应一个实际功率练习：（2011宁波）小科做作业时，电灯突然变暗，其原因可能是（）a、电灯的实际电压变大 b、电灯的额定电压变小c、电灯的实际功率变小 d、电灯的额定功率变小 考点：实际功率专题：应用题分析：灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，故变暗可以从实际功率入手来分析，可能是功率变小，而实际功率与灯泡的电阻有关，故分析电阻的变化即可分析出灯泡变暗的原因解答：灯丝在长时间的工作过程中灯丝升华，导致灯丝变细，使电阻变大；在电压不变的情况下，根据p= u2/r可知实际功率变小；电灯将会变暗故选c点评：本题考查用物理知识解释生活中的现象，此类问题应根据现象认真考虑，找到深层的原因；影响灯泡变暗的因素不仅仅只是实际功率，当然也有可能是灯泡壁变暗导致光线变暗例3、有一台“220v 洗衣机 100w”，由于使用不当，造成电动机卡死，电动机由于温度升高而被烧坏 已知这台电动机的圈线电阻是2欧姆，则这台洗衣机正常工作2分钟消耗多少电能？电动机被卡死的时候，2分钟产生多少热量？解析：由于电动机正常工作须发挥其功率p=100w，所以电流2分钟做的功w=pt=1.2104j电动机卡死后，变成了纯电阻电路，电路中的电流i=u/r=110a所以可产生热量q=i2rt=2.9106注意：在运用焦耳定律及其推导公式计算电热时，由于忽略其应用条件而出现错误解释。练习：热机的发明和普遍使用，在为人们服务的同时，造成的环境污染也相当严重热机的使用产生的主要是大气污染与热机相比，电动机的优点是结构简单体积小、操作方便（写2条）某电动机标有“220v 10a”的字样，线圈电阻力3，则正常工作时电功率为2200w；热功率为300w；效率为86.4%考点：热机；能量利用效率；电功率的计算专题：应用题；答案开放型分析：（1）热机是内能转化为机械能的机器，热机的效率是用来做有用功的那部分能量和燃料完全燃烧放出的能量之比（2）电动机的热量损失是由线圈产生的那部分热量有用功等于总功减去损失的热量解答：热机是内能转化为机械能的机器，内能是通过燃料燃烧的化学能转化来的，在使用时会产生大量废气，造成大气污染电动机的优点很多例如：电动机的使用和控制非常方便、电动机的工作效率较高、结构简单体积小等已知：u=220v，i=10a，r=3p=ui=220v10a=2200w，p热=i+r=（10a）23=300w，p有用=p-p热=2200w-300w=1900w= p有用/p=1900w/2200w=86.4%故答案为：大气，结构简单体积小，操作方便，2200，300，86.4%点评：主要考查了热机与电动机的区别及电动机效率的计算关于电功率的计算公式要熟练掌握三、例题赏析：1、（2011杭州）在如图所示的电路中，电源电压为3伏特，电阻r的阻值为5欧姆，滑动变阻器标有“20 2a“字样，当滑片由a端滑到b端的过程中（）a、电阻r两端的电压不断变大b、电阻r的功率不断变小 c、滑动变阻器两端的电压不断变小 d、滑动变阻器的功率不断变大 考点：滑动变阻器的使用；串联电路的电压规律；欧姆定律；电功率的计算专题：学科综合题分析：滑片右移，连入电路的电阻增大，总电压不变，电路中的电流减小，根据u=ir，电流减小，电阻不变，电压减小根据p=ui可以判断定值电阻的功率变化对于滑动变阻器，首先用电功率公式表示出其功率，为：p=ui（=u总-u）i=（3-5i）i=3i-5i2，此时可结合数学中二次函数性质的相关内容，来判断功率的变化情况解答：a、滑片右移，连入电路的电阻增大，总电压不变，电路中的电流减小，根据u=ir，电流减小，定值电阻r不变，电压减小不符合题意b、定值电阻两端的电压减小，电流减小，根据p=ui，定值电阻的功率减小符合题意c、串联电路的总电压等于各串联导体的电压之和，定值电阻的电压减小，电源电压不变，滑动变阻器的电压增大不符合题意d、p=ui=（u总-u）i=（3-5i）i=3i-5i2，根据数学知识，p是关于i的一元二次函数，p是一条抛物线，开口朝下，有最大值，功率先增大后减小不符合题意故选b点评：本题的前三个选项比较简单，最后一个选项涉及到数学中的二次函数的性质，这是数学和物理相结合的习题，有很大的难度2、（2011杭州）利用“光控开关”和“声控开关”可以节约居民楼里楼道灯的用电其中“光控开关”能在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；“声控开关”能在有声音时自动闭合，无声音时自动断开下列电路图中合理的是（） a、 b、 c、 d、考点：电路图设计；串、并联电路的设计专题：应用题；设计与制作题分析：电路中开关控制用电器时，开关和用电器是串联的光控开关和声控开关同时控制一盏灯，同时符合光暗到一定程度，而且有一定的声音时电灯才发光，两个开关和灯泡应该是串联的解答：a、当声控开关闭合时，电灯被短路，电灯不亮，不符合题意，该选项错误；b、光控开关、声控开关和电灯是串联的，光控开关、声控开关同时闭合时电路形成通路，电灯发光，符合题意，该选项正确；c、光控开关和声控开关是并联的，光暗到一定程度或有声音时都能使电灯发光，不符合题意，该选项错误；d、当声控开关闭合时，电灯就可以发光，光控开关闭合时，电灯被短路，电源也被短路，不符合题意，该选项错误故选b点评：（1）开关控制用电器时开关和用电器是串联的，用电器和用电器之间是并联的（2）根据实际需要学会设计串联电路和并联电路3、（2009温州）闭合开关后，如图，四个灯泡都正常发光，其中最亮的是（）a、a图 b、b图 c、c图 d、d图 考点：实际功率；额定功率分析：灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率；由图可知：4个灯泡都是并联在家庭电路中，且四个灯泡都正常发光，则灯泡的实际功率都等于额定功率，故根据额定功率的大小即可判定灯泡的亮度解答：四个灯泡都正常发光，灯泡的实际功率=额定功率，又灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，额定功率越大的灯泡越亮，100w的灯最亮故选d点评：解决本题的关键是掌握灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率；当灯泡正常发光时，灯泡的实际功率与额定功率相等，则判定灯泡的亮度就可以转化为判定额定功率的大小4、（2009兰州）电炉丝断了，去掉 1/5后，仍然接在原来的电源两端，则在相同时间内产生的热量与原来产生的热量之比为（）a、5：4 b、1：5 c、5：1 d、4：5考点：电功与热量的综合计算；并联电路的电压规律；影响电阻大小的因素；电功的实质专题：计算题；推理法分析：电炉丝断了，去掉 1/5后，电阻变为原来的 4/5，知道仍然接在原来的电源两端，所加电压不变，利用q=w= (u2/r)t分析判断解答：解：电炉丝断了，去掉了 1/5，现在电炉丝和原来的电炉丝的电阻关系：r现在：r原来= 4/5 r：r=4：5，通过r1与r2的电流i相等，电流通过电炉丝做功消耗电能全部转化为内能，q=w= (u2/r)t，仍然接在原来的电源两端分，所加电压相等，在相同时间内产生的热量与原来产生的热量之比：q现在：q原来= (u2/r现在)t： (u2/r原来)t=r原来：r现在=5：4，故选a点评：本题考查了学生对焦耳定律、并联电路的电压关系、影响电阻大小的因素的了解和掌握，为防止因颠倒而出错，记住规律：在并联电路中，除了电压相等外，各电阻的电流、电功、电功率、电热都与电阻成正比5、甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是（）a、两灯串连接入220v电路中，乙灯较亮 b、两灯均正常发光时，甲灯灯丝电阻较大 c、两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多 d、将乙灯接入110v电路中，它的实际功率为50w 考点：额定电压；电功的计算；电功率的计算；额定功率；实际功率专题：信息给予题分析：（1）用电器的铭牌上标有额定电压和额定功率根据额定电压和额定功率求出正常工作时的电阻 r=u额2/p额（2）判断灯泡的亮暗程度根据实际功率串联电路中一般利用p=i2r并联电路中一般利用 p=u2/r（3）消耗的电能w=pt解答：a、根据额定电压和额定功率，计算甲乙两灯的正常工作的电阻 r甲=u甲2/p甲=(220v)2/25w=1936 r乙=u乙2/p乙=(220v)2/100w=484当甲乙两灯串联时，根据p=i2r知，电流相同，甲电阻越大，甲实际功率越大，甲电灯越亮不符合题意b、通过上面计算知，甲灯正常工作时的电阻大符合题意c、用电器工作消耗的电能w=pt，用电器正常工作，没有工作时间，不能判断消耗电能的多少不符合题意d、乙灯接在110v的电路中，消耗的功率是 p=u2/r乙=(110v)2/484=25w不符合题意故选b点评：根据 r=u额2/p额、p=i2r、 p=u2/r、w=pt完成有关的计算6、（2009安徽）用电高峰时期，家庭里的白炽灯泡比正常发光要暗一些这是因为，在用电高峰时（）a、并联用电器增多，电路的总电阻增大b、并联用电器增多，电路的总电流减小 c、并联用电器增多，家用电器的实际功率减小 d、并联用电器增多，家用电器的额定功率减小答案：c解析：家里的白炽灯泡比正常发光要暗一些，说明家用电器的实际功率减小，用电器越并越多，总电阻越来越小，电路电流越来越大，导致在输电线上的损耗越来越多，用电器的实际电压减小。7、小云从实验室找到四只电能表，其规格如选项，他将四只相同的白炽灯分别与四只电能表相连并接入照明电路，则电能表转盘转的最快的是( ) a. 220v 5a 50hz 1200r/kwhb. 220v 2a 50hz 1800r/kwhc. 220v 5a 50hz 2500r/kwhd. 220v 2a 50hz 3600r/kwh答案：d解析：从四只电能表的参数字样来看，每消耗一度电，d转过的转数最多，而四只相同灯泡工作相同时间消耗电能是相同的，故d在相同时间内转过的转数最多，即转得最快。8、我们知道，电炉通电后，电炉丝热得发红，而与电炉丝相连的导线却不怎么发热其原因是（）a、导线的电阻小 b、电炉丝的电阻小c、通过导线的电流大 d、通过电炉丝的电流大 考点：焦耳定律；串联电路的电流规律专题：控制变量法分析：由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、导体电阻大小和通电时间成正比电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，据焦耳定律分析判断解答：电炉在使用时，电炉丝和导线串联，i电炉丝=i导线，通电时间t相同，q=i2rt，r电炉丝r导线，电流产生的热量：q电炉丝q导线，从而出现电炉丝热得发红，而与电炉丝相连的导线却不怎么发热的现象；由上述分析可知选项b、c、d都不正确故选a点评：本题主要考查对焦耳定律及应用、串联电路电流关系的了解和掌握，知道电炉丝和相连接的导线为串联是本题的关键9、如图所示电路，电源电压不变。闭合开关s，当滑片p置于变阻器的中点时，电压表的示数为4v：当滑片p置于变阻b端时，电压表的示数变化了2v，在15s内定值电阻r1产生的热量为60j。则下列结果正确的是（ ）a.电源电压为10v b.r1的阻值为18 c.滑动变阻器r的最大阻值为9 d.r1先后两次消耗的电功率之比为4:3解：当滑片在中点时由欧姆定律可知，电流中电流i1= ，则滑动变阻器两端的电压：u1=i1 ，即 =4v-（1）由题意知，当滑片滑到b处时因r的接入电阻变大，故电压表示数应增大，即滑片滑到b点时，滑动变阻器两端电压为u2=4v+2v=6v； 同理得： =6v-（2）用（1）式比（2）式可得： ；化简得：3r1+3r=4r1+2r，解得：r1=r-（3）将（3）代入（1）式可得： =4v；则可求得：u=12v，故a错误；则可知，当滑片滑到b点时，r1两端电压为u2=12v-6v=6v； 则由q= =60j；可得：r1= =9，故b错误；因r=r1，故r的最大阻值为9，故c正确；滑片在中点时，r1两端的电压为12v-4v=8v，滑片在b点时，电压为6v，则电压之比为 ，由p= 可得：功率之比为电压平方之比，即为 ，故d错误；故选c10、小张同学家的浴室新安装了一台可供冬季取暖和照明的浴霸该浴霸的部分数据如下表，简化电路图如图所示，图中l为照明灯，l1、l2是两盏红外线取暖灯关于该浴霸，下列说法错误的是（）额定电压 额定频率 额定功率取暖 照明 220v 50hz l1 l2 50w 275w 275w a、该浴霸只用作照明时，应闭合s，断开s1、s2 b、当l、l1和l2都同时正常工作时，浴霸的功率是600w c、当l、l1和l2都同时正常工作时，通过熔丝的电流是2.5a d、当l、l1和l2都同时正常工作时，20min内浴霸消耗的电能是7.2105j 考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：应用题分析：（1）开关能控制与其串联的用电器，若开关在干路上则能控制整个电路；（2）当l、l1和l2都同时正常工作时，可根据并联电路的功率特点直接利用灯泡的额定功率求解；（3）因它们都正常工作，则由功率公式可求得通过电路中的总电流，即可知通过熔丝的电流；（4）照明灯和取暖灯全部正常发光，则可求灯的总功率，由功率公式的变形式即可求得20min内消耗的电能解答：a、观察电路图可知：l、l1和l2并联连接，且开关s、s1、s2分别控制l、l1和l2；所以该浴霸只用作照明时，应闭合与照明灯串联的开关s，断开与取暖灯串联的开关s1、s2；故a选项说法正确，不符合题意；b、当l、l1和l2都同时正常工作时，照明灯和取暖灯的实际功率等于它们的额定功率，则浴霸的功率p总=p+p1+p2=275w+275w+50w=600w；故b选项说法正确，不符合题意；c、它们都正常工作，则通过电路中的总电流i总= p总/u= 600w/220v2.73a，即通过熔丝的电流为2.73a；故c选项说法错误，符合题意；d、照明灯和取暖灯全部正常发光，根据已求出的灯霸总功率，可知：20min内消耗的电能为e=w=p总t=600w2060s=7.2105j；故d选项说法正确，不符合题意；故选c点评：本题主要考查灯泡的额定功率与实际功率的判断，注意实际工作时实际电压和额定电压是否相等，若不相等则灯泡不能正常工作11、有两个额定电压相同的小灯泡，串联起来接到电源上，亮度不同在分析二个灯泡的额定功率哪个比较大时，要做以下分析：从关系式p=i2r可以知道；较亮灯泡的电阻较大；在相同电压下工作时，灯泡的电功率和它的电阻成反比；从关系式p= u2/r可以知道；串联时流过两个灯泡的电流相同；所以，串联时那个较暗灯泡的额定功率较大请你将最合理的排序选出来（）a、 b、 c、 d、考点：串联电路的电流规律；电功率的计算分析：解决此类问题的关键是知道串联电路中电流处处相等，知道功率的公式p= u2/r和p=i2r解答：判断灯泡电功率大小的步骤是：串联时流过两个灯泡的电流相同；从关系式p=i2r可以知道；较亮灯泡的电阻较大；从关系式p= u2/r可以知道；在相同电压下工作时，灯泡的电功率和它的电阻成反比；所以，串联时那个较暗灯泡的额定功率较大；故选d点评：串联电路的电流处处相等，会根据灯泡的亮暗判断电阻的大小，能结合电功率公式分析功率的大小12、假设导体没有电阻，当用电器通电时，下列说法正确的是（）a、白炽灯仍然能发光 b、电动机仍然能转动c、电饭锅仍然能煮饭 d、电熨斗仍然能熨衣服 考点：电流的热效应、化学效应和磁效应分析：假设导体没有电阻，当用电器通电时，用电器不会产生电热，利用电流的热效应工作的家用电器将不能工作解答：解：白炽灯、电饭锅、电熨斗都是利用电流的热效应工作的，如果导体没有电阻，当用电器通电时，用电器不会产生电热，白炽灯不能发光，电饭锅不能煮饭，电熨斗不能熨衣服如果导体有电阻，电动机工作时，电能转化为机械能和内能，假设导体没有电阻，当电动机通电时，电动机不会产生电热，电能全部转化为机械能，效率更高更好故选b点评：假设导体没有电阻，利用电流热效应工作的电器都不能工作，利用电流的磁效应和效应工作的用电器不受影响13、如图2所示电路，电源电压不变，r是定值电阻当将一个“2.5v 0.5a”的小灯泡接在a，b两点间时，小灯泡恰好正常发光；若换一个“3.8v 0.5a”的小灯泡接在a，b两点间，则这个小灯泡（）a、比正常发光亮些 b、比正常发光暗些c、能正常发光 d、灯丝将会被烧断答案：b14、（2011兰州）如图所示的电路中，闭合开关，滑动变阻器滑片向右滑动的过程中（）a、灯泡l1变亮、l2亮度不变b、灯泡l1变亮、l2变暗 c、灯泡l1亮度不变、l2变亮 d、灯泡l1变暗、l2变亮 考点：欧姆定律；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；电路的动态分析；实际功率专题：应用题；动态预测题；整体思想分析：先根据滑动变阻器阻值的变化，判定并联部分电阻的变化，则整个电路中电阻变化也就确定了；再根据欧姆定律判定总电流的变化；再根据p=i2r即可判定l1亮度的变化；最后，根据p= u2r即可判定l2的亮度解答：当滑动变阻器滑片向右滑动时，变阻器的阻值变大；又知：滑动变阻器与l2并联；所以，并联部分的电阻变大；则电路中的总电阻也就变大；由欧姆定律得：i= u/r，则总电压不变时，总电流将变小；则l1消耗的电功率为：p1=i2r1，灯泡的电阻不变，电流变小；所以，l1的功率变小，即灯泡l1变暗将滑动变阻器与l2看成一个整体，根据串联分压可知：滑动变阻器部分的电阻变大；则滑动变阻器部分分担的电压也变大；即l2两端的电压变大；又知，l2的电阻不变；所以，由p2= u2r得：p2变大；则灯泡l2变亮故选d点评：本题属于电路的动态分析，此类题可先分析局部电阻的变化，再分析总电阻的变化，由欧姆定律分析电路中电流的变化，即可得出结论；注意灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率15、如果加在某定值电阻两端的电压从6v升高到10v，通过该电阻的电流变化了0.1a，则该电阻的电功率变化了（）a、1.6w b、4.0w c、0.4w d、3.4w考点：电功率的计算；影响电阻大小的因素；欧姆定律的应用专题：计算题分析：电阻大小不变，已知电阻两端电压的变化和电流的变化，根据公式i= ur可求电阻的大小，根据公式p= u2r可知该电阻的电功率变化解答：电阻两端的电压变化，电阻保持不变，当电阻两端的电压为6v时，通过电阻的电流为i1= 6v/r，该电阻的电功率为p1= (6v)2/r，当电阻两端的电压为10v时，通过电阻的电流为i2= 10v/r，该电阻的电功率为p2= (10v)2/r，电流变化i=i2-i1= 10v/r- 6v/r=0.1a，所以r=40，所以该电阻的电功率变化了p=p2-p1= (10v)2/r- (6v)2/r= (10v)/240- (6v)/240=1.6w故选a点评：本题考查电功率和电流以及电阻的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是求电阻的阻值，这也是本题的难点16、小华用如图所示的电路测小灯泡功率电路中电源电压恒为4.5v，电压表的量程为o3v，电流表的量程为00.6a，滑动变阻器的规格为“20 1a”，灯泡标有“2.5v 1.25w”字样若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法正确的是（）a、电流表示数的变化范围是o0.5ab、滑动变阻器的电阻允许调节的范围是2.520 c、灯泡的最小功率是0.162w d、该电路的最大功率是2.7w答案：c17、（2009成都）如图所示，小亮做实验时，把甲、乙两只灯泡并联后接在电源上闭合开关后，发现甲灯发光，乙灯不发光经检查，电路连接正确，两只灯泡都完好无损则乙灯不发光的原因最有可能是（）a、乙灯的实际功率太大b、乙灯的实际功率太小 c、通过乙灯的电流远大于通过甲灯的电流 d、乙灯两端的电压远小于甲灯两端的电压 考点：实际功率；并联电路的电压规律分析：（1）灯泡的亮暗取决于灯泡的实际功率（2）并联电路各支路两端的电压相等（3）根据p=ui，知道电功率，知道电压，能判断电流的大小解答：（1）灯泡的亮暗取决于灯泡的实际功率甲、乙两只灯泡并联后接在电源上闭合开关后，发现甲灯发光，乙灯不发光甲灯的实际功率大于乙灯的实际功率所以a不符合题意b符合题意（2）甲乙两灯并联在电路中，电压相等，甲灯的实际功率大于乙灯的实际功率，根据p=ui，所以通过甲灯的电流大于通过乙灯的电流所以c、d都不符合题意故选b点评：（1）掌握并联电路各支路的电压相等（2）掌握灯泡的亮暗取决于灯泡的实际功率18、标有“6v 1.5w”的小灯泡，通过它的电流随两端电压变化的关系如图所示，若把这样的三只灯泡串联起来，接在12v的电源两端，灯泡的电阻及实际功率约为（）a、24 0.67w b、20 0.8w c、24 0.96w d、20 0.67w考点：电功率的计算；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；实际功率专题：计算题；应用题；图析法分析：在串联电路中，当各电阻的阻值都相同时，则各电阻两端分得的电压也相等，根据这个规律，我们就可以算出这三只灯泡串联时每只灯泡两端的电压；知道了灯泡两端的电压以后，我们就可以根据图象找出灯泡两端实际电压对应的实际电流，然后就可以根据公式r= ui和公式p=ui算出灯泡的电阻和灯泡的实际功率解答：因为三只灯泡串联且规格相同，则它们的电流和电阻都相同，所以这三只灯泡两端的电压都相同，根据串联电路电压规律可知，每只灯泡两端的电压都为4v；由图象可知，当u=4v时，i=0.2a，则小灯泡的电阻：r= u/i= 4v/0.2a=20，小灯泡的电功率：p=u/i=4v0.2a=0.8w故选 b点评：小灯泡的电阻随温度的变化而变化，在解答本题时一定要注意题中所给示的图象，要围绕这个图象去进行计算在解答本题时，如果不注意这个图象（灯泡的电阻是随温度变化的），就直接用小灯泡的额定功率、额定电压和公式r= u2/p进行计算，那就会出现错误，因为用这个公式算得的电阻是小灯泡在额定电压下正常发光时的电阻，并不是三只小灯泡串联时的电阻当然我们并不是说公式r= u2/p是错误的，只是在这道题中不能用它来直接进行计算，因为该题中的图象就明确的告诉我们小灯泡的电阻是在变化的当一道题中不考虑灯丝温度对电阻的影响，那我们就可以利用小灯泡的额定功率、额定电压和公式r= u2/p进行小灯泡电阻的计算19、（2009山西）如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关s，当滑动变阻器的滑片p向左移动时（）a、电流表示数变大，电压表示数变大b、电流表示数变小，电压表示数变小 c、电流表示数变大，电压表示数变小 d、电流表示数变小，电压表示数变大 考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用分析：首先通过滑动变阻器滑片的移动，判断电路中电阻的变化，然后根据欧姆定律i= ur判断出电路中电流i的变化，观察电路中电流表测的是通过哪个用电器的电流、电压表测的是哪个用电器两端的电压，结合u=ir即可作出正确判断解答：分析电路图可知，整个电路由滑动变阻器r和定值电阻r1串联连接，电流表测的是干路中的电流，电压表测的是定值电阻r1两端的电压闭合开关，当滑片向左移动时，滑动变阻器连入电路中的电阻减小，则串联电路的总电阻也减小，由i= u/r可得，在电源电压不变的情况下，电路中的电流变大，即电流表示数变大，对于定值电阻r1来说，它两端的电压u1=ir1也变大，即电压表示数变大故选a点评：对于变化电路的分析，突破口是引起电路变化的因素，比如该题是滑片的移动，然后根据电阻的变化和反复利用欧姆定律，就可以判断出引起的电流和电压的变化20、（2010南京）电熨斗通电一段时间后变得很烫，而连接电熨斗的导线却不怎么热，其原因是（）a、导线的绝缘皮隔热b、导线散热比电熨斗快 c、通过导线的电流小于通过电熨斗的电流 d、导线的电阻远小于电熨斗电热丝的电阻 考点：焦耳定律；串联电路的电流规律专题：推理法分析：电熨斗和导线串联，通过的电流和通电时间相同，根据焦耳定律q=i2rt可知，电阻越大电流产生的热量越多，据此分析判断解答：电熨斗在使用时，电熨斗和导线串联，i电熨斗=i导线，通电时间t相同，q=i2rt，r电熨斗r导线，电流产生的热量：q电熨斗q导线，从而出现通电一段时间后电熨斗变得很烫、而连接电熨斗的导线却不怎么热的现象；由以上分析可知，选项abc错、d正确故选d点评：本题考查了学生对焦耳定律、串联电路电流特点的了解和掌握，知道导线和电熨斗连接方式为串联是本题的关键21、如图所示，电源电压为6v且保持不变，滑动变阻器的最大阻值为20，定值电阻r0为5。闭合开关后，移动滑片，发现能使电流表（“00.6a”或“03a”）和电压表（“03v”或“015v”）的指针同时达到满刻度线。则r0的电功率与电流的关系图像可能是（ ） 答案 c22、（2011牡丹江）如图所示，电源电压保持不变闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时（）a、电流表示数变大 b、电压表示数变小c、小灯泡亮度不变 d、电压表示数不变 考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用专题：应用题分析：从电路图可以看出，灯泡l与滑动变阻器串联，电流表测量总电流；电压表测量电阻r的左端与滑片之间电阻两端的电压解答：闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻不变，电路电流不变，电流表示数不变；灯泡两端的电压不变，所以灯泡的亮度不变；电压表测量电阻r的左端与滑片之间电阻的电压变大；电压表示数变大；故选c点评：本题考查滑动变阻器与欧姆定律的应用，难点是判断电压表测量哪一部分电阻两端的电压23、（2010嘉兴）在“测定小灯泡额定功率”的实验中，当手移动变阻器滑片时，眼睛应观察（）a、灯泡的发光情况 b、变阻器滑片的位置c、电压表的示数 d、电流表的示数 考点：探究用电器的电功率实验；额定功率；电功率的测量专题：实验题分析：本题考查“测定小灯泡额定功率”的实验，重点对操作步骤的考查，关键在于理解额定功率的概念解答：额定功率是指用电器在额定电压下的规律，“测定小灯泡额定功率”正确的操作步骤应该是移动滑片时，同时观察电压表的示数，直到等于小灯泡的额定电压，记下此时电流表的示数，然后根据p=ui计算出小灯泡的额定功率故选c点评：伏安法测功率考察的重点在实验的原理、电路图、实物图、电表读数及额定功率的计算这几个方面24、（2010长沙）如图所示电路，电源电压恒定，r0为定值电阻，r为滑动变阻器闭合开关s后，在滑动变阻器滑片p向左滑动的过程